2025年湘教版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、假如作圆周运动的人造卫星的轨道半径增大到原来的2倍后仍作圆周运动，则()A.根据公式v=ωr可知，卫星运动的线速度将增大到原来的2倍B.根据公式F=mv2/r可知，卫星所需的向心力将减小到原来的1/2C.根据公式F=Gm1m2/r2可知，地球提供的向心力将减小到原来的1/4D.根据上述(B)和(C)中给出的公式可知，卫星运动的线速度将减小到原来的2、【题文】如图所示；甲；丙物体在水平外力F的作用下静止在乙物体上，乙物体静止在水平面上。现增大水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法正确的是（）

A.乙对甲的支持力一定增大B.乙对甲的摩擦力一定增大C.乙对地面的压力一定不变D.甲对丙的摩擦力可能增大3、下列各组物理量中，都是矢量的是（）A.位移、时间、速度B.时刻、速率、加速度C.路程、时间、位移D.加速度、力、速度4、一物体由静止开始自由下落，一小段时间后突然受一恒定水平向右的风力的影响，但着地前一段时间内风力突然停止，则其运动的轨迹可能是()A.B.C.D.5、下列列举的几种速度中，指瞬时速度的是(

)

A.汽车经过路标时的速度是90km/h

B.子弹在枪管里的速度是300m/s

C.某同学的百米跑速度是8m/s

D.队伍行进速度大约是20km/h

6、P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q点的速度为3v，到R点的速度为4v，则PQ：QR等于（）A.3：4B.9：16C.9：7D.3：17、如图所示，质量为m的物体受到竖直向上的拉力F，从静止开始向上直线运动，设拉力的功率恒为P，经时间t速度为v，上升高度为h，F做功为WF，下列各式一定正确的是，（不计阻力，重力加速度为g）（）A.WF=FhB.Pt-mgh=C.Fh-mgh=D.v=评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、在做“研究平抛物体的运动”的实验时；让小球多次从同一轨道上滑下，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。

（1）为了较准确的描绘出小球的运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将正确的选项前面的字母填在横线上____

A．通过调节使斜槽末端水平。

B．实验时每次使小球由斜槽的某一固定位置滑下。

C．每次必须使小球从静止开始滑下。

D．用图钉把白纸（或方格纸）订在竖直的木板上。

E．小球运动时不要与木板上的白纸（或方格纸）相接触。

F．将球的位置记录在纸上后；取下纸，利用直尺将点连成折线。

（2）下列哪些因素会使该实验的误差增大____

A．小球与斜槽有摩擦。

B．安装斜槽时其末端切线不水平。

C．建立坐标系时；x轴；y轴正交，但y轴不够竖直。

D．根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取做计算的点离原点O较远．9、将一个质量为m的小球用长为L的不可伸长的细线悬挂起来，在外力作用下使细线偏离竖直方向的最大偏角为θ，则在此过程中外力对小球所做功的最小值为____；若将小球从最大偏角处自由释放，小球经过最低点时的速度是____．10、一艘宇宙飞船飞近某一新发现的行星，并进入靠近行星表面的圆形轨道绕行数圈后，着陆在该行星上，飞船上备有以下实验器材：A．精确秒表一个B．已知质量为m的物体一个C．弹簧测力计一个D．天平一台（附砝码）已知宇航员在绕行时和着陆后各作了一次测量，依据测量数据，可求出该行星的半径R和行星质量M。（已知万有引力常量为G）（1）绕行时所选用的测量器材为____，着陆时所选用的测量器材为____（用序号表示）。（2）两次测量的物理量分别是____、____。（3）用以上数据推出半径R、质量M的表达式：R=____，M=____。11、一物体从高空由静止开始下落，下落的最后200m路程所用时间是4s。则物体下落时距地面的高度是______m，物体下落到地面所用时间是______s。12、物体从离地45m的高处作自由落体运动（g取10米/秒2）．它的动能和重力势能相等时，物体离地的高度是______m；当它的动能为重力势能的2倍时，物体的速度大小为______m/s（可以用根式表示）．13、【题文】一部机器由电动机带动；机器上的皮带轮的半径是电动机皮带轮半径的3倍（如图），皮带与两轮之间不发生滑动。已知机器皮带轮边缘上一点的向心加速度为0.10m/s2。

(1)电动机皮带轮与机器皮带轮的角速度之比=?

(2)机器皮带轮上A点到转轴的距离为轮半径的一半，A点的向心加速度是多少?14、已知月球的半径为r

月球表面的重力加速度为g

万有引力常量为G

若忽略月球的自转，则月球的平均密度表达式为______．15、如图所示，链球运动员在将链球抛掷出手之前，总要双手拉着链条，加速转动几周，这样可使链球的速度尽量增大，抛掷出手后飞行得更远.

