2025年浙教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有A、B两个弹簧振子，A的固有频率为f，B的固有频率为4f，如果它们都在频率为2f的驱动力作用下做受迫振动，那么下列结论中正确的是（）A.振子A的振幅较大，振动频率为2fB.振子A的振幅较大，振动频率为fC.振子B的振幅较大，振动频率为2fD.振子B的振幅较大，振动频率为4f2、有两位同学利用假期分别参观了位于哈尔滨市的“哈尔滨工业大学”和上海市的“复旦大学”，他们各自利用那里实验室中的DIS系统探究了单摆周期T和摆长L的关系。然后通过微信交流实验数据，并用计算机绘制了如图甲所示的图像。另外，去“复旦大学”做研究的同学还利用计算机绘制了他实验用的a、b两个摆球的振动图像；如图乙所示。下列说法正确的是：（）

A.甲图中“复旦大学”的同学所测得的实验结果对应的图线是BB.甲图中图线的斜率表示对应所在位置的重力加速度的倒数C.由乙图可知，a、b两摆球振动频率之比为3∶2D.由乙图可知，时b球振动方向沿y轴正方向3、如图所示；下列图片场景解释说法正确的有（）

A.如图甲，内窥镜利用了光的全反射原理B.如图乙，肥皂膜上的彩色条纹是光的色散现象C.如图丙，是单色平行光线通过狭缝得到的干涉图样D.如图丁，立体电影原理和照相机镜头表面涂上的增透膜的原理一样4、如图所示，是某汽车公司设计的能垂直起飞的飞行汽车，该车通过固定在车上的两个单旋翼的高速转动对空气施加向下的力，利用空气的反作用力使汽车上升。已知该汽车空车质量单旋翼的半径某次试飞时，试飞员的质量试飞员让汽车起飞后悬停在空中。已知空气的密度重力加速度取则此时旋翼使其下方空气获得的速度约为（）

A.B.C.D.5、如图所示，竖直墙与水平地面交点为O，从竖直墙上的A、B两点分别搭两条光滑直轨道到M点，M点正上方与A等高处有一C点。现同时将完全相同的a、b、c三球分别从A、B、C三点由静止开始释放。则从开始释放至小球运动到M点的过程（）

A.a球的加速度小于b球的加速度B.c球最先到达M点C.a、c两球所受重力的冲量相同D.a球到达M点的速度比c球的大6、在光滑水平面上停着一辆平板车，车左端站着一个大人，右端站着一个小孩，此时平板车静止。在大人和小孩交换位置的过程中，平板车的运动情况应该是（）A.向右运动一段距离，最后静止B.向左运动一段距离，最后静止C.一直保持静止D.上述三种都可能7、关于单摆的认识，下列说法正确的是（）A.摆球运动到平衡位置时，摆球所受的合力为零B.伽利略通过对单摆的深入研究，得到了单摆的周期公式C.将摆钟由绍兴移至北京，为保证摆钟走时准确，需将钟的摆长调长些D.利用单摆测重力加速度的实验时，误将摆线长做摆长，用T2-图的斜率测量结果偏小8、A；B、C、D是一列简谐横波上的四个点；某时刻波形如图所示，下列说法正确的是。

A.若B点此时振动的速度是向上的，波向右传播B.若波向左传播，此时C两点振动的速度是向上的C.若波向右传播，一段时间后A点可能迁移到B点D.若C点比D点先回到平衡位置，波向右传播评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图甲所示，长木板A静置在光滑的水平面上，物块B可视为质点以水平速度滑上长木板A的上表面的最左端，之后它们的速度随时间变化情况如图乙所示，在两者相对运动过程中，因摩擦产生的热量为4J，取g=10m/s2；则下列说法正确的是（）

