山东省淄博市2025年高考物理模拟检测（一）（解析版）

山东省淄博市2025年高考物理模拟检测（一）一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．如图所示，甲同学在地面上将排球以速度v₁击出，排球沿轨迹①运动；经过最高点后，乙同学跳起将排球以水平速度v₂击回，排球沿轨迹②运动，恰好落回出发点。忽略空气阻力，则排球（）A．沿轨迹②运动的最大速度可能为v1B．沿轨迹①运动的最小速度为v2C．沿轨迹①和轨迹②运动过程的速度变化量大小相同D．沿轨迹①和轨迹②运动过程的平均速度大小可能相同【答案】A【解析】AB．根据图像可知，轨迹①最高点大于轨迹②最高点，分析在最高点往左运动，根据平抛规律可知轨迹①运动时间长，但水平位移小，所以轨迹①水平分速度小，竖直分速度轨迹①的大，所以沿轨迹②运动的最大速度可能为v1，沿轨迹①运动的最小速度即水平速度小于v2，故A正确，B错误；C．沿轨迹①和轨迹②运动过程的速度变化量不同，因为运动时间不同，故C错误；D．沿轨迹①和轨迹②运动过程的平均速度大小不同，因为位移大小相同，但时间不同，故D错误。故选A。2．科技冬奥是北京冬奥会的一个关键词，大家在观看滑雪大跳台的比赛时，对“时间切片”有深刻的印象，就是把运动员从跳台上速度斜向上起飞一直到落地的过程展现在一帧画面上，3秒瞬间一帧呈现，给观众带来震撼视觉体验。假如运动员质量为m，离开跳台时速度的大小为v，重力加速度为g，运动中忽略阻力，则（）A．运动员在空中运动的每帧位置之间，重力冲量不相同B．运动员在空中运动的每帧位置之间，速度的改变方向不同C．运动员从跳台到最高点过程中，重力势能的增加为D．运动员从最高点落回地面过程中重力的瞬时功率随时间均匀增加【答案】D【解析】A．运动员在空中运动的每帧位置之间，时间间隔相同,重力的冲量由可知重力冲量相同，故A错误；B．运动员在空中只受重力作用，运动的每帧位置之间，速度的改变方向由可知是相同的，故B错误；C．运动员从跳台到最高点过程中，由于最高点有水平方向的速度，所以重力势能的增加小于，故C错误；D．运动员从最高点落回地面过程中重力的瞬时功率为所以随时间均匀增加，故D正确。故选D。3．如图甲所示，光滑斜面上有一滑块，受到沿斜面向上的作用力，从静止开始向上运动，物块的机械能与位移的关系如图乙所示（沿斜面向上为正方向）。下列说法正确的是（）A．过程中，力逐渐增大B．过程中，物块的加速度一直减小C．过程中，物块的动能一直增大D．过程中，物块受到的力为零【答案】D【解析】A．由图甲知，物块沿斜面向上运动时，只有重力和作用力对物块做功，所以作用力对物块做功等于物块的机械能的变化，即因物块从静止开始运动，所以因此图像的斜率表示作用力，由图乙可得过程中，力恒定，A错误；B．过程中，作用力越来越小，但物块的重力沿斜面向下的分力即下滑力不变，所以物块的加速度先减小后反向增大，B错误；C．过程中，由B分析知，物块的速度先增大后减小，因此物块动能先增大后减小，C错误；D．过程中，即对应图像部分，其斜率为零，物块受到的力为零，D正确。故选D。4．A、B两个粗细均匀的同心光滑圆环固定在竖直转轴上，圆心O在转轴上，两环和转轴在同一竖直面内，a、b两个小球分别套在A、B两个圆环上，当两环绕竖直轴匀速转动后，a、b两球在环上的位置可能是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】对小环受力分析如图由牛顿第二定律得故两小球角速度相同，故h相同，即在同一个水平面内做圆周运动。故选B。5．光的干涉现象在技术中有重要应用，例如检查平面的平整程度。如图甲所示，把一标准透明板压在另一被检测透明板上，一端用两张纸片垫起，构成空气劈尖，让单色光a、b分别从上方射入，得到明暗相间的条纹如图乙所示。下列说法正确的是（）A．单色光a的波长比单色光b的波长大B．