在运动员加速转动过程中，能发现他手中链球的链条与竖直方向的夹角将随着链球转速增大而增大，若把该情境简化为如图乙所示的圆锥摆模型.

忽略空气阻力，小球的质量为m

绳的长度为L

则当绳与竖直方向的夹角为娄脠

时，小球受到的向心力大小为______.

小球的线速度大小为______．评卷人得分三、计算题(共7题，共14分)16、《愤怒的小鸟》是一款时下非常流行的游戏，故事也相当有趣，如图11甲所示，为了报复偷走鸟蛋的肥猪们，鸟儿以自己的身体为武器，如炮弹般弹射出去攻击肥猪们的堡垒．某班的同学们根据自己所学的物理知识进行假设：小鸟被弹弓沿水平方向弹出，如图乙所示．h1＝0.8m，l1＝2m，h2＝2.4m，l2＝1m(取重力加速度g＝10m/s2)：(1)肥猪A在台面草地的右边缘，若要击中A，小鸟的初速度为多大？(2)小鸟弹出后能否直接打中地面草地上肥猪的堡垒？请列式计算进行说明。(3)如果小鸟弹出后，先掉到台面的草地上，接触地面瞬间竖直速度变为零，水平速度不变，小鸟在草地上滑行一段距离后飞出，若要打中肥猪的堡垒，小鸟和草地间的动摩擦因数μ与小鸟弹出时的初速度v0应满足什么关系(用题中所给的符号h1、l1、h2、l2、g表示)?17、如图所示；在水平地面上放一质量m=lkg

的木块，木块与地面间的动摩擦因数娄脤=0.6

在水平力向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力F1F2

已知F1=6N.F2=8N

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g

取10m/s2.

则：

(1)

木块受到的摩擦力为多少？

(2)

若将F2

逆时针转90鈭�

此时木块的加速度大小为多少？

(3)

若将F2

顺时针转90鈭�

求术块运动t=2s

时的位移大小？18、如图所示是马戏团中上演飞车节目，在竖直平面内有半径为R

的圆轨道.

表演者骑着摩托车在圆轨道内做圆周运动.

已知人和摩托车的总质量为m

人以v1=2gR

的速度过轨道最高点B

并以v2=3v1

的速度过最低点A.

求在AB

两点摩托车对轨道的压力大小相差多少？

19、如图所示，质量为0.7kg

的物体A

放在倾角为37鈭�

的斜面上，未施加其他力时物体恰好沿斜面匀速下滑.(

已知重力加速度g=10m/s2sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8)

(1)

求物体与斜面间的动摩擦因数．

(2)

若对A

施加一个水平向右的推力F

刚好可使A

物体沿斜面向上做匀速直线运动，求水平推力F

的大小？

(3)

若对A

施加一个水平向右的推力F

使得A

物体静止在斜面上，求满足条件的F

的取值范围？(

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)

20、某校足球运动员李义在做发球训练时，将一个静止的质量为0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出。求：1.若踢球的时间为0.2s，则李义发球时足球的平均加速度为多大？2.足球被踢出后沿草地作匀减速直线运动，加速度大小为1m/s2，以足球被踢出时为计时起点，20s末足球距离发球点多远？20s内足球的平均速度为多大？21、在火星表面附近，某物体做自由落体运动；从自由释放瞬间开始计时，物体在前2s内的位移为16m．求：(1)火星上的重力加速度为多少?(2)第ls末物体的速度大小为多少?22、如图所示，在与水平地面成37鈭�

角的大小为F=60N

的拉力作用下，质量为m=10kg

的物块沿地面向右做匀速直线运动，试求物块与地面间的动摩擦因数，以及地面对物块的支持力.(g=10N/kgsin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8)

评卷人得分四、实验题(共3题，共24分)23、电磁打点计时器是测量________的仪器，其工作电源为________.如图所示纸带是某同学练习使用电磁打点计时器得到的，纸带的左端先通过电磁打点计时器，从点迹的分布情况可以断定纸带的速度变化情况是________(选填“速度减小”或“速度增大”)．若所用电源的频率为50Hz，从打下A点到打下B点共14个点迹，历时________s.24、(1)(8分)为了探索弹力和弹簧伸长量的关系，李卫同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如图所示图象。从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，而使图象上端成曲线，图象上端弯曲的原因是__________________________。这两根弹簧的劲度系数分别______N/m和______N/m.若要制作一个精确程度较高的弹秤，应选弹簧秤______。(2)(4分)在验证机械能守恒定律的实验中，下列说法正确的是()A．要用天平称重锤质量B．选用质量大的重锤可减小实验误差C．为使实验结果准确，应选择1、2两点间距离接近2mm的纸带进行分析D．实验结果总是动能增加略小于重力势能的减少25、【题文】某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律．频闪仪每隔0.05s闪光一次，图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表(当地重力加速度取9.8m/s2；小球质量m＝0．2kg，结果保留三位有效数字)：

(1)由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度v5＝________m/s.

