2025年上教版选修3物理下册月考试卷含答案

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A.B.1.5C.D.22、关于电源的电动势，下列表述正确的是：A.电源的电动势由其体积决定；B.电源的电动势都是1.5伏；C.不接外电路时，电源两极的电压等于电动势；D.电源把电能转化为其他能．3、如图所示，一导热良好且足够长的气缸，倒置悬挂于天花板下。气缸内被活塞封闭一定质量的理想气体。活塞质量为气缸横截面积为当地大气压为且不随温度变化，重力加速度为忽略一切摩擦。当环境温度缓慢升高时，下列说法正确的是（）

A.悬线的拉力变大B.被封闭理想气体的内能增大C.被封闭理想气体的压强大小不变，且始终为D.外界对气体做正功4、某气缸内封闭有一定质量的理想气体，从状态依次经过状态和后再回到状态其图象如图所示；则在该循环过程中，下列说法正确的是（）

A.从到过程中，气体吸收热量B.从到过程中，气体的压强增大C.从到过程中，单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少D.若气体在从到过程中，内能增加对外做功则气体向外界放出热量5、如图所示，水平固定放置的足够长的U形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，在导轨上放着金属棒ab，开始时ab棒以水平初速度v0向右运动；最后静止在导轨上，就导轨光滑和导轨粗糙的两种情况相比较，这个过程（）

A.安培力对ab棒所做的功相等B.电流所做的功相等C.产生的总热量相等D.通过ab棒的电荷量相等6、如图甲所示，在线圈中通入电流后，在上产生感应电流随时间变化的规律如图乙所示，中电流正方向如图甲中箭头，则通入线圈中的电流随时间变化的图线是下图中的（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图甲所示，左侧接有定值电阻R＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T，导轨间距L＝1m。一质量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.2，则从起点发生x＝1m位移的过程中(g＝10m/s2)()

A.金属棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金属棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整个系统产生的总热量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J8、将不同材料制成的甲、乙两细管插入相同的液体中，甲管内液面比管外液面低，乙管内液面比管外液面高，则（）A.液体对甲材料是浸润的B.液体对乙材料是浸润的C.甲管中发生的不是毛细现象，而乙管中发生的是毛细现象D.若甲、乙两管的内径变小，则甲管内液面更低，乙管内液面更高9、在如图所示的U-I图象中，直线a为某电源的路端电压U与干路电流I的关系图象，直线b为某电阻R的伏安特性曲线．用该电源和电阻R连接成闭合电路；由图象可知（）

A.R的阻值1.5ΩB.电源电动势为3V，内电阻为0.5ΩC.电源的输出功率为3.0WD.电源的效率为50%10、电流天平可以用来测量匀强磁场的磁感应强度的大小．如图甲所示，测量前天平已调至平衡，测量时，在左边托盘中放入质量为m的砝码，右边托盘中不放砝码，将一个质量为m0、匝数为n、下边长为l的矩形线圈挂在右边托盘的底部，再将此矩形线圈的下部分放在待测磁场中．线圈的两头连在如图乙所示的电路中，不计连接导线对线圈的作用力，电源电动势为E，内阻为r.开关S闭合后，调节可变电阻至R1时，天平正好平衡，此时电压表读数为U.已知m0>m，取重力加速度为g；则()

A.矩形线圈中电流的方向为逆时针方向B.矩形线圈的电阻R＝r－R1C.匀强磁场的磁感应强度的大小B＝D.若仅将磁场反向，在左盘中再添加质量为2m0－m的砝码可使天平重新平衡11、如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0．若改变四个电阻中的一个阻值；则（）

A.减小R1，C1、C2所带的电量都增加B.增大R2，C1、C2所带的电量都增加C.增大R3，C1、C2所带的电量都增加D.减小R4，C1、C2所带的电量都增加12、下列说法正确的是________．A.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变宽B.光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物C.全息照片的拍摄利用了光的衍射原理D.地面上测得静止的直杆长为L，则在高速飞行火箭中的人测得手中的杆长应小于L评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、半径为r、电阻为R的N匝圆形线圈在边长为L的正方形区域abcd外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．磁场随时间的变化规律如图乙所示．图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0．则圆形线圈中产生的感应电动势E=________V，0至t0时间内通过的电荷量q=_________.

