2025年外研版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、质量为m的物体，在水平力F作用下，在粗糙的水平面上运动，下列说法不正确的是()A.如果物体做加速直线运动，F一定对物体做正功B.如果物体做减速直线运动，F一定对物体做负功C.如果物体做减速直线运动，F也可能对物体做正功D.如果物体做匀速直线运动，F一定对物体做正功2、如图所示是倾角为的斜坡，在斜坡底端P点正上方某一位置处以速度v0水平向左抛出一个小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为t1.小球B从同一点Q处自由下落，下落至P点的时间为t2.不计空气阻力，则t1∶t2＝()

A.1∶2B.1∶C.1∶3D.1∶3、甲、乙两车沿平直公路通过同样的位移，甲车在前半段位移上以v1=40km/h的速度运动，后半段位移上以v2=60km/h的速度运动；乙车在前半段时间内以v1=40km/h的速度运动，后半段时间以v2=60km/h的速度运动，则甲、乙两车在整个位移中的平均速度大小的关系是A.v甲=v乙B.v甲>v乙C.v甲乙D.因不知为是和时间无法确定4、匀速上升的升降机顶部悬有一轻质弹簧，弹簧下端挂有一小球，若升降机突然停止，在地面上的观察者看来，小球在继续上升的过程中(

)

A.速度先减小后增大B.速度先增大后减小C.加速度逐渐增大D.加速度逐渐减小5、下列实例不属于惯性表现的是(

)

A.货车高速转弯时发生侧翻事故B.公交车在平直马路上匀速行驶C.离弦的箭继续飞行D.小明在跑步时被石块绊倒6、如图分别表示运动物体的加速度、动能和重力势能随时间的变化图象，其中能描述自由落体运动规律的图象是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)7、在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验”中。

（1）打点计时器使用的是低压的____（填“交流”或“直流”）电源，若打点计时器接在频率为50Hz的电源上，工作时打点计时器在纸带上打点的时间间隔为____s

（2）某同学拖动纸带运动；打点计时器在纸带上打出一系列点，电源的频率是50Hz，处理时每隔1个点取一个记数点，标上字母A；B、C、D、E、F，A点与0刻度对齐．如图所示，某同学用mm刻度尺进行测量，请帮忙读出B、C在刻度尺上的位置，填到下表中：

。计数点BCDEF位置（cm）________4.446.228.12

由读出数据可计算出打下AF段纸带时小车的平均速度为VAF=____m/s．

（3）若认为一段时间中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，则打点计时器打下C点时小车的速度VC=____m/s．8、如图所示，质量为2m的物块A和质量为m的物块B与地面的摩擦均不计，在已知水平恒力F的作用下，A、B一起做匀加速直线运动，则A对B的作用力大小为____，B对A的作用力大小为____．

9、“研究平抛物体的运动”的实验装置如图所示．

（1）为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填写在横线上______．

A．通过调节使斜槽末端保持水平。

B．每次释放小球的位置可以不同。

C．每次必须由静止开始释放小球。

D．记录小球位置用的木条或凹槽；每次必须严格地等距离下降。

（2）有一位同学在一张印有小方格的纸上画出了小球运动的部分轨迹，他在轨迹上取了a、b、c、d点．已知小方格的边长为L，重力加速度为g，则小球平抛的初速度v0=______（用L；g表示）．

10、甲、乙两颗人造地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，它们的质量之比m1：m2=1：2，它们做圆周运动的轨道半径之比为r1：r2=1：2，则它们的向心力之比F1：F2=____，角速度之比ω1：ω2=____．11、如图所示，是某质点做直线运动的v-t图象，由图象可知：此质点的加速度为____m/s2，6s内质点的位移为____m．

12、如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m的小球，小球在竖直向下的场强为E的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动.则小球带___________电荷，所带电荷量为___________．13、某同学利用图甲所示的实验装置；探究物块在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）．从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示，打点计时器电源的频率为50Hz．

