2025年湘教新版高二化学上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高二化学上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在体积可变的容器中发生反应N2+3H22NH3，当增大压强使容器体积缩小时，化学反应速率加快，其主要原因是A.分子运动速率加快，使反应物分子间的碰撞机会增多B.反应物分子的能量增加，活化分子百分数增大，有效碰撞次数增多C.活化分子百分数未变，但单位体积内活化分子数增加，有效碰撞次数增多D.分子间距离减小，使所有的活化分子间的碰撞都成为有效碰撞2、某混合气体由烯烃A和某烃B组成。现将1.0L该混合气体在氧气中充分燃烧，生成2.0L二氧化碳和2.4L水蒸气(在相同条件下测定)。则混合气体的组成及其体积比是A.V(烯烃)∶V(烷烃)=3∶2B.V(烯烃)∶V(烯烃)=3∶2C.V(烯烃)∶V(炔烃)=3∶2D.无法计算3、下列物质中，不属于合金的是()A.硬铝B.黄铜C.水银D.生铁4、从原料和环境方面的要求看，绿色化学对生产中的化学反应提出一个提高原子利用率的要求，即尽可能不采用那些对产品的化学组成来说没有必要的原料。现有下列3种合成苯酚的反应路线：其中符合原子节约要求的生产过程是（）A.③B.②C.①D.①②③5、常温下将稀NaOH溶液与稀CH3COOH溶液混合，不可能出现的结果是A.pH＞7，且c(OH－)＞c(Na＋)＞c(H＋)＞c(CH3COO－)B.pH＞7，且c(Na＋)+c(H＋)=c(OH－)+c(CH3COO－)C.pH＜7，且c(CH3COO－)＞c(H+)＞c(Na+)＞c(OH－)D.pH＝7，且c(CH3COO－)=c(Na+)＞c(H+)=c(OH－)6、设NA表示阿伏伽德罗常数的值，下列说法正确的是（）A.H2SO4的摩尔质量是98gB.1molO2的体积是22.4LC.18gH2O含有的原子总数为3NAD.0.1mol•L﹣1BaCl2溶液中，Cl﹣的物质的量浓度为0.1mol•L﹣17、胶体区别于其他分散系的本质特征是rm{(}rm{)}A.加热会聚沉B.产生丁达尔现象C.胶体微粒不能透过半透膜D.分散质颗粒大小在rm{1-100nm}之间评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、下列各组离子在水溶液中能够大量共存的是A.rm{Ca^{2+}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}B.rm{Na^{+}}rm{NO_{3}^{-}}rm{OH^{-}}C.rm{NH_{4}^{+}}rm{C1^{-}}rm{{,!}_{-}SO_{4}^{2-}}D.rm{Ag^{+}}rm{CO_{3}^{2-}}rm{Cl^{-}}9、可用于沉淀rm{Ba2^{+}}的试剂有。

A.rm{NaCl}溶液B.rm{Na_{2}CO_{3}}溶液C.rm{Na_{2}SO_{4}}溶液D.rm{NaNO_{3}}溶液10、氧化铅(PbO)是黄色固体。实验室用草酸在浓硫酸作用F分解制备CO，其原理为H2C2O4CO↑+CO2↑+H2O。某学习小组设计实验探究CO还原氧化铅并检验氧化产物的装置如图所示(已知CO通入银氨溶液产生黑色银粒)。下列说法不正确的是。

A.实验时，先点燃①处酒精灯，等装置⑥中出现较多黑色银粒且有连续气泡后再点燃④处酒精灯B.实验完毕时，先熄灭④处酒精灯，再熄灭①处酒精灯C.尾气处理装置可选用盛NaOH溶液的洗气瓶D.当装置④中固体质量减轻了0.16g时，装置①中消耗的的物质的量为0.01mol11、将下列物质加入水中，会显著放热的有()A.烧碱B.浓硫酸C.食盐D.生石灰12、苯是一种常见的有机溶剂和化工原料，下列关于苯的叙述正确的是rm{(}rm{)}A.难溶于水B.易挥发，有毒性C.属于高分子化合物D.属于烃类化合物13、下列各组物质中，所含分子数相同的是A.rm{32gO_{2}}和rm{32gCO}B.rm{28gN_{2}}和rm{44gCO_{2}}C.rm{18gH_{2}O}和rm{1molBr_{2}}D.rm{2.24LH_{2}(}标准状况rm{)}和rm{0.1molN_{2}}14、生活及生产过程直接排放的超细颗粒物是大气中可吸入颗粒物的主要来源。能减少大气中可吸入颗粒物的措施有()A.加高工厂烟囱B.推广使用新能源汽车C.安装除尘设备D.将高污染产业转型升级评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、在25℃时，对于0.1mol•L-1的氨水；请回答以下问题：

