物理-广西柳州市2025届高三3月第三次模拟试题+答案

(考试时间75分钟满分100分)一、选择题(本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一个选项符合题目要求，第8~10题，每小题6分，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)1.2024年10月15日，嫦娥六号从月球背面带回的样品完成鉴定，样品中2He的含量十分丰富，是核聚变的理想材料。2He的质子数与中子数分别为2.某同学站在压力传感器上，开始时保持微蹲状态，之后完成了某些动作，所采集的压力F随时间t变化的图像如图。则该同学在压力传感器上完成的动作可能是B.只有下蹲过程C.先站起之后下蹲D.先下蹲之后站起3.中国的机器狗处于世界先进水平，如图所示，将物块放在机器狗的头部，物块与机器狗A.水平减速前进时，机器狗对物块的作用力小于物块的重力B.水平减速前进时，机器狗对物块的作用力大于物块的重力C.水平加速前进时，机器狗对物块的作用力等于物块的重力D.水平加速前进时，机器狗对物块的作用力大于物块对机器狗的作用力4.光伏玻璃具有高透光率低反射率的特点，一束光线以60°的璃上，反射光线与折射光线的夹角可能为A.30°B.60°C.90°D.120°5.水杯接完热水后再拧紧杯盖，待杯内的水降温后就较难拧开。若接入大半杯水后，杯内气体温度为87℃,压强为po,拧紧杯盖，杯内气体(视为一定质量的理想气体)被密闭，经过一段时间后，杯内温度降到27℃,此时杯内气体的压强约为6.哈雷彗星的运动轨道是一个以太阳为焦点的椭圆，其运行周期为N可视为圆形，哈雷彗星轨道的半长轴与地球公转半径之比为年，地球的公转轨道向匀速转动，角速度为6rad/s,线圈的总电阻为5Q,从图示位置开A.0.12NB.0.24NC.12ND.24N9.如图所示，一带正电的滑块以某一初速度沿固定绝缘斜面下滑，to图像可能正确的是二、非选择题(本大题共5小题，共54分。)11.(6分)某同学用如图所示的实验装置做“探究弹簧弹力和伸长量的关系”的实验，在弹簧下端依次挂1个、2个、3个、4个、5个质量均为20g钩码，测出弹簧相应的总长度，将实验数据记入下表。(重力加速度g取9.8N/kg)(1)关于本实验的注意事项，下列说法正确的是A.在安装刻度尺时，刻度尺可以适当倾斜B.所挂钩码产生的弹力要在弹簧的弹性限度内C.挂上钩码后，钩码上下振动，应当在钩码运动到最低点时读数(2)根据表格中的数据，可得出该弹簧的劲度系数为N/m;(3)取下这5个钩码，将一个质量为200g的小球挂在该弹簧下端，当弹簧处于原长 (劲度系数为k的弹簧，形变量为x时具有的弹性势能为12.(10分)某一电池的电动势E约为6.6V,内阻r未知。为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进行实验。图中R为电阻箱，Ro为45Ω的定值电阻，将电压表视为理想电表。/Q-1(1)闭合开关之前，应将电阻箱的阻值调到(选填“最大”或“零”);(2)电阻箱某次示数如图乙所示，其阻值为Ω;点作图得到如图乙所示的图像，通过图像可得电动势E=V,内阻r=Ω; (结果均保留三位有效数字)(4)若电池的内阻为r、电压表的内阻为Rv,则实验测得电池的电动势E测与电动势13.(10分)一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形图如图所示。质点Q的横坐标为4m,t=5s时质点Q第2次到达波峰。求：(1)波的传播速度大小；(2)x=10m处的质点在t=7s时的位移；14.