①通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点____和____之间某时刻开始减速．

③计数点5对应的速度大小为____m/s．（保留三位有效数字）

③物块减速运动过程中加速度的大小为a=____m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数（g为重力加速度），则计算结果比动摩擦因数的真实值____（填“偏大”或“偏小”）．评卷人得分三、实验探究题(共6题，共12分)14、在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：

（1）打点计时器使用的电源为______（选填交流或直流）电源．

（2）下列操作中正确的有______（填选项代号）．

A．在释放小车前；小车要靠近打点计时器。

B．打点计时器应放在长木板的有滑轮一端。

C．应先接通电源；后释放小车。

D．电火花计时器应使用低压6V以下交流电源。

（3）电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于______

A．交流电压的高低B．交流电的频率C．墨粉纸盘的大小D．纸带的长度．

（4）实验中，把打点计时器接50Hz交流电，打出的一条纸带如图．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的记数点．相邻计数点之间有四个点未画出（即相邻两点的时间间隔为0.1s），各点间的距离如下图所示，则在打D点时，小车的速度为______m/s．并可求得小车的加速度大小为______m/s2．（计算结果都保留两位有效数字）

15、(1)

质量不同的PQ

两球均处于静止状态如图敲击弹性金属片，使P

球沿水平方向抛出，Q

球同时被松开而自由下落则下列说法中正确的是。

A.P

球先落地。

B.两球落地时的动能可能相等。

C.Q

球先落地。

D.两球同时落地若在研究平抛物体P

运动的实验中，如图所示。已知小方格的边长为l=2.5m

小球在平抛运动途中的几个位置为图中的abcd

所示，取g=10m/s?

则

(2)

如图可知，由a

点到b

点所需的时间为________。(3)

小球平抛的初速度的计算式为v=

_______m/s

从图、表中的图形特点可以得出：_______________________。16、在“探究求合力的方法”实验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图）．实验中需用两个弹簧秤分别勾住细绳套，并互成角度地拉橡皮条．某同学认为在此过程中必须注意以下几项：

A．两根细绳必须等长。

B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行。

D．在实验中；若把细绳换成橡皮条，那么对实验结果有影响。

其中正确的是______．（填入相应的字母）17、如图为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm

如果取g

=10m/s2

那么：

(1)

闪光频率是______Hz

(2)

小球运动中水平分速度的大小是______m/s

(3)

小球经过B

点的速度大小是______m/s

．18、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A

为固定橡皮条的图钉，O

为橡皮条与细绳的结点，OB

和OC

为细绳.

图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．(1)

如果没有操作失误，图乙中的F

与F

隆盲

两力中，方向一定沿AO

方向的是________．(2)

本实验采用的科学方法是________．A.理想实验法B.

等效替代法C.控制变量法D.

建立物理模型法(3)

实验时，主要的步骤是：A.在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A

点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C.用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O

，记录下O

点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D.按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F

1

和F

2

的图示，并用平行四边形定则求出合力F

；E.只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F

隆盲

的图示；F.比较F

隆盲

和F

的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，垄脵

有重要遗漏的步骤的序号是______和______；垄脷

遗漏的内容分别是________________________和____________________________．19、如是“研究平抛物体运动”的实验装置图；通过描点画出平抛小球的运动轨迹。

（1）以下是实验过程中的一些做法；其中合理的是______。

a．安装斜槽轨道，使其末端保持水平b．每次小球释放的初始位置可以任意选择。

c．每次小球应从同一高度由静止释放d．为描出小球的运动轨迹；描绘的点可以用折线连接。

（2）如图所示，在实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=2.5cm。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=______（用l、g表示），其值是______（取g=10m/s2），小球在b点的速率是______。

评卷人得分四、解答题(共1题，共3分)20、A、B两个小球由柔软的细线相连，线长l=6m；将A、B球先后以相同的初速度v=4.5m/s；从同一点水平抛出（先A后B），相隔时间△t=0.8s．

（1）A球抛出后经多少时间；细线刚好被拉直？

（2）细线刚被拉直时，A、B球的水平位移（相对于抛出点）各多大？（g取10m/s2）

评卷人得分五、简答题(共2题，共18分)21、rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}}有rm{[E(C{A}_{3}{)}_{4}{]}^{2+}

