山东省滨州市2024-2025学年高一年级上册期末模拟考试物理试题（二）解析版

邹平一中高一物理期末考试模拟试题（二）

一、单选题

1.2024年4月25日，搭载三名航天员的神舟十八号载人飞船顺利入轨后，与空间站核心

舱实施径向交会对接，6名航天员成功实现“太空会师”，下列有关说法中正确的是

（）

A.对接过程中，“载人飞船”和“空间站”都可视为质点

B.对接成功后，以“载人飞船”为参考系，“空间站”在运动

C.“空间站”绕地球运动一圈，它的位移为零，但路程不为零

D.“空间站”绕地球运动一圈，它的瞬时速度与平均速度都不为零

2.如图所示为汽车在水平地面转弯的示意图。关于转弯时汽车速度及汽车所受到合外力尸

的方向，下列图示可能正确的是（）

B

尾

X头

Xr

./

.W尾

.

3头

车

3.甲、乙两物体在同一地点同时开始做直线运动的VT图像如图所示。根据图像提供的信

息可知（）

B.在乙追上甲之前，甲乙相距最远为8m

C.8s末甲、乙两物体相遇，且离出发点有321n

D.在0〜4s内与4〜6s内甲的平均速度相等

4.在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，常用“对称自由下落法”测重力

加速度g的值。如图，在某地将足够长真空长直管沿竖直放置，自直管下端竖直上抛一小

球，测得小球两次经过。点的时间间隔为?；，两次经过6点的时间间隔为又测得。、b

两点间距离为"则当地重力加速度g的值为（）

5.将一铁块A放在水平放置的磁板2上，A被8吸住并处于静止状态（如图所示），

关于铁块A的受力情况，下列叙述正确的是（）

A.铁块共受三个力的作用，其中有两个力的施力物体是磁板

B.铁块所受的重力与铁块所受磁板的支持力是一对平衡力

C.磁板所受铁块的压力等于铁块的重力

D.磁板对铁块的吸引力与铁块对磁板的吸引力，大小相等方向相反，是一对平衡力

6.如图所示，质量为2%的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为的物体B由细线悬

挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压.现突然将细线剪断，则剪断后瞬间A,B间的

作用力大小为（）

〃〃/〃

]A

7.“打水漂”是一种大众游戏，将扁形石片用力掷出，石片擦水面飞行，碰水面后弹起再

飞，石片不断在水面上向前弹跳，直至沉水。如图所示，某同学在岸边离水面高度0.8m

处，将一小石片以初速度6m/s水平抛出，若小石片接触水面后弹起，水平方向速度不变,

竖直方向弹起的最大高度是原来的弓，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。，以下说

法正确的是

3

A.小石片接触水面后的速度大小是接触水面前速度大小的;

4

B.小石片第一次接触水面后的速度大小为3m/s

C.小石片从抛出到第一次接触水面时的水平位移大小为2.4m

D.小石片第一次接触水面到第二次接触水面的运动时间为0.3s

8.如图所示，斜面体A上的物块P用平行于斜面体的轻弹簧栓接在挡板B上，在物块P

上施加水平向右的推力F整个系统厂处于静止状态，下列说法正确的是（）

A.弹簧的弹力一定沿斜面向下

B.地面对斜面体A有水平向左的摩擦力

C.物块P与斜面之间的一定存在摩擦力

D.若增大推力F,物块P与斜面之间的摩擦力一定变大

二、多选题

9.应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入，例如平伸手掌

托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出，对此现象分析正确的是（）

A.物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度

B.物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度

C.手托物体向上运动的过程中，手对物体的作用力大于物体对手的作用力

D.手托物体向上运动的过程中，物体将先后经历超重状态和失重状态

10.有一刹车失灵的大货车冲上避险车道。该过程可以看做匀减速直线运动，货车运动到

最高点时速度恰好为零，并保持静止，冲上避险车道的初速度为k货车该过程的位移为

Xo下列判断正确的是（）

A.货车从冲上车道至车道中点所用的时间为土

V

B.货车在车道上滑行的时间为三

V

C.货车滑到车道的中点时速度大小为5

2

D.货车的加速度大小为二

2x

11.如图甲所示，某篮球运动员正在进行超远三分球投篮。篮球的运动轨迹如图乙所示，

A是篮球的投出点，8是运动轨迹的最高点，C是篮球的投入点。已知篮球在A点的速度

与水平方向的夹角为60。，在C点的速度大小为山、与水平方向的夹角为45。，重力加速度

大小为g,不计空气阻力。下列说法正确的是（）

甲乙

A.篮球在2点的速度1%

20

B.从2点到C点，篮球的运动时间为国

g

C.篮球在A点的速度为2"

