2025年外研衔接版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知（）

A.该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin（25t）V

B.该交流电的频率为50Hz

C.该交流电的电压的有效值为

D.该交流电的电压的有效值V

2、一个质量为m的小球甲以速度v在光滑水平面上运动；与一个等质量的静止小球乙正碰后，甲球的速度变为v，方向不变，那么乙球获得的动能等于（）

A.

B.

C.

D.

3、关于某一闭合电路中感应电动势的大小E，下列说法中正确的是（）A.E跟穿过这一闭合电路的磁通量的大小成正比B.E跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化大小成正比C.E跟穿过这一闭合电路的磁通量的变化率成正比D.E跟穿过闭合电路所在处的磁感应强度的大小成正比4、如图所示为探究弹簧的弹性势能与哪些因素有关的实验装置，用向下的力缓慢推小球压缩弹簧，撤去推力后，小球从竖直圆管中向上弹出..不计摩擦和空气阻力，弹簧的形变始终在弹性限度内，则()A.只增大弹簧的压缩量，小球上升的高度不变B.只增大弹簧的压缩量，小球上升的高度增大C.只增大弹簧的劲度系数，小球上升的高度不变D.只增大弹簧的劲度系数，小球上升的高度减小5、2013年4月16日18时44分，在伊朗哈什发生7.8级地震，导致很多房屋坍塌，场景惨不忍睹，就此事件，下列说法正确的有()A.所有建筑物周期相同B.所建筑物的振动振幅相同C.所有建筑物均做自由振动D.所有建筑物振动能量相同6、如图(a)

左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55娄赂AV

为理想电流表和电压表.

若原线圈接入如图(b)

所示的正弦交变电压；电压表的示数为110V

下列表述正确的是(

)

A.电流表的示数为22A

B.原、副线圈匝数比为12

C.电压表的示数为电压的有效值D.原线圈中交变电压的频率为100Hz

评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)7、如图，一个质量为30g带电量为-√3×10-8C的半径极小的小球，用丝线悬挂在某匀强电场中，电场线与水平面平行，当小球静止时，测得悬线与竖直夹角为30°，由此可知匀强电场方向为_________，电场强度大小为_____N/C.（g取10m/s2）8、如图所示，一透明半圆柱体折射率为n＝半径为R，长为L.一平行光束从半圆柱体的矩形表面垂直射入，从部分柱面有光线射出．该部分柱面的面积S=___________9、如图所示，Q带负电荷，金属导体P由于静电感应，两端感应电荷的电性分别是：导体P的a端带______电荷，b端带______电（填“正、负”），静电平衡后P内部的场强______零（填“大于、小于、于”）10、（4）电路如图所示，已知电池组的总内电阻r=1Ω，外电路电阻R=5Ω，电压表的示数U=2.5V，则电池组的电动势E应等于11、如图表示一交流随时间变化的图象，此交流的有效值为____A．

12、如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图（乙）所示，则________哪个时间段）小球动能最大13、手机已成为日常通信工具，手机使用的电磁波波长比可见光________(

选填“长”或“短”);

假如赫兹实验发出的电磁波(

赫兹波)

的频率为109Hz

其传播速度为3隆脕108m/s

则赫兹波的波长为________．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)21、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，电路图如图a

根据实验电路图a.

请在图b

中用笔画线代替导线；把实验仪器连接成完整的实验电路．

22、画出图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。

评卷人得分五、解答题(共4题，共24分)23、一个处于基态的氢原子射向另一个处于基态的静止的氢原子发生碰撞并连成一体，损失的动能使其中的一个氢原子跃迁到激发态，这个氢原子最多能发出两个不同频率的光子．已知：元电荷e=1.6×10-19C，真空中光速c=3.0×108m/s，普朗克常量h=6.63×10-34Js；光子的动量可以不计，氢原子能级如图所示．求：