(12分)如图所示，两根足够长的光滑金属导轨与水平面的夹角为0,导轨底端接有阻值为2R的定值电阻，导轨所在空间有方向垂直导轨平面向下、磁感应强度为B的匀强磁场，将质量为m、电阻为R的金属棒由静止释放，经时间t时速度达到最大。导轨宽度与金属棒的长度均为L,金属棒下滑过程中始终与导轨接触良好，导轨电阻不计，重(1)金属棒的最大速率；(2)金属棒从释放到速度最大的过程中沿导轨下滑的距离。15.(16分)如图所示，足够长的水平桌面上有一质量为3m的木板A,A的右侧固定一轻质挡板P,A的上表面光滑，下表面与桌面的动摩擦因数μ=0.4,在A的上方有水平向右的匀强电场。A在水平向右的恒力F作用下向右运动，当A的速度为vo时，质量为m、带正电的滑块B,以向右的速度vo从左侧滑上A,当B与P碰撞前的瞬间，A的速度恰好减为零，已知B与P的碰撞为弹性碰撞且B始终未脱离A,B可视为质点且所受电场力与F始终相等，重力加速度为g。求：(2)B与P第1次碰撞后，B离P的最远距离；(3)从B与P第1次碰撞至第3次碰撞的过程中，B的电势能的变化量。第4页/(共4页)柳州市2025届高三第三次模拟考试物理参考答案123456789DABCBACADACD1111.(6分)(1)B(2)49(3)8(每空2分)12.(10分)(1)最大(2)107.4(3)6.6717.013.(10分)解：(1)由图可知，波长λ=8m质点Q第2次到达波峰的时间：解得周期T=4s由波长与速度和周期的关系λ=vT解得v=2m/s解得周期T=4s由波长与速度和周期的关系λ=vT解得v=2m/s(2)经t₁时间，波传到x=10m(2)经t₁时间，波传到x=10m处，有则t=7s时，该质点已振动了△t=t-t₁=6s即1.5个周期可知此时该质点的位移x=0(3)设质点Q的振动方程xg=Asin(wt+φ)则t=7s时，该质点已振动了△t=t-t₁=6s即1.5个周期可知此时该质点的位移x=0(3)设质点Q的振动方程xg=Asin(wt+φ)由初始条件，t=0时，xg=0,速度正向最大，得φ=0由初始条件，t=0时，xg=0,速度正向最大，得φ=0即振动方程为即振动方程为14.(12分)解：(1)金属棒能达到的最大速度v时加速度为零，由牛顿第二定律：mgsin(1)金属棒能达到的最大速度v时加速度为零，由牛顿第二定律：mgsinθ=BIL金属棒的电动势：E=BLv由闭合电路的欧姆定律有E=I·3R联立解得联立解得(2)金属棒从静止释放到恰好达到最大速度v的时间过程中，由动量定理：mgsinθ·t-(2)金属棒从静止释放到恰好达到最大速度v的时间过程中，由动量定理：mgsinθ·t-BIL·t=mv由闭合电路的欧姆定律有由闭合电路的欧姆定律有第1页/(共3页)回路中的平均电动势联立解得15.(16分)解：(2)将A和B当做系统，地面对A的摩擦力4μmg=2F,即系统的动量守恒。设B与A第1次碰撞前的速率为v₁,木板的速度恰好减为零解得v₁=4vo设B与A第1次碰撞后，A与B的速度分别为vA₁、UB₁,取向右为正，碰撞过程中，系统动量守恒：mv₁=mUB₁+3mUA1联立以上各式解得UB=-2vo,方向向左，即第1次碰撞后B的速率为2voUA1=2vo,方向向右，第1次碰撞后A的速率为2vo由第(1)问计算可知，第1次碰撞后，B以2vo沿木板向左做匀减速运动至0再反向解得v共=vo此过程中A相对地面向左的位移为x₁,B相对地面向左的位移为x₂,由动能定理：联立解得：(3)A速度再次减为零的时间B的速度UA2=-2vo+a₂t=4vo(1分)此过程中，A的位移,B的位移(1分)第2页/(共3页)重复前面的运动过程，每相邻两次碰撞间滑块、木板的位