若抽掉一张纸片，条纹间距会变小C．若出现图丙的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凸起的D．若单色光a刚好能让某金属发生光电效应，则单色光b一定能让该金属发生光电效应【答案】C【解析】设空气劈尖的顶角为θ，相邻亮条纹中央之间的距离为Δx，则有解得A．根据，入射光的波长越大，干涉条纹越宽，因为a光的条纹窄，b光的条纹宽，所以单色光a的波长比单色光b的波长小，A错误；B．根据，若抽掉一张纸片，θ变小，条纹间距Δx变大，B错误；C．根据，条纹向右弯曲，条纹间距Δx比左侧大，即Δx变大，表明θ变小，空气薄膜变薄，说明被检测的平面在此处是凸起，C正确；D．因为单色光a的波长比单色光b的波长小，所以单色光a的频率比单色光b的频率高，若单色光a刚好能让某金属发生光电效应，则单色光a的频率恰好等于极限频率，单色光b的频率一定小于极限频率，单色光b一定不能让该金属发生光电效应，D错误。故选C。6．图甲是正在水平面内工作的送餐机器人，该机器人沿图乙中ABCD曲线给16号桌送餐，已知弧长和半径均为4m的圆弧BC与直线路径AB、CD相切，AB段长度也为4m，CD段长度为12m，机器人从A点由静止匀加速出发，到B点时速率恰好为1m/s，接着以1m/s的速率匀速通过BC，通过C点后以1m/s的速率匀速运动到某位置后开始做匀减速直线运动，最终停在16号桌旁的D点。已知餐盘与托盘间的动摩擦因数μ=0.1，关于该运动的说法正确的是（）A．B到C过程中机器人的向心加速度a=0.2m/s2B．餐盘和水平托盘不发生相对滑动的情况下，机器人从C点到D点的最短时间t=12.5sC．A到B过程中餐盘和水平托盘会发生相对滑动D．若重新设置机器人，使其在BC段以3m/s匀速率通过，餐盘与水平托盘间不会发生相对滑动【答案】B【解析】A．B到C过程中机器人的向心加速度选项A错误；B．餐盘和水平托盘不发生相对滑动的情况下，机器人的加速度最大值为到达D点之前减速的时间减速位移从C到开始减速的时间则机器人从C点到D点的最短时间t=t1+t2=12.5s选项B正确；C．机器人从A点由静止匀加速出发，到B点时速率恰好为1m/s，则该过程中的加速度可知A到B过程中餐盘和水平托盘不会发生相对滑动，选项C错误；D．若重新设置机器人，使其在BC段以3m/s匀速率通过，则向心加速度可知餐盘与水平托盘间会发生相对滑动，选项D错误。故选B。7．一根轻绳平放在x轴上，绳的左端刚好与坐标原点O对齐，用手握着绳的左端在时刻开始上下做简谐运动，时，波传播到处，波形如图所示，此时处的质点运动的路程为45cm，则下列判断正确的是（）A．手握绳左端振动的频率为1.5HzB．时刻，坐标原点处的质点向上振动C．波传播到处时，处的质点运动的路程为30cmD．若将绳振动的周期减半，则形成的波传播速度加倍【答案】C【解析】A．由图可知解得故A错误；B．时刻，处的质点向下振动，因此时刻，坐标原点处的质点也向下振动，故B错误；C．波的振幅为波传播到处时，处的质点已振动一个周期，通过的路程为，故C正确；D．若将绳的振动周期减半，波的传播速度不变，故D错误。故选C。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）8．磁聚焦的原理图如图。通电线圈产生沿其轴线AA′方向的匀强磁场。从A点发出的带电粒子束初速度大小相等，方向与AA′的夹角都比较小。把初速度沿AA′方向和垂直于AA′方向分解，沿AA′方向的分速度（角度很小时），这表明所有粒子在沿AA′方向的分速度都相同。在垂直AA′方向，所有粒子均做圆周运动，只要粒子的比荷相等，周期就相等，因此，所有从A点发出的带电粒子束就能在A′点汇聚，这就是磁聚焦原理。设由电性相反、比荷均为k的两种粒子组成的粒子束从A点射入该通电线圈，初速度大小相等，方向与AA′的夹角相等且都很小，这些粒子在A′点汇聚在了一起。