2025年粤教版必修三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修三物理下册月考试卷981考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于黑体及黑体辐射，下列说法正确的是（）A.黑体是真实存在的B.普朗克引入能量子的概念，得出黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好，并由此开创了物理学的新纪元C.随着温度升高，黑体辐射的各波长的强度有些会增强，有些会减弱D.黑体辐射无任何实验依据2、下列叙述正确的是（）A.感应起电是创造电荷的过程B.接触起电是电荷转移的过程C.橡胶棒无论和什么物体摩擦都会带负电D.带等量异号电荷的两个导体接触后，电荷会消失3、如图所示，用绝缘细绳悬吊一质量为m、电荷量为q的小球，在空间施加一匀强电场，使小球保持静止时细线与竖直方向成θ角；则电场强度的最小值为（）

A.B.C.D.4、三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径。球1的带电荷量为q，球2的带电荷量为球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间库仑力的大小为F。现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时球1、2之间库仑力的大小仍为F，方向不变。由此可知（）A.B.C.D.5、两个完全相同的金属球和所带电荷量之比为相距为两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的库仑力大小与原来之比是（）A.B.C.D.6、关于物理学史，下列说法中错误的是（）A.元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的B.法拉第不仅提出了场的的概念，而且直观地描绘了场的清晰图像C.法拉第通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律D.库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律7、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位移x变化的关系如图所示，其中0~段是对称的曲线，~段是直线；则下列说法正确的是（）

A.处电场强度为零B.~段的电场强度逐渐增大C.粒子在0~段做匀变速运动，~段做匀速直线运动D.处电势的关系为8、随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多。下列电器中主要利用电流的热效应工作的是（）A.电风扇B.电饭煲C.电视机D.洗衣机9、A、B两灯的额定电压都是110V，A灯的额定功率PA＝100W，B灯的额定功率PB＝40W，若将两灯同时接入电压恒为220V的电路上，且使两灯均能正常发光，同学们设计了如图所示的甲、乙两种电路，则甲、乙两电路消耗的电功率之比为（）

A.27B.25C.57D.37评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、直流电路如图所示；在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）

A.总功率一定减小B.效率一定增大C.内部损耗功率一定减小D.输出功率一定先增大后减小11、把质量为m的正点电荷Q在电场中从静止释放，在它运动过程中如果不计重力，下列说法正确的是（）A.点电荷运动轨迹必与电场线重合B.点电荷的速度方向必定和所在点的电场线的切线方向一致C.点电荷的加速度方向必定与所在点的电场线的切线方向一致D.点电荷的受力方向必与所在点的电场线的切线方向一致12、真空中有两个相同的带电金属小球A和B，相距为r，带电量绝对值分别为q和2q，它们之间库仑力的大小为F。将A和B接触后放回原来的位置，那么A、B间的作用力的大小可为（）A.B.0C.D.13、如图所示，圆柱体的底面直径连线端点A、B固定有两个等量正电荷，A'、B'在圆柱体的顶面，位于正电荷的正上方。现有一个带负电的点电荷p固定在顶面的圆心O'处，O为底面的圆心，不计负电荷的重力。已知圆柱体底面半径为R。高为下列说法中正确的是（）（已知点电荷周围的电势表达式）

A.A'、B'两点的电场强度相同B.仅在电场力的作用下让负电荷p沿圆柱体轴线从点运动到O点，加速度先变大后变小C.将负电荷p从点移到点，电势能一定增加D.给负电荷p一个沿方向的初速度仅在电场力的作用下有可能做匀速圆周运动14、图中虚线表示“∧”形带电导体下方电场的电场线或等势面分布示意图，其中c、d是同一条虚线上的两点，b是另一条虚线上的一点，a是导体尖角下方的一点。下列说法正确的是（）

A.虚线表示等势面B.b点的电场强度小于c点的电场强度C.电子在a点的电势能大于在c点的电势能D.电荷从c运动到d点的过程中，电场力做正功15、如图，ab是竖直向上的电场线上两点，一质量为m的带电微粒在a点由静止开始释放，沿电场线向下运动，到b点时恰好速度为零；则（）

A.点电荷在a、b两点所受的电场力方向都是竖直向上的B.a点的电势比b点的电势高C.带电微粒在a点的电势能比在b点的电势能大D.a点的电场强度比b点的电场强度小16、有一横截面积为s的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线通过n个自由电子，每个电子的电荷量为q，此时电子定向移动的速率为v时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A.B.C.D.17、如图所示，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡的U-I图线；用该电源和小灯泡组成闭合电路，则（）