（1）若向氨水中加入少量硫酸铵固体，此时溶液中将____（填“增大”；“减小”或“不变”）；

（2）若向氨水中加入pH=1的硫酸，且氨水与硫酸的体积比为1：1，此时溶液的pH____7（填“大于”、“小于”或“等于”），用离子方程式表示其原因____，此时溶液中各离子浓度由大到小的顺序为____．

（3）若向氨水中加入0.05mol•L-1稀硫酸至溶液正好呈中性，所用氨水的体积V1与稀硫酸的体积V2的关系为V1____V2（填“大于”、“小于”或“等于”），写出溶液中各离子浓度之间满足的电荷守恒表达式____．16、（14分）下图所示装置中，甲、乙、丙三个烧杯依次分别盛放1005.00％的溶液、足量的溶液和l0010.00％的溶液．电极均为石墨电极。接通电源，经过一段时间后，测得丙中浓度为10.47％，乙中c电极质量增加。据此回答问题：①电源的N端为极;②电极b上发生的电极反应为；③电极b上生成的气体在标准状况下的体积：____；④电极c的质量变化是____⑤电解前后各溶液的酸、碱性大小是否发生变化，简述其原因：甲溶液；乙溶液；丙溶液；17、煤炭可以转化为清洁能源和化工原料．rm{(1)}用煤可以制得水煤气rm{.}工业上可用煤和水通过水煤气法制氢气；已知下列热化学方程式：

rm{C(s)+1/2O_{2}(g)篓TCO(g)triangleH_{1}=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2H_{2}O(g)triangleH_{2}=-483.6kJ?mol^{-1}}

则：rm{C(s)+H_{2}O(g)篓TCO(g)+H_{2}(g)triangleH_{3}=}_________rm{C(s)+1/2O_{2}(g)篓TCO(g)triangle

H_{1}=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2H_{2}O(g)triangle

H_{2}=-483.6kJ?mol^{-1}}若rm{C(s)+H_{2}O(g)篓TCO(g)+H_{2}(g)triangle

H_{3}=}rm{kJ?mol^{-1}}和rm{(2)}键的键能分别是rm{H-H}rm{O=O}和rm{O-H}rm{436kJ?mol^{-1}}结合上述热化学方程式的相关数据计算，rm{496kJ?mol^{-1}}_______rm{m}rm{kJ?mol^{-1}}已知一氧化碳与水蒸气反应过程的能量变化如图所示：则此反应为___________rm{m=}填“吸热”或“放热”rm{.}反应，反应的热化学方程式为______________________________________．rm{(3)}18、在盛有鸡蛋白溶液的试管里，缓慢地加入饱和的硫酸钠溶液，观察到的现象是__________。这种现象叫____________．再向试管里加入足量的蒸馏水，观察到的现象是________________，这说明_________________是一个可逆过程，利用这个性质，可以采用多次_____________的方法分离、提纯蛋白质。19、（8分）10℃时加热NaHCO3饱和溶液，测得该溶液的pH发生如下变化：。温度（℃）102030加热煮沸后冷却到50℃pH8.38.48.58.8甲同学认为，该溶液的pH值升高的原因是HCO3—的水解程度增大，故碱性增强，该反应的离子方程式为。乙同学认为，溶液pH升高的原因是NaHCO3受热分解，生成了Na2CO3，并推断Na2CO3的水解程度____（填“大于”或“小于”）NaHCO3。丙同学认为甲、乙的判断都不充分。丙认为：（1）只要在加热煮沸的溶液中加入足量的试剂X，若产生沉淀，则乙判断正确。试剂X是____。A、Ba(OH)2溶液B、NaOH溶液C、BaCl2溶液D、澄清石灰水（2）将加热后的溶液冷却到10℃，若溶液的pH____(填“高于”、“低于”或“等于”）8.3，则甲判断正确。评卷人得分四、原理综合题(共4题，共20分)20、通常用燃烧的方法测定有机物的分子式；可在燃烧室内将有机物样品与纯氧在电炉加热下充分燃烧，根据产品的质量确定有机物的组成。如图所示的是用燃烧法确定有机物物分子式的常用装置.