}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}五种元素。其相关信息如下：。rm{E}元素相关信息rm{A}rm{A}原子的rm{1s}轨道上只有rm{1}个电子rm{B}rm{B}是电负性最大的元素rm{C}rm{C}的基态原子rm{2p}轨道中有三个未成对电子rm{D}rm{D}是主族元素且与rm{E}同周期，其最外能层上有两个运动状态不同的电子rm{E}rm{E}能形成红色rm{(}或砖红色rm{)}的rm{E_{2}O}和黑色的rm{EO}两种氧化物请回答下列问题：

rm{(1)}写出rm{E}元素原子基态时的电子排布式________。写出rm{(1)}元素原子基态时的电子排布式________。

rm{E}元素的第一电离能比氧元素的第一电离能________rm{(2)C}元素的第一电离能比氧元素的第一电离能________rm{(}填“大”或“小”rm{)}填“大”或“小”rm{(2)C}

rm{(}rm{)}rm{(3)CA}原子的杂化轨道类型是________。

rm{(3)CA}rm{{,!}_{3}}分子中rm{C}原子的杂化轨道类型是________。三种元素可形成rm{C}rm{(4)A}rm{C}rm{E}三种元素可形成rm{[E(CA}rm{(4)A}rm{C}rm{E}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}填序号rm{)}

rm{)}配位键rm{{,!}_{4}}金属键rm{]}极性共价键rm{]}非极性共价键rm{{,!}^{2+}}离子键配离子，其中存在的化学键类型有________rm{(}填序号rm{)}氢键rm{(}rm{)}rm{垄脵}配位键rm{垄脷}金属键rm{垄脹}极性共价键rm{垄脺}非极性共价键rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}离子键rm{垄脼}氢键rm{垄脻}rm{垄脼}若rm{[E(CA}rm{[E(CA}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}填字母rm{{,!}_{4}}rm{]}平面正方形rm{]}正四面体rm{{,!}^{2+}}三角锥形具有对称的空间构型，且当形rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}与中的两个rm{CA}可形成离子化合物，其晶胞结构如下图所示。其中rm{CA}离子的配位数为______________，若该晶体的密度为rm{{,!}_{3}}则该晶胞的体积是__________被两个rm{Cl}写出表达式即可rm{Cl}rm{{,!}^{-}}22、氯元素在周期表中位于第_____周期，第_______族。评卷人得分六、综合题(共3题，共6分)23、【题文】用＝2N的水平拉力刚好使质量为m＝5kg的物体在水平面上做匀速直线运动，现改用＝4N的水平拉力拉物体；使它的速度由4m/s增加到10m/s，求：

(1)物体受水平面的摩擦力f；

(2)物体速度发生上述变化所用的时间t．

24、【题文】2008年5月12日，在四川省汶川县发生了8.0级大地震，造成了重大的人员伤亡和财产损失。灾难发生后，党和政府紧急采取各项救援工作。若一架执行救灾任务的飞机沿水平方向匀速飞行，相隔0.5s先后释放完全相同的两箱救灾物资1和2。在这两箱物资刚开始下落的一小段时间内，可以认为它们在水平方向上受到的空气阻力大小恒定，则在这一小段时间内，地上的人将看到（）。A．1号箱在2号箱的正下方B．两箱间的水平距离保持不变C．两箱间的水平距离越来越大D．两箱间的水平距离越来越小25、【题文】在与x轴平行的匀强电场中，一带电量为质量为的物体在光滑水平面上沿着x轴做直线运动，其位移与时间的关系是式中x以米为单位，t的单位为秒。从开始运动到5s末物体所经过的路程为多少m，克服电场力所做的功为多少J？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】如果物体做加速直线运动，F的方向一定与速度相同，F做正功，A对；物体做减速直线运动，F的方向可能与速度相反，做负功，B错；也可能F与速度相同，F的大小小于阻力，此时F做正功，C对；物体做匀速直线运动，F等于阻力的大小，方向与速度相同，做正功，D对；【解析】【答案】B2、D【分析】【分析】