A.长木板A的质量为4kgB.摩擦力对物块B做功为6JC.长木板A的长度不小于1.5mD.长木板A与物块B间的动摩擦因数为0.110、如图所示，直角三棱镜ABC的折射率n＝∠A＝60°，D是BC边上中点．现让四条同种单色光线a、b、c、d按图示方向射在BC面上，其中光线b是垂直BC边；关于光线第一次射出三棱镜的说法正确的是（）

A.光线a垂直AC边射出B.光线b垂直AB边射出C.光线c垂直BC边射出D.光线d垂直AB边射出11、如图所示，光滑绝缘的水平面上M、N两点各放一电荷量分别为+q和+2q，完全相同的金属球A和B，给A和B以大小相等的初动能E0（此时动量大小均为p0）使其相向运动刚好能发生碰撞，碰后返回M、N两点时的动能分别为E1和E2，动量大小分别为p1和p2，则()

A.B.C.碰撞发生在M、N中点的左侧D.两球同时返回M、N两点12、甲、乙两小球在光滑水平面上发生正碰，碰撞前后两球的（位移-时间）图像如图所示，碰撞时间极短。已知被碰小球的质量则（）

A.乙小球碰撞过程中的动量变化量是B.甲小球碰撞过程中所受到的冲量大小为C.甲、乙两小球发生的是弹性碰撞D.若仅增大小球碰前速度，两小球碰后速度方向可能相同13、如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为M的滑块，滑块的一侧是一个圆弧形凹槽OAB，凹槽半径为R，A点切线水平。另有一个质量为m的小球以速度v0从A点冲上凹槽，重力加速度大小为g；不计摩擦。下列说法中正确的是（）

A.当时，小球能到达B点B.如果小球的速度足够大，球将从滑块的左侧离开滑块后落到滑块左侧水平面上C.当时，小球在弧形凹槽上运动的过程中，滑块的动能一直增大D.如果滑块固定，小球返回A点时对滑块的压力大于14、如图所示为两个单摆的受迫振动的共振曲线；则下列说法正确的是（）

A.若两个受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相同，则图线Ⅰ表示月球上单摆的共振曲线B.若两个受迫振动是在地球上同一地点进行，则两个摆长之比LⅠ∶LⅡ=25∶4C.图线Ⅱ若是在地面上完成的，则该单摆摆长约为1mE.若两个单摆在同一地点均发生共振，图线Ⅱ表示的单摆的能量一定大于图线Ⅰ表示的单摆的能量E.若两个单摆在同一地点均发生共振，图线Ⅱ表示的单摆的能量一定大于图线Ⅰ表示的单摆的能量评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、若设双缝间距为d，双缝到屏的距离为l，光的波长为λ，则双缝干涉中相邻两个亮条纹或暗条纹的中心间距为______。16、一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图所示，则这列波的波长为_______m；此时x=3m处的质点正在向上运动，则x=2.5m处的质点向_______（选填“上”或“下”）运动；当x=3m处的质点在波峰时，x=5m处的质点恰好在_______（选填“波峰”；“波谷”或“平衡位置”）。

17、列举激光的两个特性：（1）____________；

（2）__________________。

举出激光的两种用途：

（1）________________；

（2）___________________。18、如图，一小船以1.0m/s的速度匀速前行，站在船上的人竖直向上抛出一小球，小球上升的最大高度为0.45m，则小球做的是___________（选填“上抛”或“斜抛”）运动。假定抛接小球时人手的高度不变，不计空气阻力，g取10m/s2，当小球再次落入手中时，小船前进的距离为___________m。

19、单摆周期公式。

（1）提出：周期公式是荷兰物理学家____________首先提出的。

（2）公式：即周期T与摆长l的二次方根成____________，与重力加速度g的二次方根成____________，而与振幅、摆球质量____________。20、如图甲所示，在某一均匀介质中，A、B是振动情况完全相同的两个波源，其简谐运动表达式均为介质中P点与A、B两波源间的距离分别为4m和5m，两波源形成的简谐波分别沿AP、BP方向传播；波速都是10m/s。

