2025年湘教新版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版选择性必修2物理下册月考试卷582考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加热食物。下列说法中正确的是（）A.锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B.电磁炉中通入电压恒定的直流电也能正常工作C.环保绝缘材料制成的锅体可以利用电磁炉来烹饪食物D.电磁炉的上表面一般都用金属材料制成以便于加快热传递2、如图甲为电动汽车无线充电原理图，M为受电线圈，N为送电线圈。图乙为受电线圈M的示意图，线圈匝数为n、电阻为r、横截面积为S，a、b两端连接车载变流装置；磁场平行于线圈轴线向上穿过线圈。下列说法正确的是（）

A.当线圈N接入恒定电流时，能为电动汽车充电B.当线圈N接入正弦式交变电流时，线圈M两端产生恒定电压C.当线圈M中的磁感应强度增加时，有电流从a端流出D.充电时，Δt时间内线圈M中磁感应强度大小均匀增加ΔB，则M两端电压为3、如图所示，下端封闭、上端开口、高为h、内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有质量为m、电荷量的绝对值为q的小球，整个装置以速度v沿垂直于磁场方向进入磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端管口飞出，重力加速度大小为g。有关此过程的下列说法中正确的是（）

A.小球带负电B.洛伦兹力对小球做正功C.玻璃管对小球做的功和冲量大小分别为0和qBhD.小球机械能的增加量为qvBh4、如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中通有变化电流i，电流随时间变化的规律如图乙所示，图甲中箭头方向为电流正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为FN；则（）

A.t1时刻FN>G，P有扩张的趋势B.t2时刻FN=G，此时穿过P的磁通量为0C.t3时刻FN=G，此时P中有感应电流D.t4时刻FN<G，此时穿过P的磁通量最小5、风速测速仪的简易装置如图甲所示；某段时间内线圈中感应电流的波形如图乙所示，下列说法正确的是（）

A.若风速变大，图乙中感应电流的周期变大B.若风速变大，图乙中感应电流的峰值变大C.图乙中感应电流最大时，风速最大D.图乙中感应电流随时变化的原因是风速在变评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、下列说法中正确的是（）A.根据麦克斯韦的电磁场理论可知，均匀变化的电场产生变化的磁场B.电磁波不可能是纵波C.太阳光中的可见光和医院“B超”中的超声波传播速度相同D.遥控器发出的红外线的波长要大于医院“CT”中X射线的波长7、在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡。理想线圈L的自感系数足够大；电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（）

A.闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮B.闭合开关S时，A1和A2同时亮C.断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭D.断开开关S时，流过A2的电流方向向右8、如图，竖直放置的光滑半圆形轨道固定在垂直纸面向外的匀强磁场内，一带电量为的带电小球从轨道左端静止释放；运动过程中不脱离轨道，则下列说法正确的是（）

A.小球能到达轨道右端相同高度B.小球每次经过轨道最低点时的速度相同C.小球每次经过轨道最低点时对轨道压力相同D.小球每次从最高点到最低点所用时间相同9、如图所示，足够长的光滑金属导轨水平放置，导轨两个边分别平行，电阻可忽略。导体棒PQ、MN置于导轨上不同宽度处，初状态均处于静止状态，左侧导轨间距为右侧导轨间距的2倍。用水平恒力F向右拉动MN；运动过程中，装置始终处于竖直向上的匀强磁场中，导体棒未脱离原宽度处的导轨且与导轨保持良好接触。经过一段时间后（）

A.导体棒MN的速度大小趋于恒定值B.导体棒MN的加速度大小趋于恒定值C.导体棒PQ所受安培力的大小趋于恒定值D.导体棒MN和导体棒PQ的速度趋于相等10、如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈接有阻值为40Ω的定值电阻R1，左端接在正弦式交流电源上，其电压瞬时值表达式为副线圈接有总阻值为40Ω的滑动变阻器R2，初始时滑片在滑动变阻器R2正中央，若电压表和电流表均为理想电表，下列说法正确的是（）

A.副线圈交变电流的频率为50HzB.交流电流表的示数为5.5AC.若将R2的滑片向上移动，则交流电压表的示数变大D.当R2的阻值调到20Ω时，副线圈输出功率最大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)11、洛伦兹力是磁场对_________（填“运动”或“静止”）电荷的作用；如图所示是一带正电的粒子在磁场中竖直向下运动，粒子所受洛伦兹力的方向为______。