（1）碰撞后跃迁到激发态的氢原子所处能级的量子数n及该氢原子碰撞前后的能量值。

（2）两个不同频率的光子中波长较短的光子的波长值．

（3）入射氢原子的动能．

24、在《描绘小灯泡伏安特性曲线》实验中选择“3V0.5A”的小灯泡作为研究对象；有下列实验器材供选用。

A．电流表（量程0～0.6A；内阻1Ω）

B．电流表（量程0～3A；内阻1Ω）

C．电压表（量程0～15V；内阻约10kΩ）

D．电压表（0～3v；内阻约2kΩ）

E．滑动变阻器（阻值0～100Ω）

F．滑动变阻器（阻值0-10Ω）

G．电源E=6V

H．开关I；导线若干。

（1）在方框中画出电路图。

（2）在本实验中；滑动变阻器应选用______，电流表应选用______．

25、在真空中P点，放一个q=-1.5×10-9的点电荷，测得电荷所受电场力大小7.5×10-6N；并且力的方向水平向西．求P点的电场强度的大小和方向．

26、质量为0.01kg铅制的子弹，以600m/s的速度射入固定的墙壁．这个过程中，子弹损失的动能有30%转化为子弹的内能．铅的比热容为13×102J/．求子弹的温度将升高多少℃．

评卷人得分六、计算题(共3题，共15分)27、如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一电子（其电荷量为e=1.6×10-19C）从a移到b电场力做功为Wab=3.2×10-18J．求：

（1）匀强电场的场强大小及方向；

（2）电子从b移到c；电场力对它做功；

（3）a、c两点的电势差等于多少？28、学校有一台应急备用发电机，内阻为r=1Ω；升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻为R=4Ω，全校22个教室，每个教室用“220V，40W”的灯6盏，要求所有灯都正常发光，求：

（1）发电机的输出功率多大？

（2）发电机的电动势多大？

（3）输电线上损耗的电功率多大？29、如图所示，光滑水平面MN

的左端M

处有一弹射装置P

右端N

处与水平传送带理想连接.

传送带水平部分长L=8m

并以恒定速度v=3m/s

沿图示箭头方向移动.

质量均为m=1kg

静止于MN

上的物块AB(

视为质点)

之间压缩一轻弹簧，贮有弹性势能EP=16J.

若AB

与传送带间的动摩擦因数娄脤=0.2

则解除弹簧压缩，弹开物块AB

后，求：

(1)

物块B

在传送带上向右滑行的最远距离L1

(2)

物块B

返回到水平面MN

时的速度vB隆盲

(3)

若物块B

返回水平面MN

后，与被弹射装置P

弹回的物块A

在水平面MN

上弹性碰撞(

碰撞过程无动能损失，碰撞时间极短)

使物块B

从传送带水平部分的右端Q

滑出，则弹射装置P

必须给物块A

至少做多少功？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】

由图象可知交流电的最大值为100V，因此其有效值为：U=V；故C错误D正确；

由图可知，T=4×10-2s，故f=ω=2πf=50πrad/s；所以其表达式为u=100sin（50πt）V，故AB错误．

故选D．

【解析】【答案】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．

2、B【分析】

根据动量守恒得，mv=mv+mv′，解得v′=v-v．

所以乙球的动能．故B正确；A；C、D错误．

故选B．

【解析】【答案】小球甲与小球乙发生碰撞时动量守恒；根据动量守恒定律求出碰后乙球的速度，从而求出乙球的动能．

3、C【分析】【解析】试题分析：感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量、磁通量的变化量没有关系，AB错；由于磁通量为BS的乘积，所以D错；考点：考查法拉第电磁感应定律【解析】【答案】Ｃ4、B【分析】【分析】由题知，不计摩擦和空气阻力，弹簧的形变产生的弹性势能最终转化为小球的动能，进而转化为小球的重力势能，小球上升到最大高度时，动能为0

其重力势能的大小即为压缩后弹簧弹性势能的大小，根据功能关系求出上升高度和弹簧的关系。本题考查弹簧弹力相关的做功类题目；从弹簧做功等于小球机械能增量的角度考虑，容易解决，不难。

【解答】设弹簧的初始压缩量为x

初始弹性系数为k

初始状态小球上升的高度为h

小球的质量为m

则从外力释放弹簧弹动小球到小球上升到最大高度的过程中，小球受重力和弹力共同作用，其机械能的增量等于弹力做功，大小和初始弹性势能相等；

即：mgh=12kx2

小球上升的高度：h=kx22mg

AB.

若只增大弹簧的压缩量达到x1

小球上升的高度：h1=kx122mg

由于x1>x

故h1>h

故小球上升的高度增加，故A错误，B正确；

CD.