①求简谐横波的波长_______

②P点的振动________（填“加强”或“减弱”）21、出现明暗条纹的判断。

（1）亮条纹：当两个光源与屏上某点的距离之差等于半波长的______（填“奇”或“偶”）数倍时；出现亮条纹。

（2）暗条纹：当两个光源与屏上某点的距离之差等于半波长的______（填“奇”或“偶”）数倍时，出现暗条纹。评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)22、图中的横波正在沿轴的正方向传播，波速为分别画出经过和时刻的两个波形图。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)23、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测出了单摆在摆角很小时完成n次全振动的时间为t，如图（A）所示用毫米刻度尺测得摆线长为L，又用游标卡尺测得摆球直径为d；如图（B）所示。

（1）由图可知摆球直径是________cm，单摆摆长是________m。

（2）实验中某同学每次的测定值都比其他同学偏大，其原因可能是________。

A．他的摆球比别的同学重。

B．数摆动次数时；在记时的同时，就开始数1，误将29次全振动记成了30次。

C．直接将摆线长作为摆长来计算。

（3）利用单摆周期公式测定重力加速度时测出不同摆长L时相应周期值T，作T2－L图线，如图（C）所示。T2与L的关系式T2=________，利用图线上任两点A、B的坐标（x1，y1）、（x2，y2）可求出图线的斜率k=________，再由k可求出g=________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)24、如图所小，粗糙水平面上固定一足够长且表面光滑的斜面体，斜面倾角未知，在斜面体内部埋置了一个与斜面平行的压力传感器，且示数为零。水平面上靠近斜面体处静止放置A、B两物体，其中两物体紧贴在一起，中间夹着一小块炸约（质量可忽略），点燃炸药发生爆炸使两物体脱离，B物体立刻冲上斜面体，经过压力传感器时，测得传感器上表面受到的压力大小为已知A物体与水平面间的动摩擦因数炸药爆炸时释放的化学能为且全部转化为两物体的动能，不考虑B物体在斜面体与水平面连接处的动能损失，A、B两物体均可视为质点，爆炸时间极短，取求：

（1）爆炸后瞬间，A、B两物体获得的速度大小；

（2）B物体在斜面上运动的时间

（3）要使B物体能追上A物体，B物体与水平面之间的动摩擦因数的取值范围。

25、两块长木板A和B，质量相等，长度都是l＝1.0m，紧贴在一起，静置于光滑的水平地面上。另一小物块C，质量与长木板相等，可视为质点，位于木板A的左端，如图所示，现给物块C一向右的初速度，速度的大小为v0＝2.0m/s，已知物块与木板之间的动摩擦因数问木板A最终运动的速度为多少。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

受迫振动的振动频率等于驱动力的频率，故都为2f；在驱动力相同的情况下，受迫振动的振动幅度取决于振子的固有频率和驱动力平衡的接进程度，两者越接进，振动的幅度越大，故振子A的振动幅度较大。

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据

得

知图线的斜率

图线B的斜率较小，则图线B对应的重力加速度较大，可知甲图中“哈尔滨工业大学”的同学所测得的实验结果对应的图象是B；故AB错误；

C．周期等于完成一次全振动的时间，由乙图可知，a、b两单摆的周期之比为2：3；振动频率之比为3∶2，故C正确；

D．由乙图可知，t=1s时，b球处于平衡位置向-y方向运动；故D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

A．内窥镜利用了光的全反射原理；故A正确；

B．肥皂膜上的彩色条纹是从肥皂膜上下表面反射回来的两列光发生干涉的结果；故B错误；

C．图丙；是单色平行光线通过狭缝得到的单缝衍射条纹，故C错误；

D．立体电影原理是利用光的偏振原理；照相机镜头表面涂上的增透膜原理是利用光的干涉原理，故D错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