2

D.A、C两点的高度差为萼

12.如图甲所示，一倾角为。的足够长光滑斜面固定在水平地面上，斜面底端有一挡板，

一根劲度系数％=100N/m的轻弹簧两端分别连接在固定挡板和物块A上，紧挨着A放置物

块B（不与A粘连），物块C用轻质细线通过光滑的轻质定滑轮与物块B连接，细线与斜

面平行。开始时A、B均静止在斜面上，用手托住C,使细线刚好被拉直。现撤去外力，C

由静止开始运动，运动过程中物块A的加速度。与位移x图像如图乙所示，已知运动过程

中物体C未触地，g取lOm/s?。下列说法正确的是（）

B.物块C的质量为2kg

C.A向上运动的最大位移为12.5cm

D.斜面倾角。=30°

三、实验题

13.某同学做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验。如图甲所示为某次实验中用手

通过两个弹簧测力计共同拉动小圆环的示意图，其中A为固定橡皮条的图钉，。为标记出

的小圆环的位置，和OC为细绳。图乙是在白纸上根据该次实验结果画出的图。

(1)本实验主要采用的科学方法是()

A.控制变量法B.等效替代法

C.理想实验法D.建立物理模型法

(2)图乙中的力厂和力F,一定沿橡皮条4?方向的是(选填"『或"尸"，)

(3)在另一次实验中，该同学用两个弹簧测力计，通过细绳对小圆环施加平行木板平面的拉

力作用，两个拉力的方向如图丙所示。如果小圆环可视为质点，且小圆环、橡皮条和细绳

的重力可忽略不计，小圆环平衡时，橡皮条A。、细绳02和OC对小圆环的拉力的分别为

Fi、4和关于这三个力的大小关系，正确的是。

A.FI>F2>FSB.FS>FI>F2C.FT>F3>FID.F3>F2>FI

14.如图为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置示意图。图中打点计时器的电源为

(1)保持小车质量M一定，改变悬挂物质量也多次重复测量，在某次实验中根据测得

的多组数据可画出关系图线，如图所示；此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主

要原因是.

(2)有关实验操作，下列说法中正确的是.

A.平衡摩擦力时，应将祛码盘及盘内祛码通定滑轮拴在小车上

B.连接祛码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行

C.此实验只需平衡一次摩擦力

D小车释放前应靠近打点计时器，且应先接电源再释放小车

(3)如图为实验中获得的某一条纸带，图中A、B、C、E为相邻的计数点，相邻计数

点有四个点没有画出、若电源频率为50Hz,则。点的速度为v=m/s,加

速度的大小a=___________m/s2(结果保留2位有效数字)

^4~BCDEcm；

L00

<-17.50-*

<——31.50-------►

<----------------49.00----------►

四、解答题

15.一个路人准备打出租车回家。在他顺行前方x=8m正好有一辆空出租车正以

q=0.5m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动。他0.5s后开始以%=3m/s的速度同向