若只增大弹簧的劲度系数达到k1>k

则小球上升的高度为：h2=k1x22mg>kx22mg=h

故小球上升的高度增加；故CD错误；

故选B。

【解析】B

5、A【分析】【解析】试题分析：地震属于机械波，所以波在传播过程中所有质点的振动周期和波源的周期相同，故A正确，由于地震属于阻尼振动，所以离震源越远，振幅越小，能量越小，故BCD错误故选A考点：考查了阻尼振动【解析】【答案】A6、C【分析】解：A

根据电路图可知，电阻R

的电压为110V

电阻为55娄赂

所以电阻R

的电流I=11055=2A

故A错误．

B；由图可知；输入的电压的有效值为220V

电压表的示数为110V

即为输出的电压，根据电压与匝数成正比可得匝数比为21

故B错误．

C；电压表、电流表等的读数都是有效值；故C正确．

D、经过变压器前后电压的频率是不变的，根据图象可知，输出电压的频率为f=10.02=50Hz

所以原线圈中交变电压的频率也为50Hz

故D错误．

故选：C

．

根据图象可以求得输出电压的有效值；周期和频率等；再根据电压与匝数成正比即可求得结论．

能够根据图象得到我们需要的物理信息，掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．【解析】C

二、填空题(共7题，共14分)7、略

【分析】试题分析：如题所示，带负电的小球所受的电场力水平向左，故电场强度方向向右.由平衡条件可知：Eq=mgtan30°，解得E=1.0×107N/C。考点：物体的平衡；电场强度.【解析】【答案】水平向右;1.0×107N/C8、略

【分析】从侧面看去，发生全反射的临界角为45°，有光线射出的圆心角为90°，弧长为R，圆柱面积为RL【解析】【答案】RL9、略

【分析】解：当负电荷Q处在金属导体P附近时，负电荷周围存在电场，从而使得金属中的自由电子在电场力作用下向b端发生移动，导致a端的正电荷多余，b端的负电荷多余，最终导体P的a端带正电，b端带负电．

当金属导体a端带正电，b端带负电时，导体中有自a向b的电场．由于负电荷Q也产生电场．故只有当复合电场为0时；自由电子才停止运动．

故答案为：正；负；等于。

物体带电有接触起电；有感应带电，有摩擦起电．对于感应带电，是利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理．

感应带电的本质是电荷的转移；当金属导体处于电场时出现静电平衡现象．【解析】正；负；等于10、略

【分析】【解析】【答案】3.0V（4分）11、略

【分析】

将交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为I，则根据有效值的定义有。

=I2RT

解得；I=5A

故答案为：5

【解析】【答案】根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

12、小球动能最大的时刻应在t1到t2之间的某时间【分析】【解答】t1时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大；t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故小球动能最大的时刻应在t1到t2之间的某时间【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止．13、长0.3m【分析】【分析】手机使用的电磁波波长比可见光波长长；电磁波在真空中传播速度为c=3隆脕108m/s

而c=娄脣f

由此公式求电磁波的波长娄脣

本题关键要知道电磁波在真空中的传播速度等于光速c

并掌握波速公式c=娄脣f

基础题目。【解答】手机使用的电磁波波长比可见光波长长；电磁波在真空中传播速度为c=3隆脕108m/s

频率f=109Hz

由c=娄脣f

得，波长：娄脣=cf=3隆脕108109m=0.3m

故答案为：长；0.3m

【解析】长0.3m

三、判断题(共7题，共14分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、作图题(共2题，共12分)21、解：由原理图可知；本实验采用滑动变阻器分压接法，同时电流表采用外接法，故连接实物图如图所示；

故答案如图所示：

【分析】

明确电路结构；根据电路图即可得出对应的实物图，注意实物图的连线要求．

本题考查测量灯泡伏安特性曲线的实验实物图连接，要注意明确实验原理图，在连线时注意导线不能交叉，不能跨过电器，滑动变阻器上方接线不能接在鞍片上，只能接在两端的接线柱上．【解析】解：由原理图可知；本实验采用滑动变阻器分压接法，同时电流表采用外接法，故连接实物图如图所示；

故答案如图所示：

22、解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。【分析】

本题考查了左手定则的直接应用；根据左手定则即可正确判断磁场；运动方向、洛伦兹力三者之间的关系，特别注意的是四指指向和正电荷运动方向相同和负电荷运动方向相反。

安培定则、左手定则、右手定则是在电磁学中经常用到的，要掌握它们的区别，并能熟练应用。【解析】解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。五、解答题(共4题，共24分)23、略