A.电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB.此时小灯泡的电阻大于1ΩC.电源内阻消耗的热功率为2WD.电源的效率为33.3%18、如图所示，在平面直角坐标系中，竖直向下，水平。在第一象限（空间足够大）存在垂直平面向外的磁场区域，磁感应强度沿y轴正方向不变，沿x轴正方向按照（且为已知常数）规律变化。一个质量为m、边长为L的正方形导线框，电阻为R，初始时一边与x轴重合，一边与y轴重合。将导线框以速度沿x轴正方向抛出，整个运动过程中导线框的两邻边分别平行两个坐标轴。从导线框开始运动到速度恰好竖直向下的过程中，导线框下落高度为h，重力加速度为g；则在此过程中，下列说法正确的是（）

A.导线框受到的安培力总是与运动方向相反B.导线框下落高度为h时的速度为C.整个过程中导线框中产生的热量为D.导线框速度恰好竖直向下时左边框的横坐标为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)19、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

20、电流的定义式：I＝其物理意义：______时间内通过导体横截面的______，是表示电流强弱程度的物理量。21、真空中有一电场，在电场中的点放一电量为的试探电荷，它受到的电场力则点的电场强度为_______把试探电荷的电量减少为则检验电荷所受的电场力为______如果把这个试探电荷取走，则点的电场强度为_____22、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

23、已知轴上电场方向与轴方向平行，轴上各点电势如图所示，处电势为一电子从处由静止释放，则处电场强度为___________该电子运动到处时的动能为__________

24、电势差。

（1）定义：电场中两点之间___________的差值，也叫作___________。UAB=___________，UBA=___________，UAB=-UBA。

（2）电势差是___________，有正负，电势差的正负表示电势的___________。UAB>0，表示A点电势比B点电势___________。

（3）单位：在国际单位制中，电势差与电势的单位相同，均为___________，符号是___________

（4）静电力做功与电势差的关系。

a.公式：WAB=___________或

b.UAB在数值上等于___________电荷由A点移到B点时静电力所做的功。25、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+Q，它们相距L．如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，则球壳左端的感应电荷为_________（选填“正电荷”或“负电荷”）,若球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小_________，方向______．

26、如图，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地，若减小电容器极板间的距离，则（填“增大”、“减小”、“保持不变”）电容____，静电计指针偏角_____，电量_____，场强_____。

27、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，电源的电动势为___________V。

评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)28、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)29、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：

（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=_______mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2所示，由图可知其直径D=__________mm；

（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图3所示，则该电阻的阻值约为_____________Ω

（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1（量程0～5mA；内阻约50Ω）；

电流表A2（量程0～15mA；内阻约30Ω）；

电压表V1（量程0～3V；内阻约10kΩ）；

电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）；

直流电源E（电动势4V；内阻不计）；

滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω；允许通过的最大电流2.0A）；

滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；

开关S；导线若干。

为使实验误差较小；要求测得多组数据进行分析，请在下面框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．

()

（5）在图4中用实线连好电路．

()

（6）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，若已知伏安法测电阻电路中电压表和电流表示数分别用U和I表示，则用此法测出该圆柱体材料的电阻率ρ＝______________．（不要求计算，用题中所给字母表示）30、多用电表是高中阶段常用的实验仪器之一；根据所学的知识回答下列问题。

（1）由多用电表的构造可知，当用多用电表测量某电阻时，电流从___（填“红”或“黑”）表笔流出，将欧姆挡调到“”，调零后测量时电表的指针偏转靠近表盘的右侧，则应将欧姆挡调到___（填“”或“”）再重新进行测量；如果多用电表内部的电池使用时间过长，导致该电池的内阻变大，利用该多用电表测量某电阻的阻值时，测得的阻值__（填“偏大”“不变”或“偏小”）。

（2）晓宇根据多用电表的原理，设计了如图所示的欧姆表，使用的器材如下：电源，电动势为内阻忽略不计；量程为内阻的灵敏电流计滑动变阻器定值电阻，导线若干；开关一个、红黑表笔各一只。