(2)从t2到t5时间内，重力势能增量ΔEp＝________J，动能减少量ΔEk＝________J.

(3)在误差允许的范围内，若ΔEp与ΔEk近似相等，从而验证了机械能守恒定律．由上述计算得ΔEp________ΔEk(选填“>”“<”“＝”)造成这种结果的主要原因___________________评卷人得分五、实验探究题(共4题，共24分)26、某兴趣小组利用自由落体运动来验证机械能守恒定律。

(1)

在本实验中需要测量的物理量有()

A.重物的质量B.

重力加速度。

C.重物下落的高度D.

与重物下落高度所对应的瞬时速度。

(2)

下列器材中；实验必须用到的有()

A.打点计时器B.

重物C.

天平D.

毫米刻度尺E.

秒表F.

小车。

(3)

实验操作步骤：

A.准备实验器材；

B.将打点计时器竖直固定在铁架台上；

C.将重物连接在纸带上并穿过打点计时器；

D.接通电源；释放纸带；

E.取下纸带，重复上述实验多次；F.

拆除装置，整理器材(4)

图示是实验中打出的某条点透清晰的纸带。已知打点计时器所用电源的频率为50HZ.

当地的重力加速度g=9.80m/s2

重物的质量为1.00kg

重物运动到B

点的动能是_________J

重物运动到E

点的动能是_________J

上述过程中，重物重力势能减少了__________J(

均取3

位有效数字)

27、某物理兴趣小组在利用频闪照相机研究平抛运动的实验中，得到某一个小铜球做平抛运动的频闪照片，小球在平抛运动途中的几个位置如图a,b,c,d

所示。

(1)

下列说法正确的是(

)

A.若已知小方格的边长，可求得平抛的初速度B.若已知小方格的边长，可求得频闪周期C.若已知小方格的边长和当地的重力加速度，可求得abcd

任一点的速度D.若已知小方格的边长和频闪周期，不可以求得当地的重力加速度(2)

已知频闪照相机的闪光频率为5Hz

重力加速度g

取10m/s2

则小球平抛的初速度大小为_______m/s

小球经过B

点时的速率_______m/s

28、A.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：某同学在实验中，使用频率为50HZ

交流电，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出ABCDE

共5

个计数点。测得计数点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有四个点未画出来。

(1)

试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下BCD

三个点时小车的瞬时速度，则vB=

__________m/svC=0.264m/svD=0.390m/s(

保留3

位有效数字)

(2)

在下图所示的坐标系中作出小车的v鈭�t

图线，(3)

并根据图线求出a=

________m/s2(

保留3

位有效数字)

(4)

将图线延长与纵轴相交，此交点纵坐标的物理意义是__________。

B.为了探究“加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示实验装置。

(1)

为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是________。A.将木板带滑轮的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板带滑轮的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下使小车在钩码拉动下恰好做匀加速运动C.将木板固定打点计时器的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.将木板固定打点计时器的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀加速运动(2)

如图所示，在纸带上取7

个计数点ABCDEFG

两相邻计数点间的时间间隔为T=0.10s

相邻两计数点间距离如图所示(

单位cm)

则小车运动的加速度大小a=

_______m/s2(

结果保留二位有效数字)

(3)

要用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m

与小车总质量M

之间应满足的关系为_________。29、某实验小组利用如图1

所示的装置探究加速度与力；质量的关系；将连接滑块的细绳、力传感器和动滑轮之前的细绳、定滑轮和动滑轮之间的细绳均调为水平，通过调节气垫导轨下的螺母使气垫导轨水平，打开气源，将滑块由静止释放，用刻度尺量出两光电门之间的距离和滑块的宽度，并记录滑块经过两光电门的时间．

根据以上的操作回答下列问题：

(1)

本实验中钩码的质量______(

填“需要”或“不需要”)

远小于滑块的质量．

(2)

在探究加速度与外力的关系时；传感器的示数记为F

通过运动学公式计算出滑块的加速度a

改变钩码的质量，依次记录传感器的示数并求出所对应的加速度大小，则图2

的四个图象中能正确反映加速度a

与传感器的示数F

之间规律的是______．

(3)

已知第(2)