追赶出租车。他能够能否追上出租车？若能，从出租车开始运动计时，求出追上出租车的

时间；若不能，求出两者的最小距离。

16.如图所示，物体被两根细绳04、挂在小车上，己知：两根细绳与水平车顶面夹角

分别为53和37,物体质量为相，重力加速度为g,(sin37=0.6,cos37=0.8)试求：

(1)若小车静止不动，绳OA拉力和绳08拉力别为多大？

(2)若小车以大小为g的加速度向右匀加速运动时，绳拉力和绳08拉力分别为多

大？

(3)为使OA绳没有拉力，则小车向右运动的加速度的最小值？

17.风洞实验是测试飞行器性能的重要方法，风洞中可以提供大小和方向恒定的风力。在

某风洞中存在水平方向的恒定风力，将质量为m的小球以速度vo从。点斜向上弹射出

去，vo与水平方向夹角为仇经过一段时间后，小球到达射出点正上方的尸点时，速度恰

好为水平方向，重力加速度为g。求：

凤f

(1)尸点到。点的竖直高度/7；

(2)水平风力的大小厂；

(3)到达尸点时速度的大小Vp。

18.如图所示，地面依次排放两块完全相同的木板A、B,长度均为L=2.5m,质量均为乙

=150kg,现有一小滑块以速度%=6m/s冲上木板A左端，已知小滑块质量%=200kg,滑块

与木板间的动摩擦因数为从，木板与地面间的动摩擦因数4=0.2。（最大静摩擦力与滑动

摩擦力大小相等，取g=10m/s2）

AB

7777777777777777777777777777777777777777777777,

（1）若滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，求从应满足的条

件；

（2）若4=0.4,求滑块运动时间。（结果可用分数表示）

★参考答案★

1.【答案】C

【知识点】已知参考系判断物体运动情况、质点、平均速度、位移的定义、路程与位移

【详析】A.对接过程中，因要考虑二者的大小、形状和结构，所以“载人飞船”和“空间

站”都不能视为质点，故A错误；

B.对接成功后，二者以共同速度运动，以“载人飞船”为参考系，“空间站”静止，故B错

误；

C.位移是物体位置的变化，路程是物体运动轨迹的长度，所以“空间站”绕地球运动一

圈，它的位移为零，但路程不为零，故C正确；

D.“空间站”绕地球运动一圈，因为它一直在运动，所以它的瞬时速度不为零，但因该过

程中位移为零，所以平均速度为零，故D错误。故选C。

2.【答案】D

【知识点】物体运动轨迹、速度、受力的相互判断

【详析】汽车转弯时做曲线运动，则速度方向沿轨迹的切线方向，所受的合外力指向轨迹

的凹向，则正确的图可能为D。故选D。

3.【答案】C

【知识点】v-t图象面积的物理意义、利用v-t图象求位移、中间时刻的瞬时速度

【详析】A.VT图像与坐标轴围成的面积表示位移，在。〜6s内，甲的位移

乙的位移与=6x4m=24m因此6s末乙未追上

舜=gx（4+8）x4m+gx（6-4）x8m=32m

甲，故A错误;

B.当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时

峰=2x4mT———xlm=30m9=5x4m=20m

则最远距离乙=10m故B错误；

C.6s以后，甲物体停止运动，因此相遇时，距离出发点32m,乙所用时间

x32

f=J=—s=8s故C正确；

v4

4+8

D.根据图像可知，在0〜4s内甲的平均速度匕=;一m/s=6m/s在4〜6s内甲的平均速

度％=^^m/s=4m/s

故D错误。故选C。

4.【答案】B

【知识点】自由落体运动的三个基本公式

【详析】小球从a点上升到最大高度过程中『gg（等小球从b点上升的最大高度

1T

4=]g（尹

,8/z

依据题意ha-hb=h联立解得g=—T；故B正确，ACD错误。故选B„

5.【答案】A

【知识点】牛顿第三定律、分析物体受到几个力作用

【详析】铁块受重力、支持力、吸引力，三力平衡；其中支持力、吸引力的施力物体是磁

板，故A正确；铁块受重力、支持力、吸引力，三力平衡，故重力小于支持力，故B错

误；根据牛顿第三定律，压力等于支持力；而支持力等于重力与吸引力的矢量和，故压力

小于重力，故C错误；磁板对铁块的吸引力与铁块对磁板的吸引力是相互作用力，根据牛

顿第三定律，大小相等、方向相反；故D错误；故选A.

【『点石成金』】本题关键明确相互作用力是等值、反向、共线，同性质且作用在两个物体

上；平衡力是作用在一个物体上，可以是不同性质的力，且合力为零，基础问题.