14、用图甲所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管上时，测得电流计的示数随电压变化的图像如图乙所示.则光电子的最大初动能为__________J，金属的逸出功为________J.15、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．16、如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R．线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度匀速转动，线框中感应电流的有效值I=___________．线框从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量q=_________．

17、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1Ω，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2Ω．R为一只保护电阻，R=3Ω．电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为_____W，电动机的输出功率为_____W．

18、如图，一个是振动图像，一个是波动图像，其中是___________是振动图像(选填：“a”或“b”)，图a的物理意义是：___________．19、为一列简谐横波在t=0时的波形图，P是平衡位置在x=0.5m处的质点，Q是平衡位置在x=2.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象．下列说法正确的是()

A．这列简谐波沿x轴正方向传播。

B．这列简谐波沿x轴负方向传播。

C．波的传播速度为20m/s

D．从t=0到t=0.25s；波传播的距离为50cm

E．在t=0.10s时，质点Q的加速度方向与y轴正方向相同评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)23、某实验小组要测量电阻Rx的阻值。

(1)首先，选用欧姆表“×10”挡进行粗测，正确操作后，表盘指针如图甲所示，则该电阻的测量值为_________Ω。

(2)接着，用伏安法测量该电阻的阻值，可选用的实验器材有：电压表V（3V，内阻约3kΩ）；电流表A（20mA，内阻约2Ω）；待测电阻Rx；滑动变阻器R1（0-2kΩ）；滑动变阻器R2（0-200Ω）；干电池2节；开关、导线若干。在图乙、图丙电路中，应选用图________（选填“乙”或“丙”）作为测量电路，滑动变阻器应选用_________（选填“R1”或“R2”）。

(3)根据选择的电路和器材，在图丁中用笔画线代替导线完成测量电路的连接______。

(4)为更准确测量该电阻的阻值，可采用图戊所示的电路，G为灵敏电流计（量程很小），R0为定值电阻，R、R1、R2为滑动变阻器。操作过程如下：①闭合开关S，调节R2，减小R1的阻值，多次操作使得G表的示数为零，读出此时电压表V和电流表A的示数U1、I1；②改变滑动变阻器R滑片的位置，重复①过程，分别记下U2、I2，，Un、In；③描点作出U-I图象，根据图线斜率求出Rx的值。下列说法中正确的有________。

A．闭合S前，为保护G表，R1的滑片应移至最右端。

B.调节G表的示数为零时，R1的滑片应位于最左端。

C.G表示数为零时，a、b两点间电势差为零。

D.该实验方法避免了电压表的分流对测量结果的影响24、要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1Ω），现有下列器材：理想电压表V（3V和15V两个量程）、电阻箱R（0~999.9Ω）、定值电阻R0=3Ω；开关和导线。某同学根据所给器材设计如下的实验电路：

（1）电路中定值电阻R0的作用是__________；

（2）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接电路_______；

（3）该同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表示数U，得到二组数据：R1=2Ω时，U1=2.37V，R2=4Ω时，U2=2.51V。由这二组数可求得电源的电动势E=_______V，内阻r=_______Ω。（结果保留三位有效数字）25、在“用单摆测重力加速度”的实验中；

（1）某同学的操作步骤为：

a．取一根细线，下端系住直径为d的金属小球；上端固定在铁架台上；

b．用米尺量得细线长度l；

c．在摆线偏离竖直方向5°位置释放小球；

d．用秒表记录小球完成n次全振动的总时间t，得到周期T＝t/n；

e．用公式计算重力加速度．

按上述方法得出的重力加速度值与实际值相比___________（选填“偏大”；“相同”或“偏小”）．

（2）已知单摆在任意摆角θ时的周期公式可近似为式中T0为摆角趋近于0°时的周期，a为常数．为了用图象法验证该关系式，需要测量的物理量有__________________（写式子中的字母符号）：__________________

若某同学在实验中得到了如图所示的图线，则图线中的横轴表示________（写式子中的字母符号）．评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)26、如图，一定质量的理想气体位于体积为3的容器中，容器被光滑导热薄活塞分成AB两室，B室的体积是A室的两倍，A室容器上连接有一形管（U形管内气体的体积忽略不计），两边水银柱高度差为B室连接有一阀门K，可与大气相通。大气压强为环境温度为求：