问中正确图象中的直线部分的斜率大小为k

则该滑块的质量为______．评卷人得分六、简答题(共2题，共18分)30、足球守门员在发门球时，将一个静止的足球以10m/s的速度沿草地水平踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，则踢足球的平均加速度为多少m/s2？若足球沿草地作直线运动，速度不断减小，加速度大小恒为2m/s2，4s后足球运动到后卫队员处，则此过程中，足球运动的平均速度为多少m/s，足球的加速度为多少m/s2．31、某同学为了检验浓硫酸与木炭粉在加热条件下反应rm{[C+2H_{2}SO_{4}(}浓rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+2SO_{2}隆眉+2H_{2}O]}产生的所有气体产物，选用了下图所示实验装置。rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+2SO_{2}隆眉+2H_{2}O]}中无水硫酸铜的作用是_________________________。rm{(1)垄脵}中酸性rm{(2)垄脷}溶液的作用是__________________________。发生的反应的离子方程式为_____________________________________。rm{KMnO_{4}}中两次用到品红溶液，它们的作用分别是rm{(3)垄脷}________________，rm{A}_________________。rm{B}中出现的现象是____________________________________，发生反应的离子方程式是_______________________________rm{(4)垄脹}参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C|D【分析】v=ωr中，只有当角速度恒定时，线速度才会变成原来的2倍，但事实上半径变化后角速度也随之发生变化，应该根据来判断，AB错；CD对；【解析】【答案】CD2、A|C【分析】【解析】

试题分析：如图；对甲进行受力分析有：

（1）（2）

由（1）知由于未知摩擦力的方向，故当f为正值时，F增大则f减小，若f为负值即沿斜面向下时，当F增大则f亦增大．故B错误；由（2）知，当F增大时，则支持力增大，故A正确；把甲乙丙看成一个整体，受重力；支持力、摩擦力和推力，根据平衡条件，支持力等于整体的重力，不变；再根据牛顿第三定律，压力与支持力相等，也不变，故C正确；对丙进行受力分析，丙处于静止状态，水平方向不受摩擦力，故D错误．

考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【解析】【答案】AC3、D【分析】解：A；位移和速度是矢量；时间没有方向，是标量．故A错误．

B；时刻和速率没有方向；是标量，加速度是矢量．故B错误．

C；路程和时间没有方向；是标量，位移是矢量．故C错误．

D；加速度、力、速度都既有大小又有方向；是矢量．故D正确．

故选D

矢量是既有大小又有方向的物理量；标量是只有大小没有方向的物理量．

本题考查区分矢量与标量的能力．对于常见的物理量有无方向，方向怎样都要掌握．【解析】【答案】D4、C【分析】【分析】物体所受合力的方向(

加速度的方向)

大致指向曲线运动轨迹凹的一向；开始时，加速度方向竖直向下，做自由落体运动，受到水平向右的风力时，合力的方向指向右偏下，风停止后，合力的方向有向下。根据合力与速度的方向关系，判断其轨迹。

解决本题的关键知道曲线运动的轨迹夹在速度方向和合力方向之间，物体所受合力的方向大致指向轨迹凹的一向。【解答】物体一开始做自由落体运动；速度向下，当受到水平向右的风力时，合力的方向右偏下，速度和合力的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动，轨迹应夹在速度方向和合力方向之间.

风停止后，物体的合力方向向下，与速度仍然不在同一条直线上，做曲线运动，轨迹向下凹。故C正确，AB

D错误。

故选C。

【解析】C

5、A【分析】解：A

汽车经过路标时对应的时刻；是瞬时速度，故A正确．

B；子弹在枪管里加速；枪管对应的是位移，是平均速度，故B错误．

C；百米赛跑的速度为8m/s

表示一段时间内的速度；为平均速度.

故C错误．

D；队伍行进速度对应的一段时间的平均速度；故D错误．

故选：A

明确平均速度和瞬时速度的意义；知道瞬时速度对应的是某一时刻或者某一位置的速度，平均速度对应时间或位移．

本题考查的是瞬时速度和平均速度的区别，要注意明确平均速度对应的一段过程，只能粗略地描述物体的运动，而瞬时速度是某一瞬时的速度，可以精确描述物体的运动状态．【解析】A

6、C【分析】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得，PQ段的位移

QR段的位移

则PQ：QR=9：7；故C正确，A；B、D错误．

故选：C．

分别对PQ段和QR段运用匀变速直线运动的速度位移公式；得出PQ和QR的位移之比．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．【解析】【答案】C7、B【分析】解：A、拉力的功率恒为P，根据P=Fv可知速度增加，则拉力F减少，故不可以根据WF=Fh计算拉力做的功；故A错误；