汽车与试飞员的重力

试飞员让汽车起飞后悬停在空中，受到空气的作用力

根据动量定理

代入数据得

故选C。5、B【分析】【详解】

A．对a、b小球

a球所在斜面倾角较大，则a球的加速度大于b球的加速度；A错误；

B．设CM距离为R，则

解得

对于c小球有

解得

可见c球最先到达M点；B正确；

C．根据动量定理有

可见a球所受重力的冲量较大；C错误；

D．根据动能定理有

得

两球速度相等；D错误。

故选B。6、B【分析】【分析】

【详解】

以大人、小孩和平板车三者作为研究对象，系统水平方向所受的合外力为零，根据动量守恒定律，可得在大人和小孩相互交换位置时，系统的重心位置保持不变。在大人和小孩相互交换位置时，可假定平板车不动，则在大人和小孩相互交换位置后，系统的重心将右移（因大人的质量要大于小孩的质量）。因此为使系统的重心位置保持不变，平板车必须左移，而在大人和小孩交换位置后，人的动量为零，而总动量为零，则车的动量也为零，故向左运动一段距离，最后静止，故选B。7、C【分析】【详解】

A．单摆的过程中摆球的运动轨迹为圆弧；所以摆球在最低点受到的合外力提供向心力，不为0，故A错误；

B．根据物理学史可知；伽利略得出了单摆的同时性，是惠更斯得出单摆的周期公式，故B错误；

C．根据单摆的周期公式

将摆钟由绍兴移至哈尔滨；重力加速度增大，为保证摆钟的准确，需要将钟摆调长，故C正确；

D．在利用单摆测量重力加速度的实验中，误将摆线长L0当做摆长，则实际的摆长减小，根据

T2-L0图的斜率不变，由图像斜率求得的加速度不变，故D错误。

故选C。8、D【分析】若B点此时振动的速度是向上的；根据“上下坡法”可知，波向左传播，故A错误；若波向左传播，根据“上下坡法”可知，A；C两点振动的速度是向下的，故B错误；质点不会随波迁移，故C错误；若C点比D点先回到平衡位置，则在图示时刻，C的速度方向向上，D的速度方向向下，根据“上下坡法”可知，波向右传播，故D正确；故选D.

【点睛】根据质点的振动方向或波传播方向，通过“上下坡法”得出波的传播方向或质点振动方向。二、多选题(共6题，共12分)9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD．由图可知，长木板A和物块B的加速度大小相等有

可得

有动量守恒定律有

联立得

在两者相对过程中系统损失的机械能转化成摩擦热有

代入数据联立解得

故AD正确；

B．由动能定理得

代入数据解得

故B错误；

C．由图可得，内B的位移为

A的位移为

则木板A的最小长度为

故C错误。

故选AD。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

该三棱镜内光线发生全反射的临界角满足sinC′＝＝

可画出a、b、c、d四条光线的光路图线图如图所示；可知AD正确。

故选AD。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由动量观点看，系统动量守恒，两球的速度始终等值反向，也可得出结论：两球必将同时返回各自的出发点，且两球末动量大小和末动能一定相等。从能量观点看，两球接触后的电荷量都变为1.5q；在相同距离上的库仑斥力增大，返回过程中电场力做的正功大于接近过程中克服电场力做的功，系统机械能必然增大，即末动能增大。故A错误，B正确。

CD．由牛顿定律的观点看；两球的加速度大小始终相同，相同时间内的位移大小一定相同，必然在连线中点相遇，又同时返回出发点。故C错误，D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可知，甲是被碰小球，根据动量守恒定律可知