（ⅰ）打开阀门K后；稳定后A室的气体体积变为多少；

（ⅰⅰ）打开阀门K后；为使U形管内水银柱恢复到初始高度，A室内气体温度升高到多少。

27、如图所示，在温度为17℃的环境下，一根竖直的轻质弹簧支撑着一倒立汽缸的活塞，使汽缸悬空且静止，此时倒立汽缸的顶部离地面的高度为已知弹簧原长劲度系数气缸的质量活塞的质量活塞的横截面积若大气压强且不随温度变化。设活塞与缸壁间无摩擦，可以在缸内自由移动，缸壁导热性良好，使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同。（弹簧始终在弹性限度内，且不计汽缸壁及活塞的厚度）

（1）求弹簧的压缩量；

（2）若环境温度缓慢上升到37℃；求此时倒立汽缸的顶部离地面的高度；

（3）若在第（2）问中；密闭气体内能增加10J，则求该过程中密闭气体吸收的热量。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

作出光线在玻璃球体内光路图所示：

A、C是折射点，B反射点，OD平行于入射光线，由几何知识得，∠AOD=∠COD=60°，则∠OAB=30°，即折射角r=30°，入射角i=60°，根据折射定律有：故C正确，ABD错误。2、C【分析】【分析】

【详解】

电源的电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能的本领；与其体积大小无关，选项AD错误；并非电源的电动势都是1.5伏，例如蓄电池的电动势为2V，选项B错误；不接外电路时，电源两极的电压等于电动势，选项C正确；故选C.

【点睛】

电动势是表征电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，由电源本身特性决定．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．以气缸和活塞为研究对象；受到重力和悬线对其的拉力，根据平衡条件可知重力和悬线对其的拉力大小相等，方向相反，所以当环境温度缓慢升高时，悬线的拉力不变，故A错误；

B．由于气缸的导热良好；当环境温度缓慢升高时，被封闭理想气体的温度缓慢升高，所以被封闭理想气体的内能增大，故B正确；

C．以活塞为研究对象，根据平衡条件可知

解得被封闭理想气体的压强大小

故C错误；

D．当环境温度缓慢升高时；被封闭理想气体的压强不变，根据盖-吕萨克定律可得被封闭理想气体的体积增大，气体对外界做正功，故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．从到过程气体发生等温变化；内能不变，体积减小，外界对气体做功。由热力学第一定律可知，气体放出热量，选项A错误；

B．由知，从到过程气体发生等压变化；选项B错误；

C．从到程中；气体的温度不变，则单个气体分子碰撞器壁的力不变，压强减小，则必然是单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少造成的，选项C正确；

D．由

得

气体从外界吸收热量8kJ；选项D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A、当导轨光滑时，金属棒克服安培力做功，动能全部转化为焦耳热，产生的内能等于金属棒的初动能；当导轨粗糙时，金属棒在导轨上滑动，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生热，把部分动能转化为内能，另一方面要克服安培力做功，金属棒的部分动能转化为焦耳热．可知两种情况下安培力对ab棒做功大小不相等．故A错误；

B；克服安培力做功的大小等于电流做功的大小；所以电流做功不等，故B错误；

C；导轨粗糙时；安培力做的功少，导轨光滑时，安培力做的功多，两种情况下，产生的内能相等，都等于金属棒的初动能，则产生的总热量相等．故C正确．

D、导轨光滑时，导体棒的位移s大，导轨粗糙时，导体棒位移小，感应电荷量QB、R、导体棒长度L相同，s越大，感应电荷量越大，因此导轨光滑时，感应电荷量多，故D错误．6、D【分析】试题分析：由乙图产生的感应电流可知原线圈中的电流应该是均匀变化的；故AC错误；由乙图知副线圈中的电流沿图示方向，若原线圈中的电流是正向增大，则副线圈中由楞次定律知电流应该与正方向相反，故B错误D正确．故选D；

考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律．二、多选题(共6题，共12分)7、A:C【分析】【分析】

由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式得到FA与x的关系式，可知FA与x是线性关系，即可求出发生s=1m位移的过程中安培力做功WA=-x；再根据动能定理求解拉力做功；根据能量守恒求解整个系统产生的总热量Q．

【详解】

由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，则知FA与x是线性关系。当x=0时，安培力FA1=0；当x=1m时，安培力FA2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为：WA=-x=-0.25J；即金属棒克服安培力做的功为：W1=0.25J，故A正确。金属棒克服摩擦力做的功为：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B错误；克服安培力做功等于产生的电热，克服摩擦力做功等于产生的摩擦热，则整个系统产生的总热量Q＝WA+W2=4.25J，选项C正确；根据动能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功为：WF=8.25J。故D错误。故选AC。

【点睛】

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．8、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．液体对固体浸润的情况下；在细管中液面将上升，A错误B正确；