根据平抛运动规律则小球能垂直落在斜坡上，则证明根据几何关系：且即证明自由落体运动的时间所以答案为D。

【点评】此类题型考察了平抛运动规律，但是结合了一部分数理结合的知识，相对而言增加了解题难度。因此这类题目降低思维难度的方法是通过画出示意图，从而便于找出几何关系建立等式。3、C【分析】试题分析：甲的平均速度为：乙的平均速度为：所以v甲乙，选项C正确。考点：平均速度的概念。【解析】【答案】C4、C【分析】解：开始小球受重力和弹簧弹力处于平衡；小球继续上升的过程中，导致合力的方向逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度的大小逐渐增大，加速度的方向向下，与速度反向，则速度逐渐减小。故C正确，AB

D错误。

故选：C

升降机匀速上升时；小球受重力和弹簧的弹力处于平衡，小球上升时，通过牛顿第二定律判断加速度的变化，通过加速度方向和速度的方向关系判断速度的变化。

解决本题的关键会根据牛顿第二定律判断加速度的变化，会根据速度方向与加速度方向的关系判断速度的变化。【解析】C

5、B【分析】解：A

货车高速转弯时是提供的力小于需要的向心力；货车要保持原来的状态，属于惯性表现，故A错误。

B；公交车在平直马路上匀速行驶；与惯性无关，故B正确。

C；离弦的箭继续飞行；它具有惯性，因此能在空中运动，属于惯性表现，故C错误。

D；小明在跑步时被石块绊倒；脚停止运动，而身体由于惯性仍保持向前的运动状态，因此就会摔倒，属于惯性表现，故D错误。

故选：B

惯性是一切物体都具有的；保持原来运动状态不变的性质，合理利用惯性可给我们的生活带来很大方便，但惯性有时也会给我们带来很大的麻烦，尤其是在交通中，因为惯性的存在会造成一些交通事故的发生，具体分析各选项中的实例，明确利弊最终做出判断。

有的是利用了惯性，有的是惯性给我们带来的不利影响或防止惯性不利影响的做法，分析时难度不大，但要注意是“利用”还是“克服”。【解析】B

6、B【分析】解：物体做自由落体运动，初速度为0，加速度为g的匀加速运动，平抛运动是水平方向初速度为v0的匀速运动；竖直方向为自由落体运动；

A、自由落体运动的速度为v=gt，速度与时间成正比，平抛运动的速度v=故A错误；

B；自由落体运动和平抛运动的加速度都为g；恒定，故B正确；

C、自由落体的动能为平抛运动的动能为故C错误；

D、物体不论做平抛运动还是自由落体运动，重力时能的减小量都等于重力做的功即故物体的重力时能不与时间成一次性关系，故D错误；

故选：B。

物体做自由落体运动，初速度为0，加速度为g的匀加速运动，平抛运动是水平方向初速度为v0的匀速运动；竖直方向为自由落体运动找出各物理量与时间的关系即可判断。

本题主要考查了自由落体和平抛运动的特点，抓住各物理量与时间的关系即可判断。【解析】B二、填空题(共7题，共14分)7、略

【分析】

（1）打点计时器使用的是低压的交流电源；若打点计时器接在频率为50Hz的电源上，工作时打点计时器在纸带上打点的时间间隔为0.02s．

（2）刻度尺的读数要在最小刻度1mm的基础上向下一位即10分位估读；所以B点的读数范围1.32～1.35cm，C点的读数范围0.384～0.388cm．

处理时每隔1个点取一个记数点；所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.04s；

根据平均速度的定义：==m/s=m/s=0.406m/s

（3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，vC==m/s=0.388m/s

故答案为：交流；0.02；0.406；0.388

【解析】【答案】根据平均速度的定义：平均速度等于位移除以时间；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