①断开开关当指针指在时，指针所指位置对应的阻值应为___

②闭合开关可等效为改变了欧姆表的倍率，则闭合开关后滑动变阻器的阻值应为___开关闭合后该欧姆表的倍率为开关闭合前倍率的____。

31、某实验小组研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：两只相同的小灯泡（额定电压3.8V，额定电流0.32A），电压表V（量程3V，内阻3kΩ），电流表A（量程0.6A，内阻约0.5Ω），定值电阻R0（阻值1000Ω），滑动变阻器R（阻值0~5.0Ω），电源（电动势E=4.5V；内阻不计）。

（1）选择一只小灯泡进行实验研究，要求能够实现在0~3.8V的范围内测量小灯泡的电压，在方框中画出实验原理电路图___________。

（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图。由实验曲线可知，小灯泡的电阻率随着电流的增加而___________（填增大；不变或减小）。

（3）将本实验中的两只小灯泡与电动势E=4.0V，内阻r=4.0Ω的另一电源串联成闭合回路电路，则电源两端的路端电压U和干路电流I的关系式为___________，小灯泡的实际功率为___________W。（结果保留两位小数）

评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)32、如图所示的示波管，电子由阴极K发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，电子电量大小为e，质量为m．已知加速电压为U1，BC间偏转电压为U2；两偏转极板BC间距为d，板长为L，偏转极板右侧到荧光屏的距离为D，不计重力，求：

（1）电子射入偏转电场U2时的速度大小；

（2）电子打在荧光屏上的偏转距离OP．33、一带负电的粒子，q=-2.0×在静电场中由A点运动到B点，在这过程中，除电场力外，其它力作的功为4.0×J，粒子动能增加了7.0×J．求：

（1）此过程电场力所做的功？

（2）A、B两点间的电势差．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

A．黑体并不是真实存在的；A错误；

B．普朗克引入能量子的概念；得出黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好，并由此开创了物理学的新纪元，B正确；

C．随着温度的升高；各种波长的辐射强度都有增加，C错误；

D．黑体辐射是有实验依据的；D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

AB．三种起电方式都是电荷的转移过程；故B项正确，A项错误；

C．摩擦后的物体所带电荷的电性是由相互摩擦的两种物质的原子核对核外电子的束缚能力大小决定的；若与其他物质相比较，橡胶棒对核外电子束缚能力弱，则橡胶棒带正电，故C项错误；

D．带等量异号电荷的两个导体接触后；电荷消失是电荷中和现象，电荷并没有消失，只是对外不显电性，故D错误。

故选B。3、A【分析】【分析】

【详解】

小球保持静止时受到重力mg、电场力F和细线的拉力T；受力图如图。

根据作图法可知，当电场力F与细线垂直时，电场力最小，最小值为

则场强的最小值为

故A正确；BCD错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

设球1、2之间的距离为r，则球1、2之间库仑力为

球3与球2接触后，它们带的电荷量的代数和再平分，即均为然后球3与球1接触，它们带的电荷量的代数和再平分，即均为将球3移至远处后，球1、2之间库仑力为

由于解得

故选D。5、C【分析】【详解】

接触前，两小球之间的库仑力为

接触后两者所带电荷量均为

两小球之间的库仑力为

故

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根通过油滴实验测得的；故A正确；

B．法拉第不仅提出了场的概念；而且用电场线形象直观地描绘了场的清晰图像，故B正确；

CD．库仑在前人工作的基础上；通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律，故C错误，D正确。

故选C。7、A【分析】【详解】

A．图像的斜率为

处斜率为零；则电场力为零，即场强为零。A正确；

B．~段为直线；斜率不变，所以场强不变。B错误；

C．在0~段斜率在变化，所以电场力在变化，粒子做变加速运动，~段做匀减速直线运动。C错误；

D．根据电势能公式

结合粒子带负电，所以

D错误。

故选A。8、B【分析】【详解】

电饭煲工作时；将消耗的电能全部转化为内能，即利用电流的热效应工作，电风扇；洗衣机、电视机除了将电能转化为热能外，还转化成了其他形式的能。

故选B。9、C【分析】【详解】

甲电路中，由于A、B两灯的额定电压都是110V，额定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA，把灯B与电阻并联，可以使并联部分的电阻减小，可使A灯与并联部分的电阻相同，所以A、B能同时正常发光，并联电路消耗的功率与A灯的功率相同，所以总功率大小为200W；乙电路中，把AB并联之后与电阻串联接入电路，当电阻的阻值与A、B两灯并联的总电阻相等时，A、B就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为A、B两灯功率之和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W，由此可知，甲、乙两电路消耗的电功率之比为57．