12、位移传感器的发射器发射________和________两种脉冲，接收器测出前后接收到这两种脉冲的不同的________，计算机就根据两者的________和________。计算出发射器和接收器间的距离。13、在如图甲所示的电路中，螺线管匝数匝，横截面积螺线管导线电阻在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化，则螺线管中产生的感应电动势大小为________，闭合S，电路中的电流稳定后，全电路电流的方向为_________（填“顺时针”或“逆时针”），闭合S，电路中的电流稳定后，电阻的电功率为__________，闭合S，电路中的电流稳定后，电容器所带的电荷量为________。

14、正弦式交变电流：按_________规律变化的交变电流叫作正弦式交变电流，简称_____________15、电子秤中常用的一种力传感器是由金属梁和________制成。________是一种敏感元件，多用________材料制成。16、安培力方向与磁场方向、电流方向的关系：F⊥B，F⊥I，即F垂直于______所决定的平面。17、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)18、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

19、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

20、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

21、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)22、如图甲所示是某同学研究自感现象的实验电路图，并用电流传感器显示出断开开关前后一段时间内各时刻通过线圈L的电流（如图乙所示）。已知电源电动势内阻不计，灯泡的阻值为电阻R的阻值为

（1）线圈的直流电阻为________Ω。

（2）断开开关前，通过灯泡的电流大小为________，断开开关后，通过灯泡的电流的最大值为________，开关断开前后比较，通过灯泡的电流的方向________（填“相同”或者“相反”）。

（3）开关断开时，该同学观察到的现象为：_______________。23、某同学了解到，给大货车“称重”利用了压阻应变片元件，当改变对压阻应变片压力时，其阻值发生变化，这种效应称为“压阻效应”。现用如图（a）所示的电路研究某压阻应变片的压阻效应，己知的阻值变化范围为几欧姆到几十欧姆，所用电源的电动势内阻忽略不计。除图（a）中的器材外，实验室还提供了如下器材可供选择：

A．电压表V（量程为内阻约为）

B．电流表（量程为内阻）

（1）为尽量减少测量误差，图（a）中的未知电表M选择电流表而不选择电压表V，请说明理由：______。

（2）图（a）中的未知电表M选择电流表给电阻加上一定的压力后，闭合开关S，调节滑动变阻器记下电流表和电流表的读数分别为和可得______（用题目中给定的字母符号表示）。

（3）该同学用提供的器材设计了如图（b）所示电路，想把电流表改成简单压力表，即直接在电流表盘上对应电流位置处标上压力大小，若与压力F的函数关系为（单位均取国际单位）；回答下列问题：

①该同学通过调节图（b）中的滑动变阻器当电流表的读数为时，在此刻度处标上则此时滑动变阻器的阻值为______（计算结果保留两位有效数字），之后保持阻值不变，在电流表表盘上对应电流位置处标上压力F的刻度，则该压力表盘的刻度线______（选填“均匀”或“不均匀”）；

②根据上述压力表的标定方法，此压力表能测得的压力最大值为______N（计算结果保留两位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)24、某发电站通过燃烧煤来发电．发电站通过升压变压器；输电线和降压变压器把电能输送给生产和照明用户；发电机输出功率是120kW，输出电压是240V，升压变压器原、副线圈的匝数之比为1∶25，输电线的总电阻为10Ω，用户需要的电压为220V．则：

(1)画出上述输电全过程的线路图；

(2)输电线上损耗的电功率为多少；

(3)降压变压器原、副线圈的匝数比为多少．25、我国自行设计研制的热核聚变全超导托卡马克实验装置再次创造了该类实验装置运行的世界新纪录。此装置在运行过程中，需要将加速到较高速度的离子束转变成中性粒子束，而其中还未被中性化的高速带电离子则需通过过滤装置过滤出来并剥离。所用到的过滤装置工作原理简图如图所示，混合粒子束先通过加有一定电压的两极板之间区域后，再进入极板下方的偏转磁场中，此过程中中性粒子仍会沿原方向运动并被接收器接收；而带电离子中的一部分则会先在两极板间的电场作用下发生偏转，一部分直接打在下极板，另一部分则会在穿过板间电场后进入其下方的匀强磁场区域，进一步发生磁偏转并打在吞噬板上，从而剥离吸收。已知这些带电离子电荷量为（），质量为m，两极板间距为d，所加电压为U，极板长度为2d；粒子束中所有粒子所受重力均可忽略不计，不考虑粒子间的相互作用。