现准确称取0.72g某烃样品；经燃烧后A管增重2.2g，B管增重1.08g。请回答:

(1)产生的氧气按从左到右流向，所选装置各导管的连接顺是:__________；

(2)A、B管内均盛有固态试剂，A管的作用是__________。

(3)燃烧管中CuO的作用是_________；如果把CuO网去掉，A管重量将_________；(填“增大”；“减小”、或“不变”)；

(4)请改进这套装置的一个不足之处_________。

(5)若该有机物分子中含有4个甲基，则该有机物的结构简式为_________；该有机物的二氯代物有_______种。21、磷化铝、磷化锌、磷化钙与水反应产生高毒的PH3气体(熔点为-132℃，还原性强、易自燃)，可用于粮食熏蒸杀虫。卫生安全标准规定：当粮食中磷化物(以PH3计)的含量低于0.05mg·kg-1时算合格。可用以下方法测定粮食中残留的磷化物含量：

（操作流程）安装吸收装置→PH3的产生与吸收→转移KMnO4吸收溶液→亚硫酸钠标准溶液滴定。

（实验装置）C中盛100g原粮，D中盛有20.00mL1.12×10-4mol•L-1KMnO4溶(H2SO4酸化)。

请回答下列问题：

(1)仪器C的名称是__________________；

(2)以磷化钙为例，写出磷化钙与水反应的化学方程式____________________；检查整套装置气密性良好的方法是_____________________________________。

(3)A中盛装KMnO4溶液的作用是______________________；通入空气的作用是____________。若没有B装置，则实验中测得PH3含量将____________（填“偏低”；“偏高”或“不变”）

(4)D中PH3被氧化成磷酸，所发生反应的离子方程式为_________________________。

(5)把D中吸收液转移至容量瓶中，加水稀释至250mL，取25.00mL于锥形瓶中，用5.0×10-5mol•L-1的Na2SO3标准溶液滴定剩余的KMnO4溶液，消耗Na2SO3标准溶液11.00mL，则该原粮中磷化物(以PH3计)的含量为______mg•kg-1。22、化学家侯德榜创立了中国的制碱工艺，促进了世界制碱技术的发展。下图是纯碱工艺的简化流

（1）写出CO2的电子式____________________。

（2）用离子方程式表示纯碱工艺中HCO3-的生成___________________。

（3）工业生产时先氨化再通CO2，顺序不能颠倒，原因是_______________。

（4）滤液A中最主要的两种离子是_________。

（5）某小组设计如下实验分离滤液A中的主要物质。打开分液漏斗活塞，一段时间后，试管中有白色晶体生成，用化学原理解释白色晶体产生的原因___________________。

（6）某纯碱样品因煅烧不充分而含少量NaHCO3，取质量为m1的纯碱样品，充分加热后质量为m2，则此样品中碳酸氢钠的质量分数为______________________。23、实验室用镁和硝基苯制取反式偶氮苯（溶解性:不溶于水；溶于醇；醚）。实验原理如下：

2+4Mg+8CH3OH→+4Mg(OCH3)2+4H2O

已知：①Mg(OCH3)2在水中极易水解。

②反式偶氮苯产品在紫外线照射后部分转化为顺式偶氮苯。

（1）反应中，硝基苯变为反式偶氮苯的反应属于_______________

A；取代反应B、消去反应C、还原反应D、氧化反应。

（2）在反应装置中，加入原料及溶剂，搅拌下加热回流。反应加入的镁条应用砂纸打磨干净的原因是_____________________________________。