C．毛细现象是指浸润液体在细管中上升；以及不浸润液体在细管中下降的现象，C错误；

D．在液体和毛细管材料一定的情况下；管越细毛细现象越明显，D正确。

故选BD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图象b可知，外电阻

故A正确．

B．由图象a可知，电源电动势E=3.0V，短路电流I短=2A，电源内阻

故B错误．

C．由两图象的交点坐标，可得电阻两端的电压为1.5V，流过电阻的电流为1A，电源的输出功率为P=UI=1.5×1W=1.5W

故C错误；

D．由两图象的交点坐标，干路电流为1A，电源的总功率为P′=UI=3×1W=3W

则电源的效率

故D正确．

故选AD．10、A:C【分析】【详解】

A；对矩形线圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定则可知矩形线圈中电流的方向为逆时针方向，故A正确；

B、根据闭合电路欧姆定律可得解得矩形线圈的电阻故B错误；

C、根据平衡条件可得而解得匀强磁场的磁感应强度的大小故C正确；

D、开始线圈所受安培力的方向向上，仅将磁场反向，则安培力方向反向，变为竖直向下，相当于右边多了两倍的安培力大小，所以需要在左边加砝码，添加质量为的砝码可使天平重新平衡；故D错误；

故选AC．

【点睛】天平平衡后，仅将磁场反向时，安培力方向反向，则右边相当于多了或少了两倍的安培力大小．11、B:D【分析】【分析】

由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化；应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化．

【详解】

A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变；电容器所带电量不变，故A错误；

B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大；由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；

C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加；故C错误；

D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加；故D正确；

故选BD．12、A:B【分析】【分析】

根据相对论原理，沿着飞行方向上，长度缩短，根据条纹宽度的公式分析改变入射光可得相邻干涉条纹间距的变化；

【详解】

A．在双缝干涉实验中，根据条纹宽度的公式可知；若仅将入射光由绿光改为红光，波长变长，则相邻干涉条纹间距变宽，故A正确；

B．光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物；利用了激光的频率单一性的特点，故B正确；

C．全息照片往往用激光来拍摄；主要是利用了激光的干涉原理，故C错误；

D．根据相对论原理；地面上测得静止的直杆长为L，在沿杆方向高速飞行火箭中的人相对于杆是静止的，所以测得长度不变，故D错误；

故选AB．

【点睛】

在双缝干涉实验中，波长变长，则相邻干涉条纹间距变宽；光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物；全息照片利用了激光的干涉原理；三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】【分析】

本题是线圈的面积不变，磁场在变化，磁通量的变化率再根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，再根据q=It0；从而求解．

【详解】

磁通量的变化率为：

根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势为：

再根据闭合电路欧姆定律得感应电流为：．

电量为：q=It0=

【点睛】

本题是线圈类型，要掌握法拉第定律的几种不同表达形式，再结合闭合电路欧姆定律进行求解，并掌握求电量的公式．【解析】14、略

【分析】【详解】

第一空.由题中I－U图像可知：遏止电压Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光电效应方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1915、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温16、略

【分析】【分析】

此题考查了法拉第电磁感应定律的应用；需要知道的是感应电动势的最大值：有效值平均值用计算；瞬时值表达式在求解通过某截面的电量时要用平均值.

【详解】

感应电动势的最大值：感应电流的最大值：感应电动势的平均值：由q=It，可得：．

【点睛】【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可知，电路的电流为

电源的输出功率为

[2]电动机的输出功率为【解析】2.75，1.518、略

【分析】【分析】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移；波的图像描述的是同一时刻各个质点的位移.

【详解】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移，则图像b是振动图像；图a是波的图像；物理意义是同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)．

【点睛】

本题要理解振动图象和波动图象各自的物理意义；知道振动图像是“照相机”；波的图像是“录像机”.【解析】b同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)19、略

【分析】【详解】

由b图知，在时刻Q质点向上振动，根据“上下坡法”，知波沿x轴正方向传播，故A正确，B错误；由波动图象知，波长为由振动图象知，振动的周期为波传播的周期与质点的振动周期相等，则波速为故C正确；从到波传播的距离为故D错误；在时，即经过半个周期，质点P在平衡位置下方，加速度的方向沿y轴正方向，故E正确．【解析】ACE;四、作图题(共3题，共21分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)23、略

【分析】【详解】

(1)[1]欧姆表读数=刻度盘读数×倍率，读数是14.0×10Ω=