（1）要使初速度为的离子能沿平行于极板的直线经过电场区域，需在极板间再施加一垂直于纸面的匀强磁场，求其磁感应强度的大小和方向；

（2）若带电离子以初速度沿直线通过极板区域后，进入下方垂直纸面向外的匀强偏转磁场区域。当磁感应强度时，要使离子能全部被吞噬板吞噬，求吞噬板所需的最小长度

（3）若粒子束中带电粒子为初速度且撤去了两极板间的磁场则有部分带电离子会通过两极板间的偏转电场进入偏转磁场，已知磁场的磁感应强度大小可调，且分布范围足够宽广，吞噬板并紧靠左极板水平放置。若要保证进入偏转磁场的带电粒子最终都能被吞噬板吞噬，求磁感应强度大小的取值范围。

26、在对微观粒子的研究中，对带电粒子运动的控制是一项重要的技术要求，设置适当的电场和磁场实现这种要求是可行的做法。如图甲所示的平面处于匀强电场和匀强磁场中，电场强度和磁感应强度随时间做周期性变化的图像如图乙所示。轴正方向为的正方向，垂直纸面向里为的正方向。若在坐标原点O处有一粒子P，其质量和电荷量分别为和在时刻静止释放粒子P；它将能在周期性变化的电磁场中周期性的运动下去。（不计粒子的重力，不计由于电场；磁场突变带来的其它效应）求：

（1）粒子P首次进入磁场时速度的大小；

（2）若求粒子在电场与磁场中运动的周期以及一个周期内运动的总路程；

（3）若在（）时刻释放P，求粒子P速度为零时的纵坐标（可用表示）。

27、1931年，劳伦斯和学生利文斯顿研制了世界上第一台回旋加速器，如图所示。其结构示意图如图所示，D1和D2是两个中空的、半径为R的半圆型金属盒，两盒之间窄缝的宽度为d，它们之间有一定的电势差U。两个金属盒处于与盒面垂直的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。D1盒的中央A处的粒子源可以产生质量为m、电荷量为的粒子，粒子每次经过窄缝都会被电场加速，之后进入磁场做匀速圆周运动，经过若干次加速后，粒子从金属盒D1边缘离开；忽略粒子的初速度；粒子的重力、粒子间的相互作用及相对论效应。

（1）求粒子离开加速器时获得的最大动能Ekm：

（2）在分析带电粒子的运动轨迹时，求第N次加速后与第次加速后匀速圆周运动轨道直径的差值；

（3）已知劳伦斯回旋加速器两盒之间窄缝的宽度加速电压磁感应强度可加速氘核（带电量为质量），达到最大动能氘核在电场中加速的时间不能忽略；氘核在最后一次加速后刚好继续完成半个匀速圆周运动，求氘核运动的总时间。（结果保留两位有效数字）

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．涡流是高频交流电产生的磁场引起的电磁感应现象；锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关，故选项A正确；B错误；

CD．电磁炉表面一般用绝缘材料制成；避免产生涡流，锅体用金属制成利用涡流加热食物，故选项CD错误．

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．若送电线圈N接入恒定电流，则产生的磁场不变化，受电线圈M中的磁通量没有发生变化；故无法产生感应电流，不能为电动汽车充电，故A错误；

B．当线圈N接入正弦式交变电流时，受电线圈M中的磁通量按正弦式规律变化，故M两端产生正弦式交变电压；故B错误；

C．当穿过线圈M的磁感应强度增加时，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向下，故感应电流方向从b向a，即电流从a端流出；故C正确；

D．根据法拉第电磁感应定律，有E＝n＝nS

设受电线圈外接电路的电阻为R，由闭合电路的欧姆定律得M两端的电压U＝R＝

故D错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．小球从管口上端飞出；则小球在玻璃管中所受洛伦兹力方向竖直向上，由图示可知磁场垂直于纸面向里，小球沿水平方向向右运动，由左手定则可知，小球带正电，故A错误；