B、根据动能定理可得Pt-mgh=故B正确；

C；由于拉力做的功不等于Fh；故C错误；

D、经时间t速度为v，此时的拉力与重力不一定相等，而P=Fv，所以v=故D错误。

故选：B。

恒力做的功等于力与位移的积；变力做的功不可以根据力和位移的乘积来计算；根据动能定理求解速度，根据P=Fv也可以计算速度。

机车启动有两种方式：①恒定的牵引力启动；②额定功率启动。此题为以恒定功率启动方式；牵引力可以根据p=Fv判断。【解析】B二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】

（1）A；通过调节使斜槽末端保持水平；是为了保证小球做平抛运动．故A正确．

B；因为要画同一运动的轨迹；必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度．故BC正确．

D；固定白纸的木板必须调节成竖直．故D正确．

E；实验要求小球滚下时不能碰到木板平面；避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．故E正确，F错误．

故选ABCDE

（2）A；小球与斜槽之间的摩擦不影响平抛运动的初速度；不影响实验．故A错误．

B；安装斜槽末端不水平；则初速度不水平，使得小球的运动不是平抛运动，使得实验的误差增大．故B正确．

C；建立坐标系时；因为实际的坐标原点为小球在末端时球心在白纸上的投影，以斜槽末端端口位置为坐标原点，使得测量误差增大．故C正确．

D；根据曲线计算平抛运动的初速度时；在曲线上取作计算的点离原点O较远，可以减小误差．故D错误．

故选BC．

【解析】【答案】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．

9、略

【分析】【解析】试题分析：根据机械能守恒定律，外力做功必须要克服重力做功，即重力势能一定要增加，若求最小值则需要动能不变，即放手后，机械能守恒，则所以考点：动能定理、机械能守恒定律【解析】【答案】10、略

【分析】【解析】试题分析：（1）根据万有引力提供向心力通过测量物体的重力、卫星的周期T则根据题目已知信息，行星表面的重力加速度为F/m，根据代入上式即则即（2）见（1）分析（3）参见（1）分析，根据可知，考点：万有引力提供向心力【解析】【答案】(1)A;BC（2）周期T；物体的重力F（3）11、略

【分析】【解析】【答案】245712、略

【分析】解：设物体距地面高度为h时动能与重力势能相等，即：mgh=mv2①

物体做自由落体运动，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgH=mgh+mv2=2mgh②；

解②得h==22.5m；

设物体距地面高度为h′时动能为重力势能2倍，即：2mgh′=mv2③；

物体做自由落体运动，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgH=mgh′+mv2=3mgh④；

解③④得：v=m/s

故答案为：22.5m；m/s

（1）物体自由下落；只有重力做功，物体机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出物体动能与势能相等时物体的高度．

（2）物体自由下落；只有重力做功，物体机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出物体动能为势能2倍时物体的高度，然后由物体动能为势能2倍求速度．

本题考查了求物体重力势能与动能关系式，应用动能与重力势能的计算公式、机械能守恒定律即可正确解题，难度不大，要熟练掌握基础知识【解析】22.5；13、略

【分析】【解析】分析：传动装置；在传动过程中不打滑，则有：共轴的角速度是相同的；同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的．所以当角速度一定时，线速度与半径成正比；当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知加速度及角速度关系．

解答：解：（1）因电动机和机器由同一皮带连接，所以它们边缘线速度相等设电动机半径为r1，角速度ω1，机器轮半径为r2，角速度为ω2．由题意知：r2=3r1

由v=rω得r1ω1=r2ω2

即r1ω1=3r1ω2

所以，ω1：ω2=3：1

（2）因A与皮带边缘同轴转动；所以角速度相等，向心加速度与半径成正比；

由a=rω2得，aA=×0.10m/s2=0.05m/s2

答：（1）电动机皮带轮与机器皮带轮的角速度之比ω1：ω2=3：1；

（2）机器皮带轮上A点到转轴的距离为轮半径的一半，A点的向心加速度是0.05m/s2

点评：本题要紧扣隐含条件：共轴的角速度是相同的；同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的．以此作为突破口；同时能掌握线速度、角速度与半径之间的关系．【解析】【答案】解：（1）因电动机和机器由同一皮带连接，所以它们边缘线速度相等设电动机半径为r1,角速度w1,机器轮半径为r2,角速度为w2.