已知该通电线圈在线圈内产生的匀强磁场的磁感应强度大小为B，忽略粒子的重力及粒子间的相互作用，则A、A′之间的距离可能是（）A． B． C． D．【答案】BCD【解析】由于粒子束由电性相反的两种粒子组成，两种粒子在磁场中的旋转方向相反，要实现汇聚，必须经过周期的整数倍，因此A、之间的距离可能是、……而不能是、…，由于，解得所以A、之间的距离可能是当时有当时有当时有故选BCD。9．如图所示，匀强电场与直角三角形ABC所在平面平行，将电荷量为的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了的功；再从B点移到C点，静电力做了的功，且，，以下说法正确的是（）A．电场强度大小为B．电场强度大小为C．若电场强度的方向与竖直线夹角为（），则D．若电场强度的方向与竖直线夹角为（），则【答案】AC【解析】AB．根据公式整理有同理有令B点电势为0，则，在匀强电场中任意一条直线上等距离等电势降落，所以AB中点D的电势为，连接CD，为等势线，自B点作CD的垂线即为电场线，如图所示因为DB＝2cm，BC＝3cm所以因，在三角形CDB中根据面积相等求得解得故A正确，B错误；CD．如图所示由于根据三角形边角关系可得故C正确，D错误。故选AC。10．如图所示为某小型发电站高压输电示意图。升压变压器原、副线圈两端的电压分别为和，降压变压器原、副线圈两端的电压分别为和。在输电线路的起始端接入两个互感器，两个互感器原、副线圈的匝数比分别为和，各互感器和电表均为理想的，则下列说法正确的是（）

A．左侧互感器起到降压作用，右侧互感器起到降流作用B．若电压表的示数为，电流表的示数为，则线路输送电功率为C．若保持发电机输出电压一定，仅将滑片下移，则输电线损耗功率增大D．若发电机输出电压一定，若用户数增加，为维持用户电压一定，可将滑片下移【答案】AC【解析】A．根据两个互感器原、副线圈的匝数比可知电压互感器起到降压的作用，电流互感器起到降流（升压）的作用，A正确；B．设输电电流为，根据理想变压器电压和电流规律可得解得所以线路输送的电功率为B错误；C．由理想变压器电压和电流规律可得设输电线路总电阻为，根据闭合电路欧姆定律有设用户端总电阻为，根据欧姆定律有联立解得若保持发电机输出电压和用户数一定，仅将滑片下移，则增大，不变，所以增大，而输电线损耗功率为所以输电线损耗功率增大，C正确；D．若保持发电机输出电压和的位置一定，使用户数增加，即不变，减小，则增大，减小，为了维持用户电压一定，需要增大，可将滑片上移，D错误。故选AC。三、非选择题（本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题9分，第13题10分，第14题12分，第15题17分。其中13—15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）11．使用如图1装置做“探究气体压强与体积的关系”的实验，已知压力表通过细管与注射器内的空气柱相连，细管隐藏在柱塞内部未在图中标明。(1)为了探究压强p与体积V的关系，在测得需要的实验数据后，为达到“探究”的实验目的，用图像法进行数据分析，从下列选项中选出需要的步骤并按顺序排列______。A．作图像，根据画出的图线猜测p与V的关系B．作图像，根据画出的图线猜测p与V的关系C．作图像，对p与V关系的猜测进行检验D．作图像，对p与V关系的猜测进行检验E．检验正确，得出p与V关系的结论(2)第1小组为了探究一定质量的气体在不同温度时发生等温变化是否遵循相同的规律，进行了两次实验，得到的图像如图2所示。第2小组根据某次实验数据作出的图如图3所示。下列说法正确的是______A．实验前应将注射器里的空气完全排出B．为了减少实验误差，可以在柱塞上涂上润滑油，以减少摩擦C．由图2可知，第1小组的两次实验气体温度大小关系为D．