A.甲、乙两电路消耗的电功率之比为27；与上分析不一致，故A错误；

B.甲、乙两电路消耗的电功率之比为25；与上分析不一致，故B错误；

C.甲、乙两电路消耗的电功率之比为57；与上分析一致，故C正确；

D.甲、乙两电路消耗的电功率之比为37，与上分析不一致，故D错误．二、多选题(共9题，共18分)10、A:B:C【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，整个回路的电流变小，内部消耗的功率P=一定减小，C正确；总功率P=EI一定减小，A正确；而内电压降低，外电压升高，电源的效率增大，B正确；当内电阻等于外电阻时，输出功率最大，此题中无法知道内外电阻的关系，因此D不对11、C:D【分析】【详解】

A．点电荷运动轨迹不一定与电场线重合；只有当电荷由静止释放（初速度与电场线共线）且电场线是直线，不计其他作用力时，电荷的运动轨迹才与电场线恰好重合，A错误；

B．点电荷的速度方向和所在点的电场线的切线方向无关；B错误；

CD．根据库仑定律；正点电荷的加速度方向一定与电场力的方向相同，正电荷所受电场力的方向必定与所在点的电场线的切线方向一致，CD正确。

故选CD。12、A:C【分析】【详解】

接触前，两球间的库仑力

若两球带同种电荷，则接触后各带电量为

库仑力

若两球带异种电荷，则接触后各带电量为

库仑力

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

A．由对称可知，A'、B'两点的电场强度大小相同；但是方向不同，选项A错误；

B．因O′点的场强

而距离O点正上方R处（设为O′′点）的场强为

因O点场强为零，可知，从O′点到O点场强先增加后减小，即仅在电场力的作用下让负电荷p沿圆柱体轴线从点运动到O点；加速度先变大后变小，选项B正确；

C．根据点电荷周围的电势表达式

可知Ｏ′点电势

B′点电势

则将负电荷p从点移到点；电势能一定增加，选项C正确；

D．因电场线沿着方向向上，给负电荷p一个沿方向的初速度，则受电场力沿着的方向；则仅在电场力的作用下不可能做匀速圆周运动，选项D错误。

故选BC。14、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．电场线起于正电荷（或无穷远）；终止于负电荷（或无穷远），由图可知，图中的虚线不是起于导体，可知虚线是等势线，故A正确；

B．等势线越密的地方，电场强度强度越强，可知b点的电场强度小于c点的电场强度；故B正确；

C．等势面的电势高低不能确定，则不能确定电子在a点的电势能与在c点的电势能的关系；故C错误；

D．因为c、d在同一等势面上，则电荷从c运动到d点的过程中；电场力不做功，故D错误。

故选AB。15、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由题意可知；带点质点受两个力，重力和电场力，开始由静止向下先加速后减速运动，开始时电场力小于重力，电场力方向向上；到最后阶段，向上的电场力大于重力，所以在两点的电场力方向都向上，故A正确；

B．沿电场线方向电势逐渐降低，a点的电势比b点的电势低；故B错误；

C．电场力做负功，电势能升高，所以带电质点在a点的电势能比在b点的电势能小；故C错误；

D．在a点，电场力小于重力，到b点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力大于重力，所以a点的电场强度比b点的电场强度小；故D正确。

故选AD。16、A:C【分析】【详解】

CD．从微观角度来说，在t时间内能通过某一横截面的自由电子必须处于长度为vΔt的圆柱体内，此圆柱体内的电子数目为nvSΔt；故C正确，D错误；

AB．从电流的定义式来说

故在Δt时间内通过某一横截面的电荷量为IΔt，通过横截面的自由电子数目为故A正确，B错误；

故选AC。17、A:C【分析】【详解】

A．直线A的纵截距表示电源电动势，斜率的绝对值表示电源内阻，根据图像可得E=3V，

故A正确；

B．电源的U−I图线与小灯泡的U−I图线的交点为小灯泡接在电源两端的工作电压，此时小灯泡的工作电压为2V，工作电流为2A，所以小灯泡的电阻为

故B错误；

C．电源内阻消耗的热功率为

故C正确；

D．电源的效率为

故D错误。

故选AC。18、B:D【分析】【详解】

A．根据右手定则可知，线框将产生顺时针方向的电流，根据左手定则可知左边框产生方向向右的安培力，右边框产生方向向左的安培力，上边框产生方向向下的安培力，下边框产生方向向上的安培力，再根据磁场的分布规律可知左边框产生的安培力小于右边框产生的安培力，上、下边框产生的安培力大小相等，可知导线框受到向左的安培力的作用，即沿x轴负方向的安培力作用；而不是与运动方向相反，故A错误；