由题意知：r2=3r1

由v=rw得（3分）

r1w1=r2w2

即r1w1=3r1w2

所以；

=3:1（3分）

（2）因A与皮带边缘同轴转动；所以角速度相等，向心加速度与半径成正比；

由。

a=rw2得（2分）

aA=0.10m/s2="0.05"m/s2（2分）14、略

【分析】解：在月球表面重力与万有引力相等有：

GmMr2=mg

可得月球表面的质量M=gr2G

根据密度公式可得月球的平均密度娄脩=MV=gr2G43娄脨r3=3g4娄脨Gr

故答案为：3g4娄脨Gr

．

根据月球表面重力与万有引力相等求得月球的质量；再根据密度公式求得密度．

解决本题的关键是能根据万有引力与重力相等求得月球的质量，知道球的体积公式是正确解题的基础．【解析】3g4娄脨Gr

15、略

【分析】解：链球受重力和拉力两个力作用；受力如图所示；

则小球受到的向心力为：Fn=F潞脧=mgtan娄脠

根据牛顿第二定律得：mgtan娄脠=mv2Lsin娄脠

解得：v=gLtan娄脠sin娄脠

．

故答案为：mgtan娄脠gLtan娄脠sin娄脠

．

链球受重力和拉力两个力作用；靠合力提供向心力，根据平行四边形定则求出合力的大小，从而得出向心力的大小，结合牛顿第二定律求出小球的线速度大小．

解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，难度不大．【解析】mgtan娄脠gLtan娄脠sin娄脠

三、计算题(共7题，共14分)16、略

【分析】【解析】试题分析：（1）由平抛运动有：（2）若要直接打中堡垒，由平抛运动有：所以小鸟弹出不能直接击中堡垒(3)第一次平抛：在台面的草地上得：考点：考查了平抛运动【解析】【答案】（1）（2）不能（3）17、略

【分析】

(1)

应用平衡四边形定则求出两个拉力的合力；应用滑动摩擦力公式求出滑动摩擦力，然后判断木块的运动状态，然后求出木块受到的摩擦力。

(2)

根据题意求出两拉力的合力；然后判断木块的运动状态，再求出木块受到的摩擦力，最后求出加速度。

(3)

根据题意求出木块受到的合力；然后应用牛顿第二定律求出加速度，再应用匀变速直线运动的位移公式求出位移。

本题考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用，根据题意判断木块的运动状态、对木块正确受力分析是解题的前提与关键，应用力的合成方法、滑动摩擦力公式、牛顿第二定律与运动学公式即可解题。【解析】解：(1)F1F2

的合力：F=F12+F22=62+82=10N

最大静摩擦力等于滑动摩擦力：fm=娄脤mg=0.6隆脕1隆脕10=6N

由于：F>fm

在F1F2

作用下木块滑动；

木块受到的摩擦力为滑动摩擦力：f=娄脤mg=0.6隆脕1隆脕10=6N.

(2)

当F2

逆时针转90鈭�

时，F1F2

的合力：F鈥�=F2鈭�F1=2N<fm

此时木块在地面上不动；所受合力大小为F潞脧=0

加速度a1=0

(3)

当F2

顺时针转90鈭�

时，F1F2

的合力F隆氓=F1+F2=14N>fm

此时木块在地面上滑动，由牛顿第二定律得：a2=F隆氓鈭�fm=14鈭�61=8m/s2

木块运动t=2s

时的位移：x=12at2=12隆脕8隆脕22=16m

答：(1)

木块受到的摩擦力为6N

(2)

若将F2

逆时针转90鈭�

此时木块的加速度大小为0

(3)

若将F2

顺时针转90鈭�

木块运动t=2s

时的位移大小为16m

18、解：在最高点B，根据牛顿第二定律有：mg解得．

在最低点A，根据牛顿第二定律有：解得．

则△N=N2-N1=6mg。

【分析】根据牛顿第二定律分别求出摩托车在最高点和最低点对轨道的压力；从而求出压力差。

解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解。【解析】解：在最高点B

根据牛顿第二定律有：mg+N1=mv12R

解得N1=mv12R鈭�mg=mg

．

在最低点A

根据牛顿第二定律有：N2鈭�mg=mv22R

解得N2=mg+mv22R=7mg

．

则鈻�N=N2鈭�N1=6mg

19、略

【分析】

(1)

物体匀速下滑；受重力和支持力；滑动摩擦力处于平衡状态，根据共点力平衡求出滑动摩擦力和支持力的大小，从而求出动摩擦因数．

(2)

对物体受力分析；抓住沿斜面方向和垂直于斜面方向的合力为零，运用正交分解求出推力F

的大小．

(3)

若物体恰好不下滑；摩擦力方向沿斜面向上，若物体恰好不上滑，摩擦力方向沿斜面向下.

分别针对两种情况，运用平衡条件和正交分解法，求出F

的两个值，从而求出范围．

解决本题的关键正确地进行受力分析，根据共点力平衡，运用正交分解进行求解.