（3）反应结束后将反应液倒入冰水中；用乙酸中和至中性，即有反式偶氮苯粗产品析出，抽滤（抽滤装置如图1），滤渣用95％乙醇水溶液重结晶提纯。

①为了得到较大颗粒的晶体，加入乙酸时需要____________（填“缓慢加入”；“快速加入”）。

②抽滤过程中要洗涤粗产品，下列液体最合适的是___________。

A．乙醚B．蒸馏水C．95％乙醇水溶液D．饱和NaCl溶液。

③重结晶操作包括“加热溶解、趁热过滤、冷却结晶、抽滤、洗涤、干燥”。上述重结晶过程中的___________操作除去了不溶性杂质，____________操作除去了可溶性杂质。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【解析】【答案】C2、A【分析】【解析】【答案】A3、C【分析】试题分析：合金是指在一种金属中加热熔合其它金属或非金属而形成的具有金属特性的物质．A．硬铝是铝的合金，故A错误；B．黄铜是铜和锌的合金，故B错误；C．水银是单质，属于纯净物，不属于合金，故C正确；D．生铁是铁和碳的合金，故D错误．答案选C.考点：合金的定义【解析】【答案】C4、A【分析】试题分析：根据题意要求所有反应物的原子都转化成生成物中，即原子利用率100%，①②中都使用了产物中不存在的原子，不满足题意，只有③正确，A符合题意。考点：本题属于信息给与题，读懂题干，结合问题解答。【解析】【答案】A5、A【分析】【解析】【答案】A6、C【分析】【解答】解：A；摩尔质量的单位为g/mol；故硫酸的摩尔质量为98g/mol，故A错误；

B；氧气所处的状态不明确；故1mol氧气的体积无法计算，故B错误；

C、18g水的物质的量为1mol，而水为三原子分子，故1mol水中含3NA个原子；故C正确；

D；在氯化钡溶液中；氯离子的浓度是氯化钡浓度的2倍，故此溶液中氯离子的浓度为0.2mol/L，故D错误．

故选C．

【分析】A、摩尔质量的单位为g/mol；B、氧气所处的状态不明确；C、求出水的物质的量，然后根据水为三原子分子来分析；D、在氯化钡溶液中，氯离子的浓度是氯化钡浓度的2倍．7、D【分析】解：胶体区别于其它分散系的本质特征是胶体粒子直径在rm{1-100nm(10^{-7}隆芦10^{-9}m)}之间，溶液的粒子直径小于rm{1nm}浊液的子直径大于rm{100nm}．

故选D．

分散系的本质区别在于分散质微粒的直径大小；能通过滤纸的分散系为溶液；胶体；能通过半透膜的分散系是溶液．

本题考查三类分散系的本质差异，难度不大，明确胶体区别于其他分散系的本质特征是分散质微粒直径的大小不同是解题的关键．【解析】rm{D}二、多选题(共7题，共14分)8、BC【分析】【分析】本题考查溶液中离子共存的判断，注意离子共存的条件，难度中等。【解答】A.rm{Ca}rm{Ca}rm{{,!}^{2+}}与rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{4}^{2-}}生成硫酸钙；碳酸钙难溶于水；不能大量共存，故A不选；

、rm{CO}rm{CO}rm{{,!}_{3}^{2-}}B.rm{Na}rm{Na}rm{{,!}^{+}}离子间不反应；可以大量共存，故B选；

C.、rm{NO}rm{NO}rm{{,!}_{3}^{-}}离子间不反应；可以大量共存，故C选；

、rm{OH}rm{OH}rm{{,!}^{-}}rm{NH_{4}^{+}}rm{C1^{-}}rm{{,!}_{-}SO_{4}^{2-}}生成D.rm{Ag}不能大量共存，故D不选。rm{Ag}故选BC。rm{{,!}^{+}}【解析】rm{BC}9、BC【分析】【分析】本题考查离子反应发生的条件，熟知常见物质的溶解度是解题的必备知识，离子反应发生的条件有：生成沉淀、气体、弱电解质rm{(}水、弱酸、弱碱等rm{)}发生氧化还原反应。水、弱酸、弱碱等rm{(}发生氧化还原反应。【解答】rm{)}rm{Ba}rm{Ba}rm{{,!}^{2+}}可以与碳酸根离子反应生成碳酸钡沉淀，rm{Ba}rm{Ba}rm{{,!}^{2+}}可以与硫酸根离子反应生成硫酸钡沉淀，rm{Ba}rm{Ba}rm{{,!}^{2+}}