B．导线框在竖直方向所受安培力的合力为零，可知导线框在竖直方向做自由落体运动，下落高度为h时的速度满足运动学关系

可得

故B正确；

C．当导线框速度恰好竖直向下时，说明导线框在水平方向速度减小为零，又导线框在竖直方向所受合力与重力大小相等，即导线框在竖直方向满足机械能守恒，所以下落过程中导线框中产生的热量大小等于水平方向动能的损失，大小为故C错误；

D．设导线框在时间t时的水平分速度大小为水平位移为x，则在此时刻导线框产生感应电动势大小为

导线框内的感应电流大小为

所以导线框受到安培力的大小为

又根据

可得

导线框速度恰好竖直向下时左边框的横坐标为

故D正确。三、填空题(共9题，共18分)19、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.020、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】单位电荷量21、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，由电场强度定义式可得，点的电场强度为

[2]检验电荷所受的电场力为

[3]电场强度与电场本身有关，与检验电荷无关，则点的电场强度仍为【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据图线斜率的意义可知，φ-t图线的斜率表示电场强度，所以可知在x=0处电场强度为0

[2]电子从x=-2cm处由静止释放，由图可知，在x=-2cm处的电势为2V，电子在x=0处的电势为5V，电子的电势增大3V，所以电子的电势能减小3eV，由于电子运动的过程中只有电场力做功，电子动能的增加量等于电势能的减少量，所以电子到达x=0处的动能为3eV【解析】0324、略

【分析】【分析】

【详解】

电势差。

（1）[1][2][3][4]定义：电场中两点之间电势的差值，也叫作电压。UAB=UBA=UAB=-UBA。

（2）[5][6][7]电势差是标量，有正负，电势差的正负表示电势的高低。UAB>0，表示A点电势比B点电势高。

（3）[8][9]单位：在国际单位制中；电势差与电势的单位相同，均为伏特，符号是V；

（4）[10][11]静电力做功与电势差的关系。

a.公式：WAB=或

b.UAB在数值上等于单位正电荷由A点移到B点时静电力所做的功。【解析】①.电势②.电压③.④.⑤.标量⑥.高低⑦.高⑧.伏特⑨.V⑩.⑪.单位正25、略

【分析】【详解】

[1]在空心球周围存在向左的电场；则球上自由电子受到向右的电场力，电子聚集在右侧，左侧多余正电荷，则球壳左端的感应电荷为正电荷。

[2][3]发生静电感应的导体内部合场强为零，所以球壳上的感应电荷在O点处的场强大小应该与外部电荷在O点产生的场强大小相等，即

感应电荷也外部电荷产生的电场方向相反，即感应电荷在O点产生的场强方向应该是向右．【解析】正电荷向右26、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]由于电容器与电源断开两板的带电荷量Q不变，减小电容器极板间的距离，由公式

可知电容器电容C增大；Q不变，根据

可知U减小，静电计指针偏角将减小；由

可知场强不变。【解析】增大减小保持不变保持不变27、略

【分析】【详解】

由闭合电路欧姆定律当时，即图线与纵轴交点表示断路状态，故电动势【解析】6.0四、作图题(共1题，共10分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】五、实验题(共3题，共9分)29、略

【分析】【详解】

(1)[1]由图示游标卡尺可以知道其示数为：

(2)[2]由图示螺旋测微器可以知道其示数为：

(3)[3]用多用电表的电阻“”挡测电阻，由图示表盘可以知道,其示数为：Ω

(4)[4]电源电动势为4V，如用15V电压表指针偏转太小，故电压表应选V1，电路最大电流约为：

电流表应选A2，为方便实验操作滑动变阻器应选R1；待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器采用分压接法，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表采用外接法；实验电路图如图所示：

(5)[5]实物图连接如图：

(6)[6]根据欧姆定律可知：

根据电阻定律可得：

联立解得：【解析】50.154.700220见解析见解析30、略

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