注意对于静态平衡问题，应当先分析物体的受力情况，根据平衡条件列出平衡方程，解方程对结果进行讨论．【解析】解：(1)

物体在斜面的受力分析如图：

由平衡条件得：mgsin37鈭�=f(1)

mgcos37鈭�=N(2)

而且Ff=娄脤N(3)

联立以上三个方程可以解得：娄脤=0.75

．

(2)

施加水平推力后物体受力如图：

由平衡条件得：

mgsin37鈭�+Ff隆盲=Fcos37鈭�(4)

mgcos37鈭�+Fsin37鈭�=FN隆盲(5)

而且Ff隆盲=娄脤FN隆盲(6)

联立解得：F=24N

(3)

当F

最小时(

设为F1)

物体刚好不下滑，由平衡条件得：

mgsin37鈭�=fm1+F1cos37鈭�(7)

mgcos37鈭�+F1sin37鈭�=N1(8)

而且fm1=娄脤FN1(9)

联立解得：F1=0

当F

最大时(

设为F2)

物体刚好不上滑，由平衡条件得：

mgsin37鈭�+fm2=F2cos37鈭�(10)

mgcos37鈭�+F2sin37鈭�=N2(11)

而且fm2=娄脤N2(12)

联立解得：F2=24N

故满足条件的F

的取值范围为：0鈮�F鈮�24N

答：(1)

物体与斜面间的动摩擦因数为0.75

．

(2)

若对A

施加一个水平向右的推力F

刚好可使A

物体沿斜面向上做匀速直线运动，水平推力F

的大小为24N

(3)

若对A

施加一个水平向右的推力F

使得A

物体静止在斜面上，满足条件的F

的取值范围0鈮�F鈮�24N

20、略

【分析】【解析】【答案】1.2.21、略

【分析】【解析】【答案】略22、解：对物体受力分析并分解如图：

竖直方向上：FN+Fsinα=G

所以：FN=mg-Fsinα=100-60×0.6=64N

水平方向：f=Fcosα=60×0.8=48N

由f=μFN得：μ==0.75．

答：木块与地面之间的动摩擦因数为0.75，地面对物体的支持力为64N．【分析】

物体做匀速直线运动；对物体进行受力分析，物体受力平衡，竖直和水平方向的合力均为零，利用竖直方向合力为零求出支持力，利用水平方向合力为零求出摩擦力，应用滑动摩擦力公式进行计算．

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答．【解析】解：对物体受力分析并分解如图：

竖直方向上：FN+Fsin娄脕=G

所以：FN=mg鈭�Fsin娄脕=100鈭�60隆脕0.6=64N

水平方向：f=Fcos娄脕=60隆脕0.8=48N

由f=娄脤FN

得：娄脤=fFN=4864=0.75

．

答：木块与地面之间的动摩擦因数为0.75

地面对物体的支持力为64N

．四、实验题(共3题，共24分)23、略

【分析】试题分析：电磁打点计时器使用的是4-6V交流电，因为打出的点所用时间时恒定的，所以它是一个计时仪器，从图中可看出在相等的时间内走过的位移越来越大，所以做的是加速运动，速度增大，14个点中间有13个时间间隔，所以所用时间为考点：考查了对打点计时器的理解【解析】【答案】时间4-6V交流电速度增大0.2624、略

【分析】【解析】【答案】(1)____(2分).____(2分)____(2分)____(2分).(2)(BCD)(4分)25、略

【分析】【解析】

试题分析：（1）在匀变速直线运动中；中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以有：

②根据重力做功和重力势能的关系有：

在匀变速直线运动中；中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以有：

．

③由上述计算得由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在，导致动能减小量没有全部转化为重力势能．

考点：考查了验证机械能守恒定律实验【解析】【答案】（1）（2）（3）<，由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在五、实验探究题(共4题，共24分)26、（1）C

（2）ABD

（3）拆除装置；整理器材。

（4）2.473.941.48【分析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项；验证从0

到某点的机械能守恒，首先要测量这两点之间的距离，还要用平均速度法求出该点的速度，故还要测量该点两侧的一段距离；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B

点、E

点的速度，根据下降的高度求出重力势能的减小量，结合E

点的速度求出动能。本题考查了利用自由落体运动来验证机械能守恒定律；正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、所测数据、误差分析等，会起到事半功倍的效果；并运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题。【解答】(1)

验证机械能守恒，首先要测量重物下落的高度，用来计算mgh

还要用平均速度法求出该点的速度；重物的质量可以消去，不需要测量；重力的加速度不需要测量；瞬时速度是根据纸带上的数据计算得到的，不是直接测量出来的。故ABD错误，C正确。故选C。(2)