8、略

【分析】

对整体分析，根据牛顿第二定律得，a=

隔离对B分析，根据牛顿第二定律得，．

根据牛顿第三定律得，．

故答案为：

【解析】【答案】通过整体法；根据牛顿第二定律求出加速度，再隔离对B分析，运用牛顿第二定律求出A对B的作用力的大小，从而根据牛顿第三定律求出B对A的作用力大小．

9、略

【分析】解：（1）A；通过调节使斜槽末端保持水平；是为了保证小球做平抛运动，故A正确．

B；因为要画同一运动的轨迹；必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误．

C；为了确保小球每次以相同的速度抛出；因此要求小球由静止从同一位置释放，故C正确．

D；因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；在相同时间里，位移越来越大，因此木条（或凹槽）下降的距离不应是等距的，故D错误．

故选：AC．

（2）在竖直方向上有：△h=gT2；其中△h=（2-1）L=L，代入求得：

水平方向：x=v0t；其中x=2L，因此有：

故答案为：（1）AC；（2）．

（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．

（2）正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动；竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在竖直方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律；推论求解．

（1）解决平抛实验问题时；要特别注意实验的注意事项．在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解．

（2）对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．【解析】AC；10、略

【分析】

1、根据向心力等于万有引力，即

得：=

2、根据万有引力提供向心力

解得：

故：

故答案为：2：1，．

【解析】【答案】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出向心力的表达式和角速度的表达式进行相比即可．

11、略

【分析】

由于在速度-时间图象中切线表示加速度；加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；

故：a===-1m/s2；负号表示加速度的方向与初速度方向相反．

由于速度-时间图象与坐标轴围成面积代表位移；时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；

故6s内的位移：x=（×4×4-×2×2）m=6m

故答案为：-1；6

【解析】【答案】在速度-时间图象中切线表示加速度；加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．

12、略

【分析】本题考查的是带电粒子在电场中做圆周运动的问题。解得：【解析】【答案】负13、671.002.00偏大【分析】【解答】（1）从计数点6和7之间某时刻开始减速，因为相等时间内的位移越来越小．（2）根据某段的平均速度等于中时刻的速度，则有：v5=．（3）由纸带可知；计数点7往后做减速运动，根据作差法得：

a==﹣2.00m/s2，则加速度的大小为2.00m/s2．

在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力；所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大．

故答案为：（1）6；7（2）1.00（3）2.00，偏大。

【分析】（1）通过相等时间内的位移越来越小判断从何位置开始减速；（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点5对于的速度大小；（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物块减速运动的加速度大小．三、实验探究题(共6题，共12分)14、略

【分析】解：（1）打点计时器应该用交变电流；

（2）A；为了充分利用纸带；释放小车时小车要靠近打点计时器，远离有滑轮一端；故A正确，B错误；

C；实验中为了稳定后再打点同时保证能充分利用纸带；应先接通电源再释放小车；故C正确；

D；电火花计时器采用220V的交流电源；故D错误；

故选：AC；

（3）打点计时器的打点周期取决于交流电的频率；与电压高低；墨粉盘大小以及纸带的长度无关；故选：B；

（4）中间有四个点没有画出；故时间间隔为0.1s；利用匀变速直线运动的推论得：

vD===0.34m/s；

根据逐差法可得：小车的加速度：

a===0.40m/s；

故答案为：（1）交流；（2）AC；（3）B；（4）0.340.40．

（1）打点计时器使用的是交流电源；

（2）明确实验原理以及注意事项；知道接通电源前，小车应紧靠打点计时器；不能放在有滑轮的一端；同时应先接通电源，再放小车；

（3）知道打点周期取决于交流电的频率；

（4）根据平均速度可知D点的速度等于BC段的平均速度；根据逐差法可求得加速度．

本题考查“探究小车速度随时间变化规律”的实验，要注意明确实验原理以及注意事项；在求解平均速度和加速度时要注意单位的换算以保证正确求解．【解析】交流；AC；B；0.34；0.4015、（1）BD；

（2）0.05s；

（3）；竖直方向做自由落体；水平方向匀速直线运动。【分析】【分析】(1)

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住P

在竖直方向上的运动规律与Q

的运动规律相同，从而即可求解。(23)

平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据鈻�y=gT2

求出时间单位T

对于水平方向由公式v0=xt

求出初速度。本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，是一道考查基础知识的好题目。【解答】(1)ACD