【分析】

（1）处于量子数为n激发态的氢原子能发出C种频率不同的光子；因为碰撞后的氢原子最多能发出两个不同频率的光子，所以碰撞使氢原子从基态跃迁到n=3的激发态．

由氢原子能级图可知；氢原子在这两个状态的能量分别为：

E1=-13.60eV，E3=-1.51eV

（2）波长较短的光子是氢原子是从n=2的激发态跃迁到基态发出的，由氢原子能级图可知，氢原子在n=2的激发态的能量为E2=-3.40eV；由玻尔理论得：

得波长较短的光子的波长值为。

m=1.22×10-7m

（3）设氢原子质量为m，入射氢原子的入射速度为v；两个氢原子发生完全非弹性碰撞后的速度为v，根据动量守恒定律和能量守恒定律有。

mv=2mv

所以；入射氢原子的动能为。

eV

答：

（1）碰撞后跃迁到激发态的氢原子所处能级的量子数n为3个；该氢原子碰撞前后的能量值分别为，-13.60eV，-1.51eV．

（2）两个不同频率的光子中波长较短的光子的波长值为1.22×10-7m．

（3）入射氢原子的动能为24.18eV．

【解析】【答案】（1）处于量子数为n激发态的氢原子能发出C种频率不同的光子；对照能级图可得到该氢原子碰撞前后的能量值．

（2）根据玻尔理论：Em-En=hγ=h（m＞n）；两个能级差越大，所放出的光子波长越长．

（3）两个氢原子发生完全非弹性碰撞；根据动量守恒定律和能量守恒定律求入射氢原子的动能．

24、略

【分析】

（1）描绘灯泡伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为：R===6Ω；而电流表内阻约为1Ω，电压表内阻为2kΩ，相对来说，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法；故电路图如图所示；

（2）由灯泡铭牌可知；灯泡额定电流为0.5A，则电流表要选A；滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选F；

故答案为：（1）电路图如图所示；（2）F；A．

【解析】【答案】（1）描绘小灯泡伏安特性曲线；电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后作出电路图．

（2）根据灯泡的额定功率可求出额定电流；则可确定出电流表；为方便实验操作，在保证安全的前提下，要选择最大阻值较小的滑动变阻器．

25、略

【分析】

P点的电场强度的大小为E===5000N/C；方向水平向东．

答：P点的电场强度的大小为5000N/C；方向水平向东．

【解析】【答案】由场强的定义式E=求解电场强度的大小；电场强度的方向与负电荷所受的电场力方向相反．

26、略

【分析】

子弹损失的动能△Ek==1800J

子弹产生的内能Q=30%×△Ek=540J

由Q=cm△t得。

△t==415℃

答：子弹温度的升高415℃．

【解析】【答案】先由题设条件求出子弹产生的内能；再根据热量公式Q=cm△t求子弹温度的升高．

六、计算题(共3题，共15分)27、略

【分析】

根据电场力做功的大小，结合功的公式求出电场强度的大小和方向，从而得出电子从b移到c电场力做的功．通过a；c间电场力做功；结合电场力做功与电势差的关系求出a、c间的电势差．

解决本题的关键掌握电场力做功的求法，可以根据W=qU求解，也可以根据W=qExcosθ求解，注意第二个公式只对匀强电场适用．【解析】解：（1）对a到b的过程有：W=eExab，解得电场强度E=方向向左．

（2）电子从b到c，电场力做功Wbc=eExbccos60°==3.84×10-18J．

（3）从a到c电场力做功J=7.04×10-18J．

则ac两点的电势差．

答：（1）匀强电场的场强大小为400N/C；方向向左．

（2）电子从b移到c，电场力对它做功为7.04×10-18J．

（3）a、c两点的电势差等于-44V．28、略

【分析】

利用高压输电的目的是降低线路的功率损失；从而提高用户得到的功率．由教室获得的功率与正常发光的电压可求得线路上的损失电压．由理想变压器的变压比与变流比可求出发电机的电动势．

理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．输电线上的损失功率与其电流的平方成正比，而与输电线两端的电压的平方成反比．【解析】解：

（1）所有灯都正常工作的总功率为：P用22×6×40=5280W

用电器总电流为：A

输电线上的电流为：A

降压变压器上：U2=4U2′=880V

输电线上的电压损失为：Ur=IRR=24V

升压变压器的输出电压为U1′=UR+U2=904V

输入电压为U1=U1′=226V，输入电流为I1=4I1′=24A

发电机输出功率为P出=U1I1=5424W

（2）发电机的电动势E=U1+I1r=250V

（3）输电线上损耗的电功率PR=IR2R=144W

答：（1）发电机的输出功率为5424W；

（2）发电机的电动势为250V；

（