不需要测量重物的质量，故不需要天平；打点计时器本身可以表示出时间，不需要秒表；利用自由落体运动来验证机械能守恒定律，不需要小车；故ABD正确，CEF错误。故选ABD。(4)B

点的瞬时速度vB=xAC2T=0.08890.04m/s隆脰2.223m/s

动能为EkB=12mvB2=12隆脕1隆脕2.2232J隆脰2.47J

E

点的瞬时速度vE=xDF2T=0.2515鈭�0.13920.04m/s隆脰2.81m/s

动能为EkE=12mvE2=12隆脕1隆脕2.812J隆脰3.94J

重物由B

点运动到E

点的过程中，重力势能的减少量等于鈻�Ep=mgh=1隆脕9.80隆脕(0.1934鈭�0.0425)J隆脰1.48J

故填：(1)C(2)ABD(3)

拆除装置，整理器材；(4)2.473.941.48

【解析】(1)C

(2)ABD

(3)

拆除装置；整理器材。

(4)2.473.941.48

27、（1）C

（2）45【分析】(1)

【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移求出小球的初速度。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解。【解答】竖直方向上相等时间内的位移之差鈻�y=L

根据鈻�y=gT2

得，相等的时间间隔T=?yg

而水平方向v0=2Lg

因此必须知道小方格的边长与当地的重力加速度，即可求解初速度大小，求得中时刻竖直方向的速度；最后由速度的合成，即可求解该点的瞬时速度；

从而利用速度与时间关系；进而求得其它点的速度，故C正确，ABD错误；

故选C。(2)

【分析】正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解B

点的速率，从而求解。本题考查了平抛物体的运动规律，要求同学们能从图中读出有用信息，并能够利用平抛运动规律解题。【解答】T=1f=0.2s

根据鈻�h=gT2=L

解得：L=0.4m

由v0=xtx=2L

代入可得：v0=2隆脕0.40.2=4m/s

B

点竖直方向分速度vy=L+2L2T=3隆脕0.42隆脕0.2=3m/s

根据速度合成，B

点的速率vb=v02+vy2=5m/s

故答案为：45

【解析】(1)C

(2)45

28、A(1)0.138(2)

如图所示(3)1.26(4)

初速度

B(1)C(2)0.50(3)m<<M

【分析】A

【分析】(1)

打B

点时，小车的速度等于AC

之间的平均速度；(2)

在v鈭�t

图像中描点作图即可；(3)

由图像的斜率得到加速度；(4)图线延长与纵轴相交，此交点纵坐标表示小车的初速度。【解答】(1)vB=xAC2T=27.60隆脕10鈭�32隆脕0.1m/s=0.138m/s

(2)v鈭�t

图像如图所示：(3)

由图像得加速度a=?v?t=1.26m/s2

图线延长与纵轴相交，此交点纵坐标表示小车的初速度。故答案为：A(1)0.138A(1)0.138(2)(2)如图所示(3)1.26(3)1.26(4)(4)初速度B

【分析】(1)为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应平衡摩擦力，方法是：将木板固定打点计时器的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；(2)(2)由娄陇x=aT2

得到小车运动的加速度；(3)

当小车的总质量远远大于钩码质量时，可用钩码总重力代替小车所受的拉力。【解答】(1)为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应平衡摩擦力，方法是：将木板固定打点计时器的那端适当垫高，连接纸带，打点计时器正常工作的情况下在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故选C；(2)(2)小车的加速度：a=[(2.88+3.39+3.87)鈭�(1.40+1.90+2.38)]隆脕10鈭�2(3隆脕0.1)2m/s2=0.50m/s2a=dfrac{[(2.88+3.39+3.87)-(1.40+1.90+2.38)]隆脕{10}^{-2}}{(3隆脕0.1{)}^{2}}m/{s}^{2}=0.50m/{s}^{2}(3)(3)要用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量mm与小车总质量MM之间应满足的关系为m<<Mm<<M故答案为：(1(1)C)C(2)0.50(2)0.50(3)m<<M(3)m<<M

【解析】A(1)0.138(2)

如图所示(3)1.26(4)

初速度B(1)C(2)0.50(3)m<<M

29、不需要；B；【分析】解：(1)

实验中绳子的拉力可以通过力传感器直接得出；不需要满足钩码的质量远小于滑块的质量．

(2)

加速度与滑块所受的合力成正比；图线应该是过原点的倾斜直线，故选：B

．

(3)

对滑块，根据牛顿第二定律得，2F=ma

解得a=2Fm

可知图线的斜率k=2m

则滑块的质量m=2k

．

故答案为：(1)

不需要，(2)B(3)2k

．