根据图像可得

代入可解得

乙小球碰撞过程中的动量变化量

A错误；

B．根据动量定理可知甲小球碰撞过程中所受到的冲量大小为B正确；

C．甲、乙两球碰前动能

碰后动能

均为两球碰撞过程没有机械能损失，属于弹性碰撞，C正确；

D．由动量守恒定律及能量守恒定律得

可得

因为乙小球质量小于甲小球的质量；故两小球碰后速度方向一定不相同，D错误；

故选BC。13、C:D【分析】【详解】

A．当小球能够恰好到达B点时，设小球和滑块达到共同速度v，根据动量守恒定律有

根据机械能守恒定律有

联立以上两式解得

所以当时，小球不能到达B点；故A错误；

B．如果小球的速度足够大，小球从滑块的左侧离开滑块后做斜抛运动，根据动量守恒定律可知小球在空中运动时的水平分速度始终和滑块的速度相等，所以小球最后还会从B点返回滑块并最终落到滑块右侧的水平面上；故B错误；

C．当时；小球无法到达最高点，小球上滑过程中，水平分速度不断减小，则滑块的速度不断增大，即动能不断增大；小球下滑过程中，系统做反冲运动，滑块动能也不断增大，所以小球在弧形凹槽上运动的过程中，滑块的动能一直增大，故C正确；

D．如果滑块固定，根据机械能守恒定律可知小球返回A点时的速度大小为v0，设此时滑块对小球的支持力大小为FN，根据牛顿第二定律有

解得

根据牛顿第三定律可知小球返回A点时对滑块的压力大小为

故D正确。

故选CD。14、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．图线中振幅最大处对应的频率应与做受迫振动的单摆的固有频率相等，从图线上可以看出，两摆的固有频率fⅠ=0.2Hz，fⅡ=0.5Hz

当两摆在月球和地球上分别做受迫振动且摆长相等时，根据公式可知，g越大，f越大，所以gⅡ>gⅠ

又因为g地>g月；因此可推知图线Ⅰ表示月球上单摆的共振曲线，A正确；

B．若在地球上同一地点进行两次受迫振动，g相同，摆长长的f小，且有

所以

B正确；

CD．因为fⅡ=0.5Hz，若图线Ⅱ是在地面上完成的，根据

且g=9.8m/s2，可计算出LⅡ约为1m；C正确，D错误；

E．单摆的能量除与振幅有关；还与摆球质量有关，E错误。

故选ABC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由波形图可知；这列波的波长为4m；

[2]t=0时刻，x=3m处的质点正向上振动，由波形的平移法得知该波向左传播，即波沿x轴负向传播，则x=2.5m处的质点向上运动；

[3]由波沿x轴负向传播，可知当x=3m处的质点在波峰时，x=5m处的质点恰好在波谷。【解析】①.4②.上③.波谷17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】极好的方向性极好的单色性激光测距激光通讯18、略

【分析】【详解】

[1]小球抛出时速度方向斜向上；故做斜抛运动。

[2]抛出小球过程，小球与小船组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律可知，抛出小球后，小球与小船在水平方向的速度不变，小球与小船在水平方向都做匀速直线运动；设小球抛出后在竖直方向上升的时间为t，小球上升高度h=gt2

代入数据解得t=0.3s

从抛出小球到小球落入手中的时间t′=2t=2×0.3s=0.6s

在此时间内小船在水平方向做匀速直线运动，小船前进的距离s=vt′=1.0×0.6m=0.6m【解析】斜抛0.619、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】惠更斯正比反比无关20、略

【分析】【详解】

①[1]由简谐运动表达式

可知角频率为

则周期为

由公式

代入数据可得

②[2]AP和BP之间的距离差

故P点的振动加强。

【点睛】

掌握简谐运动表达式各物理量的含义是解题的关键，根据路程与波长的关系，是确定质点振动强弱的常用方法。【解析】1m加强21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.偶②.奇四、作图题(共1题，共5分)22、略

【分析】【详解】

ls内波向前传播的距离为0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形如图1虚线。

4s内波向前传播的距离为0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此图形与开始时是相同的，如图2

【解析】见解析。五、实验题(共1题，共3分)23、略

【分析】【详解】