与硝酸根离子、氯离子不能发生离子反应。A.rm{Ba}rm{Ba}

rm{{,!}^{2+}}与氯离子不能发生离子反应，因此不会生成沉淀，故A错误；B.rm{Ba}

rm{Ba}rm{{,!}^{2+}}可以与碳酸根离子反应生成碳酸钡沉淀，故B正确；

C.rm{Ba}

rm{Ba}【解析】rm{BC}10、CD【分析】【分析】

加热时CO还原PbO得到Pb，CO的氧化产物为根据制备CO的原理，装置①制得的CO中混有(g)，CO在加热时会与空气中的反应生成且空气中含有少量这些都会干扰CO氧化产物的检验，则CO与PbO反应之前必须排尽装置中的空气，CO通入PbO之前必须除去其中的和(g)。

【详解】

A．为防止CO与空气中的反应生成的和空气中少量干扰CO氧化产物的检验，在CO与PbO加热反应前必须先通CO排尽装置中的空气；实验时先点燃①处酒精灯，当观察到装置⑥中产生黑色固体颗粒且有连续气泡产生时表明装置中空气已经完全排尽，再点燃④处酒精灯，故A正确；

B．实验完毕；为防止产生倒吸，应先熄灭④处酒精灯，再熄灭①处酒精灯，故B正确；

C．由于CO有毒；要进行尾气处理，NaOH溶液不能吸收CO，尾气处理可点燃或用气球收集，故C错误；

D．加热④前要通CO排除装置中的空气，实验完毕后要继续通一段时间的CO，所以消耗的的物质的量比0.01mol要大；故D错误；

答案选CD。11、ABD【分析】【分析】本题旨在考查学生对吸热过程和放热过程的应用。【解答】A.烧碱溶于水放出大量的热，故A正确；B.浓硫酸稀释放出大量的热，故B正确；C.食盐溶于水不会放出大量的热，故C错误；D.生石灰与水反应生成氢氧化钙，放出大量的热，故D正确。故选ABD。【解析】rm{ABD}12、ABD【分析】解：rm{A}苯是一种不溶于水的有机溶剂；故A正确；

B；苯是一种有毒、易挥发的液体；故B正确；

C、苯分子相对分子只有rm{78}不属于高分子化合物，故C错误；

D；苯分子是有碳氢两种元素组成的有机物；所以属于烃类化合物，故D正确；

故选ABD．

A；根据苯在水中的溶解性进行分析；

B；根据苯的物理性质进行解答；

C、高分子化合物的相对分子量达到rm{10000}以上；

D；分子中只含有碳氢两种元素组成的有机物为烃．

本题考查了苯的物理性质及组成，注重了基础知识考查，题目难度不大，可以根据所学知识进行解答．【解析】rm{ABD}13、BCD【分析】【分析】本题考查物质的量、摩尔质量、气体摩尔体积等化学计量的计算，阿伏伽德罗定律的应用等，难度中等。【解答】A.rm{n({O}_{2})=dfrac{;32g}{;32g/mol;}=1mol}rm{n(CO)=dfrac{;32g}{28g/mol};;=dfrac{8}{7}mol}二者物质的量不相等，所含分子数不相等，故A错误；B.rm{n({N}_{2})=dfrac{;28g}{;28g/mol;}=1mol}，rm{n(C{O}_{2})=dfrac{;44g}{44g/mol};;=1mol}物质的量相同，则分子数相同，故B正确；C.rm{n({O}_{2})=

dfrac{;32g}{;32g/mol;}=1mol}rm{n(CO)=dfrac{;32g}{28g/mol};;=

dfrac{8}{7}mol}B.rm{n({N}_{2})=

dfrac{;28g}{;28g/mol;}=1mol}为rm{n({N}_{2})=

dfrac{;28g}{;28g/mol;}=1mol}与rm{n(C{O}_{2})=

dfrac{;44g}{44g/mol};;=1mol}rm{18gH}物质的量相同，则分子数相同，故C正确；rm{18gH}标准状况下rm{{,!}_{2}}为rm{O}为rm{1mol}与rm{1molBr}和rm{O}物质的量相同，则分子数相同，故D正确。故选BCD。rm{1mol}【解析】rm{BCD}14、BCD【分析】【分析】本题主要考查常见的生活环境的污染及治理的相关知识，据此进行分析解答。【解答】加高工厂烟囱虽然可以使周围地表粉尘的含量减少，但是污染物的排放总量不变，且没有被吸收除掉，同时还容易使污染范围扩大，所以不能减少大气中可吸入颗粒物，而推广使用新能源汽车、安装除尘设备、rm{.}将高污染产业转型升级则可以减少大气中可吸入颗粒物，故BCD正确。将高污染产业转型升级则可以减少大气中可吸入颗粒物，故BCD正确。rm{.}故选BCD。【解析】rm{BCD}三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】