根据装置图可知；两球由相同高度同时运动，P

做平抛运动，Q

做自由落体运动，P

在竖直方向上的运动规律与Q

相同，则两球同时落地，故A、C错误，D正确。

B；落地时；P

在竖直方向上分速度与Q

相同，但是P

有水平分速度，所以两球落地时速度大小不同，P

球的速度大，但因质量的不同，因此落地时的动能可能相等。故B正确；

故选BD。(2)

从图中看出，abcd4

个点间的水平位移均相等，是x=2L

因此这4

个点是等时间间隔点。竖直方向两段相邻位移之差是个定值，即竖直方向：3L鈭�L=gT2t=lg

故可求得时间为0.05s

(3)

水平方向：v0=xt=2gl

故可求得速度为1m/s

从图、表中的图形特点可以得出：竖直方向做自由落体；水平方向匀速直线运动。故答案为：(1)BD

(2)0.05s

(3)2gl

竖直方向做自由落体；水平方向匀速直线运动。【解析】(1)BD

(2)0.05s0.05s(3)(3)2gl；竖直方向做自由落体；水平方向匀速直线运动。16、略

【分析】解：A；细线的作用是能显示出力的方向；所以不必须等长．故A错误；

B；两细线拉橡皮条时；只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上．故B错误；

C；在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行；否则会影响力的大小．故C正确；

D；只要作用效果相同；将细绳换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故D错误．

故选：C

在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置）；而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行．

在此实验中重点是作出力的图示，这样才能得以验证力的平行四边形，所以细线的方向与弹簧秤的示数是关键．【解析】C17、(1)10(2)1.5(3)2.5【分析】【分析】平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动，解答本题的突破口是利用在竖直方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解。本题考查平抛运动实验，对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题。【解答】：垄脵

设AB

间及BC

间的时间间隔为T

则在竖直方向上有y

BC

鈭�y

AB

=gT2T=yBC鈭�yABg=0.25鈭�0.1510s=0.1s

所以f=1T=10Hz

垄脷vx=xABT=0.150.1m/s=1.5m/s

垄脹vBy=yAC2T=0.42隆脕0.1m/s=2m/s

所以vB=vx2+vBy2=1.52+22m/s=2.5m/s

故答案为：(1)10(2)1.5(3)2.5

【解析】(1)10(1)10(2)1.5(3)2.5(2)1.5(3)2.518、（1）F′（2）B（3）①CE②C中未记下两条细绳的方向E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O【分析】【分析】步骤C

中只有记下两条细绳的方向；才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤E

中只有使结点到达同样的位置O

才能表示两种情况下力的作用效果相同；正确理解“等效替代”法的应用。

本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键，本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别。【解答】(1)F

是通过作图的方法得到合力的理论值；而F隆盲

是通过一个弹簧称沿AO

方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O

点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力，故方向一定沿AO

方向的是F隆盲

由于误差的存在F

和F隆盲

方向并不在重合；

(2)

合力与分力是等效替代的关系；所以本实验采用的等效替代法。

故选B。(3)

本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果，所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示；步骤C

中未记下两条细绳的方向；步骤E

中未说明把橡皮条的结点拉到位置O

故填(1)F隆盲(2)B(3)垄脵垄脵CE垄脷垄脷C

中未记下两条细绳的方向；E

中未说明把橡皮条的结点拉到位置O

【解析】(1)F隆盲

(2)B

(3)垄脵CE垄脷C

中未记下两条细绳的方向E

中未说明把橡皮条的结点拉到位置O

19、ac21m/s1.25m/s【分析】解：（1）a；安装斜槽轨道；使其末端保持水平，以保证小球做平抛运动，故a正确；

b、每次小球释放的初始位置必须相同，不可以任意选择，故b错误；

c；每次小球应从同一高度由静止释放；以保证小球到达底端的速度相同，故c正确；

d；为描出小球的运动轨迹；描绘的点要用平滑的曲线，不可以用折线连接，故d错误；

（2）设相邻两点间的时间间隔为T，竖直方向：2l-l=gT2，得到

水平方向：2l=v0T；

解得

带入数据：

小球在b点时，竖直方向上的瞬时速度等于

所以b点的速度

故答案为：（1）ac；（2）21m/s；1.25m/s。

（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线；

（2）平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据△y=gT2求出时间单位T．对于水平方向由公式v0=求出初速度。由a、c间竖直方向的位移和时间求出b点竖直方向的分速度，运用速度的合成，求解b的速率。