B．小球在竖直方向受洛伦兹力作用；由于洛伦兹力方向与水平速度方向垂直，故洛伦兹力不做功，故B错误；

CD．由于管对球的支持力对小球做了功，小球的机械能是增加的，在竖直方向上，由牛顿第二定律得

由匀变速运动的位移公式得

小球离开管口的速度

合速度

动能增量

重力势能的增量

联立解得

根据功能关系可知，玻璃管对小球做的功

而支持力做功为

小球水平方向的速度不变，则水平位移

联立则有

约去速度v，变形可得玻璃管对小球的冲量为

故C错误；D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量向下增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有收缩的趋势，线圈中产生逆时针感应电流（从上向下看），由安培定则可判断，螺线管下端为N极，线圈等效成小磁铁，N极向上，则此时FN>G；故A错误；

B．当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此磁铁线圈中无感应电流产生，线圈和磁铁间无相互作用力，故t2时刻FN=G；此时穿过P的磁通量不为0，故B错误；

C．t3时刻螺线管中电流为零，此时FN=G；但是线圈P中磁通量是变化的，此时线圈中有感应电流，故C正确；

D．t4时刻电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中磁通量不变，线圈中没有感应电流，此时FN=G；故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．若风速变大，则转速变大，角速度变大，根据可知；周期变小，故A错误；

B．若风速变大，则角速度变大，根据可知，感应电动势峰值变大，再根据可知；感应电流的峰值变大，故B正确；

C．图乙中感应电流最大时；是穿过线圈的磁通量的变化率最大，并不是风速最大，故C错误；

D．图乙中感应电流随时变化的原因是穿过线圈的磁通量变化率随时在变化；故D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据麦克斯韦的电磁场理论可知；均匀变化的电场产生恒定的磁场，A错误；

B．电磁波是横波；不是纵波，B正确；

C．太阳光中的可见光属于电磁波；而“B超”中的超声波属于机械波，它们的传播速度不同，C错误；

D．遥控器发出的红外线的波长比X射线的波长长；D正确。

故选BD。7、A:D【分析】【详解】

AB．当开关S闭合时，灯A2立即发光。电流通过线圈，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，所以A1逐渐亮起来，所以A2比A1先亮；由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同，故A正确，B错误；

CD．稳定后，当开关S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1和A2串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯A2不会闪亮，流过A2的电流方向向右；故C错误，D正确。

故选AD。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于洛伦兹力不做功；只有重力做功，小球运动过程机械能守恒，小球可以到达右端相同高度处，故A正确；

BC．洛伦兹力对小球不做功；小球运动过程只有重力做功，小球机械能守恒，小球每次到达最低点时速度大小相等，小球做圆周运动的向心力大小相等，小球向右经过最低点时所受洛伦兹力竖直向下，小球向左经过最低点时所受洛伦兹力竖直向上，两种情况下小球对轨道的压力不同，故BC错误；

D．小球运动过程中不脱离轨道，沿轨道做圆周运动，根据可知；圆周运动的周期只跟电荷的比荷及磁感应强度有关，所以小球每次从最高点到最低点所用时间相同，故D正确。

故选AD。9、B:C【分析】【详解】

导体棒MN切割磁感线产生电动势，形成电流，导体棒PQ受到向右的安培力，向右做加速运动，MN受到向左的安培力，也向右做加速运动。导体棒MN和PQ一起切割磁感线，设导轨宽度分别为2L和L，导体棒PQ和MN的速度分别为则电路中的电动势

电路中的电流

导体棒PQ和导体棒MN受到的安培力分别为

与运动方向相同。

与运动方向相反。

设导体棒PQ和MN的质量分别为则对导体棒PQ，有

对导体棒MN，有

初始速度均为零，则从零开始逐渐增加，从开始逐渐减小。当时，速度关系为

保持恒定。

综上可得；金属框的加速度趋于恒定值，安培力也趋于恒定值。故BC正确；AD错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

A．由正弦式交流电的电压瞬时值表达式可知

则副线圈交变电流频率为A正确；

B．根据理想变压器电压、电流与匝数的关系可知

由串联电路电压规律有

且副线圈电压

联立以上各式可解得A

B错误；

C．若将的滑片向上移动，副线圈电阻增大，可先假设不变，那么减小，由可知，变小，这样会使得两端电压减小，增大，则也会增大；C正确；

D．采用等效电源法，将与原副线圈等效为电源的内阻，则

当外电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，即当阻值调到时；副线圈输出功率最大，D错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)11、略