（1）由于（NH4）2SO4=2NH4++SO42-，溶液中NH4+浓度增大；故答案为：增大．

（2）pH=1的硫酸溶液，C（H+）=0.1mol•L-1；氢离子浓度与氨水浓度相等，体积相同，所以恰好反应生成盐，但由于硫酸铵是强酸弱碱盐，铵根离子水解，使溶液呈酸性，PH＜7；

如果NH4+不水解，C（NH4+）：C（SO42-）=2：1，但水解是较弱的，所以c（NH4+）＞c（SO42-）；溶液呈酸性，所以c（H+）＞c（OH-）；

故答案为：小于；NH4++H2ONH3•H2O+H+；c（NH4+）＞c（SO42-）＞c（H+）＞c（OH-）；

（3）酸碱浓度比为1：2，由H2SO4+2NH3．H2O=（NH4）2SO4+2H20得，酸碱溶液的体积比应为1：1，但由于硫酸铵是强酸弱碱盐，铵根离子水解，使溶液呈酸性，要想使溶液呈中性，加入碱液的体积要比恰好反应的大一些；无论溶液的酸碱性如何，但溶液中阴阳离子所带电荷相等，即c（NH4+）V×NA×1+c（H+）V×NA×1=c（SO42-）V×NA×2+c（OH-）V×NA×1，化简得c（NH4+）+c（H+）=2c（SO42-）+c（OH-）

故答案为：大于；c（NH4+）+c（H+）=2c（SO42-）+c（OH-）．

【解析】【答案】（1）根据加入少量硫酸铵固体后；溶液中的铵根离子的浓度判断；

（2）根据生成的盐的类型判断PH值；根据盐类水解判断离子浓度大小；

（3）根据弱电解质的性质判断溶液体积大小；根据电荷守恒写出表达式．

16、略

【分析】依题意知甲乙丙都为电解池，其中a极为阴极b为阳极c为阴极d为阳极e为阴极f为阳极，M为负极N为正极。②电极b上发生的电极反应为4OH－－4e－=2H2O+O2↑⑤碱性增大，因为电解后，水量减少溶液是NaOH浓度增大酸性增大，因为阳极上OH－生成O2，溶液中H+离子浓度增加酸碱性大小没有变化，因为K2SO4是强酸强碱盐，浓度增加不影响溶液的酸碱性【解析】【答案】①正②4OH－－4e－=2H2O+O2↑③生成O2体积：××22.4L·mol－¹=2.8L④16⑤碱性增大，因为电解后，水量减少溶液是NaOH浓度增大酸性增大，因为阳极上OH－生成O2，溶液中H+离子浓度增加酸碱性大小没有变化，因为K2SO4是强酸强碱盐，浓度增加不影响溶液的酸碱性17、（1）+131.3kJ/mol（2）462.5（3）放热CO(g)+H2O(g)=CO2(g)+H2(g)ΔH=-41kJ/mol【分析】【分析】本题旨在考查学生对反应热和焓变、吸热反应和放热反应、用盖斯定律及有关计算、热化学方程式的书写等应用。【解答】rm{(1)}rm{垄脵C(s)+1/2O_{2}(g)篓TCO(g)triangleH_{1}=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{垄脷2H_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2H_{2}O(g)triangleH_{2}=-483.6kJ?mol^{-1}}

根据盖斯定律rm{(1)}得到：rm{垄脵C(s)+1/2O_{2}(g)篓TCO(g)triangle

H_{1}=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{垄脷2H_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2H_{2}O(g)triangle