6.【答案】B

【知识点】牛顿第二定律求瞬时突变问题

【详析】剪断细线前，只有A对弹簧有作用力，所以剪断细线前弹簧的弹力

与=mAg=2mg

将细线剪断的瞬间，根据牛顿第二定律可得（2〃z+3,"）g-与=（2m+3加”解得a=

隔离B,则有：3/wg-综=3〃皿解得，剪断后瞬间A、8间的作用力大稣故B正确，

ACD错误。故选B。

7.【答案】C

【知识点】平抛运动速度的计算、平抛运动位移的计算、斜抛运动

【详析】A.小石片抛出后竖直方向做自由落体运动，则有4=28%解得5=4向$

接触水面前的速度大小匕=V62+42m/s=2V13m/s

反弹后竖直方向做竖直上抛运动，则有谓=28=/%解得%=3m/s

16

则接触水面前的速度大小匕=病存01/$=36m/s

可知，小石片第一次接触水面后的速度大小是接触水面前速度大小的比值为土故

%4V13

A错误；

B.根据上述可知，小石片第一次接触水面后的速度大小为3鬲/s,故B错误;

C.小石片从抛出到第一次接触水面过程，小石片做平抛运动，则有％=gg产%=%/解

得％=2.4m故c正确；

D.小石片第一次接触水面到第二次接触水面过程，小石片做斜抛运动，竖直方向的分运

动是竖直上抛运动，则有一为=Vy「gf'解得/=0.6s故D错误。故选C。

【『点石成金』】小石片接触水面后弹起做斜抛运动。根据平抛运动及斜抛运动的规律进行

求解。

8.【答案】B

【知识点】整体法与隔离法结合处理物体平衡问题

【详析】A.对P受力分析可知，其可能受到斜面的摩擦力力，也可能不受斜面的摩擦

力，因此弹簧的弹力方向未知，故AC错误；

B.对整体分析可知，地面对斜面的摩擦力方向向左，与力/平衡，故B正确；

D.若P受到沿斜面向上的摩擦力，则增大推力，摩擦力变小，故D错误。故选B。

9.【答案】BD

【知识点】超重和失重的概念

【详析】AB.物体和手具有共同的加速度时，二者不会分离，故物体离开手的瞬间，物

体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，而手能离开物体，说明手的加速度大于重力

加速度，并且方向竖直向下，故A错误，B正确；

C.在手托物体向上运动的过程中，手对物体的力与物体对手的力是一对作用力和反作用

力，大小相等，方向相反，故c错误；D.手托物体向上运动的过程中，在向上加速度的

过程中，物体处于超重状态；而物体离开手后加速度向下，处于失重状态，故D正确。故

选BD。

10.【答案】BD

【知识点】匀变速直线运动速度与位移的关系、中间时刻的瞬时速度、匀变速直线运动位

移与时间的关系

【详析】B.根据x="解得货车在车道上滑行的时间为仁三B正确；

A.根据匀变速直线运动的特点，逆向思维x==。一力2解得

1=（1一受》=（1一正）在A错误；

22v

C.根据2办=丫2=解得货车滑到车道的中点时速度吁变丫c错误；

22

2

D.逆向思维，根据2ox=v2解得货车的加速度大小a=JLD正确。故选BD。

2x

11.【答案】AD

【知识点】斜抛运动

【详析】A.篮球的运动轨迹如图乙所示，篮球做的是斜抛运动，由斜抛运动的规律可

知，在水平方向为匀速直线运动，在竖直方向为竖直上抛运动，已知在C点的速度大小为

vo,与水平方向的夹角为45。，则有在水平方向的速度为vx=vocos45o=受％B点是最高

点，在竖直方向的速度是零，只有水平方向的速度，所以篮球在2点的速度变%,A正

20

确；

B.篮球在C点时，竖直方向的速度为j=%sin45=孝%篮球从B点到C点，竖直方

向为自由落体运动，则有Vy=gf篮球从8点到C点，篮球的运动时间为，=上="hB错

g2g

'口

厌；

C.篮球在A点的水平方向速度为Vx=#%篮球在A点的速度为匕=。cos60

=0%C错误;