如图3所示，若第2小组实验操作正确，则为联通空气柱与压力表细管的体积(3)如图4所示，小明从状态A缓慢拉升柱塞，使其到达状态B（体积为）。若此时突然提升柱塞，使其快速到达体积，则此时对应下图中的状态（填“C”、“D”、“E”、“F”）（图中A、B、E为同一等温线上的点）【答案】(1)ADE(2)CD(3)F【解析】（1）根据实验原理可作p−V图像，根据画出的图线猜测p与V的关系，再作图像，对p与V关系的猜测进行检验，检验正确，得出p与V关系的结论。故选ADE。（2）A．实验是以注射器内的空气为研究对象，所以实验前注射器内的空气不能完全排出，故A错误；B．为了减少实验误差，可以在柱塞上涂上润滑油，以保证气密性良好，故B错误；C．根据理想气体状态方程pV=CT可知，离坐标原点越远的等温线温度越高，则有，故C正确；D．设联通空气柱与压力表细管的体积为，则有整理可知根据图像可知为联通空气柱与压力表细管的体积，故D正确；故选CD。（3）快速到达体积，气体对外界做功，热量几乎不变，根据热力学第一定律可知，内能减小，温度降低，则对应图中的状态F。12．某同学为了测量电压表的内阻，从实验室找到一些实验器材：电源E（电动势为1.5V，内阻为2Ω）；待测电压表（量程为300mV，内阻约为1kΩ）；电阻箱（0~9999.9Ω）；滑动变阻器（0~20Ω，1A）；滑动变阻器（0~200Ω，0.1A）；定值电阻R＝60Ω；（1）根据实验器材设计了如图甲所示电路图，滑动变阻器应选择（填“”或“”）。（2）先调节滑动变阻器滑片至左端，电阻箱接入电路阻值为零，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表满偏，保持滑动变阻器滑片不动，再调节电阻箱阻值为时电压表半偏，则电压表的内阻为，用此方法测出的电压表内阻比实际值偏（填“大”或“小”）。（3）之后将此电压表改装成量程3V的电压表，并用标准表进行校对，实验电路如图乙所示。校准过程中，改装表示数总是略小于标准表，则应该将电阻箱阻值调（填“大”或“小”），若改装表的表头读数为300mV时，标准电压表的读数为2.8V，此时电阻箱示数为9000Ω，为了消除误差，则电阻箱接入阻值应为Ω。【答案】大小9720【解析】（1）[1]滑动变阻器分压式接入电路，阻值小方便控制电路，故滑动变阻器应选择；（2）[2]由于滑动变阻器阻值较小，可以控制电压表和电阻箱两端总电压近似不变，电压表的示数为半偏时，电阻箱示数即等于电压表的内阻，故电压表内阻为；[3]电阻箱接入电路后，电阻箱和电压表两端电压增大，当电压表的示数为半偏的时候，电阻箱分担的电压大于半偏的电压值，因此电阻箱的电阻大于电压表的内阻，故测量值偏大。（3）[4]改装表的示数偏小，即电压表分担的电压过小，根据串联分压原则应适当将电阻箱阻值调小；[5]设消除误差后，设电阻箱接入电路的电阻为，此时电路中的电流电压表的真正电阻根据电表改装原理有联立解得13．如图所示，两个横截面积均为S的绝热汽缸水平放置并固定在水平面上，两个汽缸通过底部的细管连通，细管上装有阀门。左侧汽缸长度为L，内部有压强为、温度为的理想气体；右侧汽缸足够长，绝热活塞（厚度不计）与汽缸底部隔开长度为L的真空，并用销钉固定活塞，右端开口与大气相通。活塞与汽缸内壁间无摩擦且不漏气，不计细管的容积和电热丝的体积，大气压强为p0。（1）仅打开阀门，判断理想气体内能的变化情况并说明理由；（2）打开阀门，并拔去销钉，给电热丝通电使汽缸内温度缓慢升高到，求稳定后活塞移动的距离。【答案】（1）见解析；（2）L【解析】（1）根据题意，仅打开阀门K1，汽缸内气体体积自由膨胀，对外不做功，同时由于汽缸绝热，气体既不吸热也不放热，所以根据热力学第一定律可知，气体内能不变；（2）根据理想气体状态方程即解得14．如图所示，某商场里完全相同的手推车甲和已经嵌套在一起的4辆手推车乙静置于水平地面，工作人员在极短的时间内给甲车一个冲量后立即