H_{2}=-483.6kJ?mol^{-1}}rm{垄脵-dfrac{垄脷}{2}}rm{C}rm{C}rm{(}rm{s}rm{)}rm{+H}rm{(}rm{s}rm{s}rm{)}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{(}rm{g}rm{)篓T}rm{CO}rm{(}rm{g}rm{)}rm{+H}rm{(}rm{g}rm{triangleH_{3}=+131.3kJ?mol^{-1}}rm{g}rm{)篓T}rm{CO}rm{CO}根据上述方程式可知：rm{(}rm{g}rm{g}故rm{)}rm{+H}rm{+H}有图示可知，反应物总能量大于生成物总能量，该反应是放热反应，有图可知，反应热为rm{2}故反应热化学方程式为：rm{CO(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+H_{2}(g)娄陇H=-41kJ/mol}rm{2}rm{(}rm{g}rm{)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+H_{2}(g)娄陇H=-41kJ/mol}rm{(}rm{g}【解析】rm{(1)+131.3kJ/mol}rm{(2)462.5}rm{(3)}放热rm{CO(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+H_{2}(g)娄陇H=-41kJ/mol}rm{CO(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+H_{2}(g)

娄陇H=-41kJ/mol}18、略

【分析】【解析】试题分析：在盛有鸡蛋白溶液的试管里，缓慢地加入饱和的硫酸钠溶液，观察到的现象是产生浑浊。这种现象叫盐析．再向试管里加入足量的蒸馏水，观察到的现象是又变澄清，这说明盐析是一个可逆过程，利用这个性质，可以采用多次盐析的方法分离、提纯蛋白质。考点：蛋白质的盐析【解析】【答案】产生浑浊、盐析、又变澄清、盐析、盐析19、略

【分析】【解析】【答案】（8分）HCO3—+H2OH2CO3+OH—(2分)；大于(2分)；⑴C(2分)；⑵等于(2分)四、原理综合题(共4题，共20分)20、略

【分析】分析：(1)D中生成的氧气中含有水蒸气；应先通过C中的浓硫酸干燥，在E中电炉加热时用纯氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，则E中CuO可与CO进一步反应生成二氧化碳，然后分别通入B（吸收水）；A（吸收二氧化碳）中，按照上述分析进行装置的连接。

(2)氢氧化钠固体；吸收二氧化碳气体；，以便测定有机物中碳的量。

(3)燃烧管中CuO的作用是把反应生成的一氧化碳转化为二氧化碳；减小实验误差。

(4)空气中二氧化碳；水蒸气直接进入A装置中；影响实验。

(5)根据A管质量增加2.2g为二氧化碳的质量；计算出碳的量，B管质量增加1.08g是水的质量，计算出氢原子的量，算出碳氢原子个数比，确定烃的分子式，再根据题意要求写出结构简式。

详解：（1）D中生成的氧气中含有水蒸气，应先通过C中的浓硫酸干燥，在E中电炉加热时用纯氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，则E中CuO可与CO进一步反应生成二氧化碳，然后分别通入B（吸收水）、A（吸收二氧化碳）中，根据产物的质量推断有机物的组成，则产生的氧气按从左到右流向，所选装置各导管的连接顺是g-f-e-h-i-c-d-a-b(或g-f-e-h-i-d-c-b-a)；正确答案：g-f-e-h-i-c-d-a-b(或g-f-e-h-i-d-c-b-a)。

(2)A中盛放氢氧化钠固体；它能够吸收二氧化碳气体；正确答案：吸收生成二氧化碳。

(3)在E中电炉加热时用纯氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，则E中CuO可与CO进一步反应生成二氧化碳，使有机物分子中的碳尽可能转化为CO2；如果把CuO网去掉，一氧化碳不能被氢氧化钠吸收，A管重量将减小；正确答案：吸收生成二氧化碳；使有机物分子中的碳尽可能转化为CO2；减小。

(4)A装置中氢氧化钠吸收反应产生的二氧化碳；但是空气中水蒸气；二氧化碳也能够进入A装置，影响实验，因此在A装置后连接一个装有碱石灰的干燥管；正确答案：在A装置后连接一个装有碱石灰的干燥管。