【分析】【详解】

[1]洛伦兹力是磁场对运动电荷的作用。

[2]根据左手定则可以判断粒子所受洛伦兹力的方向为水平向右。【解析】运动水平向右12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]位移传感器的发射器向接收器同时发射红外线和超声波脉冲。

[3][4][5]接收器收到红外线脉冲时开始计时，收到超声波脉冲时停止计时，以此测出前后接收到这两种脉冲的不同的时间，计算机就根据两者的时间差和空气中的声速，计算出发射器和接收器间的距离。【解析】①.红外线②.超声波③.时间④.时间差⑤.空气中的声速13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律得

代入数据解得螺线管中产生的感应电动势大小为

[2]根据楞次定律知；电流方向为逆时针。

[3]根据全电路欧姆定律得

根据

解得电阻的电功率为

[4]电容器两端的电压

电容器所带的电荷量【解析】逆时针14、略

【解析】①.正弦②.正弦式电流15、略

【分析】【详解】

[1][2][3]电子秤中常用的一种力传感器是由金属梁和应变片制成。应变片是一种敏感元件，多用半导体材料制成。【解析】①.应变片②.应变片③.半导体16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】B与I17、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】四、作图题(共4题，共28分)18、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】21、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共6分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由图乙可知，断开开关前，通过线圈L的电流为I=1.5A，根据欧姆定律可得

代入数据，解得

（2）[2]断开开关前，通过灯泡的电流大小为

[3]断开开关后；通过灯泡的电流的最大值为线圈中原来的电流，即1.5A；

[4]开关断开时，由于线圈L产生自感电流，自感电流方向与线圈L中原来电流方向相同，线圈L、电阻R与灯泡形成回路；则通过灯泡的电流与开关断开前比较，通过灯泡的电流的方向相反。

（3）[5]开关断开时，由于线圈的自感，产生的自感电流最大值大于灯泡原来的电流，故该同学观察到的现象为灯泡闪亮，然后逐渐熄灭。【解析】①.4Ω②.0.9A③.1.5A④.相反⑤.灯泡闪亮，然后逐渐熄灭23、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于电压表V量程过大，读数精确度低，所以将电流表A1作电压表使用（A1内阻已知，可以由两电流表读数表示出Rx上电流）；如图所示。

（2）[2]根据欧姆定律得

（3）[3]当电流表的读数为时，在此刻度处标上由

可知

由闭合电路欧姆定律

解得R0=0.50Ω

[4]由闭合电路欧姆定律

可知该压力表盘的刻度线不均匀。

[5]当I=0.6A时，代入可得Fm=9.0N【解析】见解析0.50不均匀9.0六、解答题(共4题，共24分)24、略

【分析】【详解】

试题分析：根据发电机的输出电压，结合电压比等于匝数比求出升压变压器的输出电压，根据P=UI求出输电线上的电流；从而得出输电线上损失的功率；根据输电线上损失的电压得出降压变压器的输入电压，结合电压之比等于匝数比求出降压变压器原副线圈的匝数比．

（1）输电全过程的线路图如图所示：

（2）根据理想变压器电压比：解得升压变压器的输出电压：U2=6000V

则输电电流

输电线上损耗的功率：P损＝I22R＝400×10W＝4000W

（3）降压变压器的输入电压U3=U2-I2R=6000-20×10V=5800V

则降压变压器原副线圈的匝数比：

点睛：本题主要考查了变压器原副线圈电压比、电流比与匝数比的关系，知道升压变压器的输出电压等于电压损失和降压变压器的输入电压之和．【解析】(1)(2)4000W(3)25、略

【分析】【详解】

（1）离子能直线通过两极板，则洛伦兹力与电场力平衡，则有

将代入上式解得

由左手定则判断可知：磁场方向垂直纸面向里。

（2）当离子在偏转磁场中做匀速圆周运动时有

解得

又由图可知：离子在吞噬板上最靠右的落点到左极板距离

离子在吞噬板上最靠左的落点到左极板距离

则此吞噬板的长度最短，联立解得

（3）当初速度为时；对于沿右极板运动的离子，在两极板间做