D.设篮球由A到C的高度差为h,由机械能守恒定律得（相T=，咫〃+（根/得

〃=乜二生=曳D正确。故选AD。

2g2g

12.【答案】ABD

【知识点】整体法与隔离法解连接体问题、牛顿运动定律与图像结合

【详析】ABD.设放手前弹簧的压缩量为%,物块A运动位移为x,则

kx0=(%+%)gsin8

放手后且A、BZ:(x0-x)+^g-(mA+^)gsin^=(mA+mB+气)q得

km2

q=--------------------x-\-----------c--------

mA+z/Zg+mcmA+mB+mc

m2,9k1.5i、

由图可知-----c-----=4Am/s2.------------------=N/(m•kg)解得性=2kg,

mA+mB+mcmA+^+mc7.5x10

mA++mc=5kg

,/\km£sin^

A、B分离后，对A有—得的=----%+---R-----

一k2.5…、飞gsinOs,2,~

由图可知——=2N/(m-kg),」-----=10m/s-得%=lkg；mB=2kg；。=30°；

AX1UA

曲=15cm故ABD正确；

C.由图乙可知，A在x=7.5cm时与B开始分离，之后在7.5cm~10cm间做加速度逐渐减

小的加速运动；在x=10cm时，加速度为0,A的速度达到最大；之后继续向上做减速运

动，在10cm~12.5cm间做加速度逐渐增大的减速运动，根据对称性可知，A在x=12.5cm

时速度等于在x=7.5cm时的速度，则A会继续向上做减速运动，所以A向上运动的最大

位移大于12.5cm,故C错误。故选ABD。

13.【答案】⑴B⑵尸(3)A

【知识点】力的平行四边形定则及应用、验证力的平行四边形定则的原理和实验步骤、验

证力的平行四边形定则的注意事项和误差分析

A

，巴

B/

【详析】(1)实验原理是用一个力产生的作用效果与两个力产生的作用相同来进行等效替

代。故选B。

(2)用一个弹簧秤拉橡皮筋时，力一定沿橡皮条A。方向，图中可以看出，P表示一个

力，尸表示的是用平行四边形定则作出的两个力的合力，所以一定沿橡皮条A。方向的是

F。

(3)对。点进行受力分析，尸2与乙的合力与8等大反向，如图，根据几何关系可知

F2>F3故选A。

14.【答案】(1)没有满足小车的质量远大于钩码的质量的条件；(2)BCD；

(3)1.6m/s；3.5m/s2

【知识点】验证加速度与力成正比的实验步骤、数据处理与误差分析

【详析】(1)口]在小车的质量远大于钩码的质量的情况下，钩码的重力近似等于小车的

拉力，。下图线为一条直线。由图看出，A8段明显偏离直线，主要原因是由于钩码质量太

大，没有满足小车的质量远大于钩码的质量的条件；

(2)[2]A.平衡摩擦力，即使长木板倾斜一定角度，使重力沿斜面的分力等于摩擦力。所

以不能将磋码盘及盘内祛码通过滑轮拴在小车上，故A错误；

B.连接祛码盘和小车的细绳跟长木板保持平行，这样小车运动过程中，受到的拉力不变，

故B正确；

C,平衡摩擦力后，重力沿斜面的分力等于摩擦力，即〃zgsine=〃〃zgcose

改变小车质量，两者仍相等，不需要再次平衡摩擦力，故c正确；

D.小车释放前应靠近打点计时器，且应先接电源再释放小车，这样可以在纸带上打出较多

的点，故D正确。故选：BCD

（3）[3]相邻计数点有四个点没有画出，电源频率为50Hz,相邻计数点间的时间间隔

T=0.1s,根据时间中点的瞬时速度等于这一段时间内的平均速度，则。点的速度：

0.4900—0.1750

m/s=1.6m/s

2x0.1

„_.Ze0.4900-0.1750-0.1750

[4]根据-=加速度:"-Zm/s2=3.5m/s2

(27)2(2x61)2

15.【答案】不能，0.5m

【知识点】匀速物体追变速物体

【详析】出租车开动0.5s,运动的速度及位移W=印i=0.25m/s玉达到共速

216

时间4d+/2)=%

解得%2=5.5S出租车总位移降+，2了=9m人总位移入人=%,2=16.5m

因为工人-％车＜%o=8m所以没追上，两者的最小距禺Ax=%-九人+x车=0.5m

4

16.【答案】（1）0.8mg,0.6根g；（2）0.2mg,1.4mg；（3）—g

【知识点】正交分解法解共点力平衡、牛顿第二定律的同向性

【详析】（1）受力分析，正交分解

x轴〃cos37°—"cos53°=0y轴〃sin37°+看sin53°=mg

解得。=O.SmgTB=0.6mg

（2）若小车以大小为g的加速度向右匀加速运动时，对物体受力分析，正交分解

x轴18cos37°-北cos53°=机a＞轴18511137°+1^1153°=，咫