（5）A管质量增加2.2g为二氧化碳的质量，n（CO2）=2.2g÷44g·mol﹣1=0.05mol，n（C）=n（CO2）=0.05mol，B管质量增加1.08g是水的质量，n（H2O）=1.08g÷18g．mol﹣1=0.6mol，n（H）=2n（H2O）=1.2mol，此有机物为烃，故只含有C和H两种元素，且个数比为：0.05：1.2=5：12，故可以确定为戊烷（C5H12），该有机物分子中含有4个甲基，则该有机物的结构简式为该有机物的二氯代物有2种，可在相同、不同的甲基上，和正确答案：(CH3)4C；2。【解析】g-f-e-h-i-c-d-a-b(或g-f-e-h-i-d-c-b-a)吸收生成二氧化碳使有机物分子中的碳尽可能转化为CO2减小在A装置后连接一个装有碱石灰的干燥管(CH3)4C221、略

【分析】分析：本题为综合实验题。主要考察磷化氢制备的原理、装置气密性的检查方法；高锰酸钾溶液为强氧化剂，因此装置中盛放该试剂的作用除去还原性气体；为了保证实验的准确性，利用空气把PH3全部带入到高锰酸钾溶液中进行吸收；最后根据反应的方程式中物质之间的关系计算出样品中PH3含量。

详解：(1)仪器C为反应的发生器；名称是三颈烧瓶；正确答案：三颈烧瓶。

(2)磷化钙与水反应生成磷化氢和氢氧化钙，反应的化学方程式：Ca3P2+6H2O===3Ca(OH)2+2PH3↑；检查整套装置气密性方法：关闭K1、打开K2用抽气泵缓慢抽气，若观察到A、B、D各装置中有气泡产生则气密性良好[或在D左边用橡胶管和止水夹封闭、关闭K2用压差法；或关闭分液漏斗旋塞后对C加热法]；正确答案：Ca3P2+6H2O===3Ca(OH)2+2PH3↑；关闭K1、打开K2用抽气泵缓慢抽气，若观察到A、B、D各装置中有气泡产生则气密性良好[或在D左边用橡胶管和止水夹封闭、关闭K2用压差法；或关闭分液漏斗旋塞后对C加热法]。

(3)依据装置图进行分析判断，高锰酸钾溶液是强氧化剂，可以吸收空气中的还原性气体；通入空气，吹出PH3，使其全部被酸性KMnO4溶液吸收，减小实验误差；B中盛装焦性没食子酸的碱性溶液,其作用是吸收空气中的氧气,防止氧化装置C中生成的PH3,若没有B装置，PH3部分被氧气氧化，则实验中测得PH3含量将偏低；正确答案：除去空气中的还原性气体；吹出PH3，使其全部被酸性KMnO4溶液吸收；偏低。

(4)PH3被酸性高锰酸钾氧化成磷酸，高锰酸钾被还原为锰离子，结合电子守恒和电荷守恒、原子守恒配平书写得到离子方程式为：5PH3+8MnO4-+24H+==5H3PO4+8Mn2++12H2O；正确答案：5PH3+8MnO4-+24H+==5H3PO4+8Mn2++12H2O。

(5)根据2KMnO4+5Na2SO3+3H2SO4=2MnSO4+K2SO4+5Na2SO4+3H2O反应可知，25毫升溶液中剩余KMnO4的量为[5.0×10-5×11×10-3]×2/5mol,那么250毫升溶液中剩余KMnO4的量为5.0×10-5×11×10-3×10mol,由于D中盛有KMnO4的量为20×1.12×10-4×10-3mol，所以参加反应的KMnO4的量2.24×10-6-2.2×10-6=0.04×10-6mol,根据5PH3+8MnO4-+24H+==5H3PO4+8Mn2++12H2O反应关系可知，消耗PH3的量为[4×10-8]×5/8mol；C中盛100g原粮，含有PH3的量[4×10-8]×5/8mol,质量为85×10-8g，则该原粮中磷化物(以PH3计)的含量为0.0085mg•kg-1；正确答案：0.0085。

点睛;本题在进行最后一问计算时，要根据反应关系计算出参与反应的酸性高锰酸钾溶液的量，但是要注意这是量取25毫升溶液中消耗高锰酸钾的量，计算总量时要注意是250毫升样品溶液，也就是得扩大10倍才能进行准确计算，否则误差相差太大。【解析】三颈烧瓶Ca3P2+6H2O===3Ca(OH)2+2PH3↑关闭K1、打开K2用抽气泵缓慢抽气，若观察到A、B、D各装置中有