解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项，在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解，提高解决问题的能力；灵活应用平抛运动的处理方法是解题的关键。【解析】ac21m/s1.25m/s四、解答题(共1题，共3分)20、略

【分析】

（1）两球水平方向位移之差恒为△x=v×△t=4.5×0.8m=3.6m；

AB竖直方向的位移差随时间变化；当竖直方向位移差与水平方向位移差的合位移差等于6m时绳被拉直．

由水平方向位移差3.6m；绳子长6m，可以求得竖直方向位移差为h时绳绷紧．

h==m=4.8m；

有h=gt2-g（t-0.8s）2=4.8m；得t=1s．

（2）细线刚被拉直时；A球的水平位移为4.5×1m=4.5m；

B球的水平位移为4.5×（1-0.8）m=0.9m．

答：（1）（1）A球抛出后经1s；细线刚好被拉直（2）A球的水平位移为4.5m，B球的水平位移为0.9m

【解析】【答案】（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，两球相隔0.8s水平抛出，在水平方向上的位移差保持不变，在竖直方向上的位移差逐渐增大，根据（△x）2+（△y）2=L2求出时间．

（2）根据水平方向上的匀速直线运动求A球的水平位移．

五、简答题(共2题，共18分)21、rm{(1)}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}

}或rm{(}或rm{(}

rm{[Ar]3{d}^{10}4{s}^{1}}大

rm{)}

rm{)}rm{(2)}

rm{(3)s{p}^{3}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}娄脩{a}^{3}{N}_{A}}rm{(4)垄脵垄脹}【分析】【分析】本题考查较综合，涉及晶胞计算、微粒构型判断、原子核外电子排布等知识点，同时考查学生空间想象能力、计算能力，难点是晶胞计算，题目难度中等。【解答】rm{A}原子的rm{1s}轨道上只有rm{1}个电子，则rm{A}是rm{H}元素；原子的rm{A}轨道上只有rm{1s}个电子，则rm{1}是rm{A}元素；

rm{H}是电负性最大的元素，则为rm{B}是电负性最大的元素，则为rm{F}元素；元素；

rm{B}的基态原子rm{F}轨道有三个未成对电子，为rm{C}的基态原子rm{2p}轨道有三个未成对电子，为rm{N}元素；元素；

rm{C}能形成砖红色rm{2p}红色rm{N}的rm{E}能形成砖红色rm{(}红色rm{)}的rm{E}rm{E}rm{(}和rm{)}两种氧化物，则rm{E}为rm{2}元素；

rm{2}为主族元素，且与rm{O}和rm{EO}两种氧化物，则rm{E}为rm{Cu}元素；同周期，其最外层上有两个运动状态不同的电子，说明其最外层上有两个电子，为rm{O}元素；

rm{EO}为rm{E}元素，原子基态时的电子排布式：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}(}或rm{Cu}rm{D}为主族元素，且与rm{E}同周期，其最外层上有两个运动状态不同的电子，说明其最外层上有两个电子，为rm{Ca}元素；rm{D}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}(}或rm{E}rm{Ca}

rm{(1)E}为rm{Cu}元素，原子基态时的电子排布式：是rm{(1)E}元素，由于rm{Cu}的rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}

(}电子满足洪特规则，能量降低，第一电离能升高，故rm{[Ar]3{d}^{10}4{s}^{1})}元素的第一电离能比氧元素的第一电离能大；故答案为：大；；故答案为：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3{d}^{10}4{s}^{1}

(}rm{[Ar]3{d}^{10}4{s}^{1})}；原子含有rm{(2)C}是rm{N}元素，个共价单键和rm{(2)C}个孤电子对，所以rm{N}原子采用rm{N}rm{p}rm{N}rm{(3)}rm{(3)}rm{N{H}_{3}}

分子每个rm{N}原子含有rm{3}个