2025年人教A新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，半径为r的n匝线圈套在边长为L的正方形abcd之外，匀强磁场局限在正方形区域内且垂直穿过正方形，当磁感应强度以的变化率均匀增加时；线圈中产生感应电动势的大小为（）

A.B.C.D.2、电磁炮是利用电磁发射技术制成的一种先进的动能杀伤武器．如图为美国试验所采用的电磁轨道；该轨道长7.5m，宽1.5m．若发射质量为50g的炮弹从轨道左端以初速度为零开始加速，当回路中的电流恒为20A时，最大速度可达3km/s.轨道间所加磁场为匀强磁场，不计空气及摩擦阻力．下列说法正确的是()

A.磁场方向为竖直向下B.磁场方向为水平向右C.磁感应强度的大小为103TD.电磁炮的加速度大小为3×105m/s23、如图所示，理想变压器原副线圈匝数比n1:n2＝1:2，其原线圈所接电压随时间变化的规律为u＝220(V)，电阻R＝2Ω；理想电流表示数为40A，则下列说法正确的是。

A.副线圈中电流变化的频率为100HzB.负载消耗的功率为8000WC.副线圈两端电压最大值为440VD.副线圈中电流为80A4、如图甲所示的电路中，变压器为理想变压器，两定值电阻的阻值分别为电压表、电流表均为理想电表，当a、b两端接入交流电源，交流电的电压随时间变化的规律如图乙所示，电阻和消耗的功率相等；则下列说法正确的是（）

A.电压表的示数为27VB.电流表的示数为1.8AC.变压器原副线圈的匝数比为7∶1D.电源的输出功率为64.8W5、一匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，其边界如图中虚线所示，一束粒子，在纸面内从a点垂直于ab射入磁场，这些粒子具有各种速率。不计粒子之间的相互作用。已知氕核的质量为m，电荷量为q。在磁场中运动时间最长的粒子；其运动速率为（）

A.B.C.D.6、在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一闭合金属圆环，面积为S，电阻为R。规定圆环中电流的正方向如图甲所示，磁场向上为正。当磁感应强度B随时间t按图乙变化时；下列说法正确的是（）

A.0~1s内感应电流的磁场在圆环圆心处的方向向上B.1~2s内通过圆环的感应电流的方向与图甲所示方向相反C.0~2s内线圈中产生的感应电动势为D.2~4s内线圈中产生的焦耳热为7、下列图中表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，导体ab上的感应电流方向为a→b的是A.B.C.D.8、如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动；当线圈平面转到与磁场方向平行时()

A.线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B.线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C.线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→dD.线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示，x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场，有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的电荷（不计重力），以相同速度从O点射入磁场中，最终均从x轴离开磁场；关于正；负电荷在磁场中运动，下列说法正确的是（）

A.两电荷所受的洛伦兹力相同B.在磁场中正电荷的运动时间等于负电荷的运动时间C.两电荷重新回到x轴时距O点的距离相同D.两电荷重新回到x轴时速度大小相等，方向相同10、如图所示，直线OP把坐标系Oxy分成I区域和II区域，区域I中的磁感应强度为B，方向垂直纸面向外；区域Ⅱ中的磁感应强度为2B，方向垂直纸面向内。边界上的P点坐标为（4L，3L）。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从P点平行于y轴负方向射入区域I，经过一段时间后，粒子恰好经过原点O。忽略粒子重力；已知sin37°=0.6，cos37°=0.8.则下列说法中正确的是（）

A.该粒子可能沿y轴负方向从O点射出B.该粒子射出时与x轴正方向夹角一定为90°C.该粒子在磁场中运动的最短时间D.该粒子运动的可能速度为11、如图所示为某电站向其他地区远距离输电的原理图，图中交流电表均为理想电表，变压器均为理想变压器。输电线电阻为可变电阻R为用户端负载，发电机输出电压有效值保持不变。当输电功率时，输电线上损失的功率为输电功率的电压表示数为220V。下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为B.升压变压器的原、副线圈匝数比为C.降压变压器的原、副线圈匝数比为450∶1D.随着用电高峰到来，电压表的示数将变大12、如图甲所示，矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在的平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，规定垂直纸面向里为磁场的正方向，逆时针方向为感应电流i的正方向，水平向右为ad边所受安培力F的正方向。下图正确的是（）

A.B.C.D.13、如图所示，将硬导线的中间一段折成不封闭的边长l=20cm的正方形线框，它在磁感应强度大小B=T、方向垂直纸面向里的匀强磁场中绕ab轴按图示方向匀速转动（从b向a看，线框顺时针转动），导线在a、b两处通过电刷与外电路连接，外电路接有额定电压U=2V、额定功率P=1W的灯泡；灯泡恰好正常发光。电路中除灯泡外，其余部分的电阻不计。则下列说法正确的是是（）

A.线框转到图示位置时，通过灯泡的电流为0B.线框从图示位置转过60°的过程中，通过灯泡的电流方向从左到右C.线框转动过程中，通过灯泡的电流的最大值为1AD.线框转动的角速度大小为50rad/s14、图（a）为一交流发电机示意图，线圈abcd在匀强磁场中绕固定轴OO'沿顺时针方向匀速转动，图（b）是该发电机的电动势已随时间t按余弦规律变化的图像。已知线圈电阻为2.5Ω，定值电阻R=10Ω；电表均为理想交流电表。由此可以判定（）

A.电流表读数为0.8AB.电压表读数为10VC.t=0.1s时刻，穿过线圈的磁通量为零D.0~0.05s内，通过电阻R的电荷量为0.04C评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、在探究“电容器；电感器对交流电的阻碍作用”实验中；某同学采用了如图所示的实验原理图，其中C为电容器，L为带铁芯的电感器，甲、乙、丙为完全相同的小灯泡。

(1)当电源为直流电源时，闭合开关S，稳定后能观察到甲、乙两灯的亮度_________（选填“甲亮”“乙亮”或“与甲、乙一样亮”），而丙灯_________（选填“最亮”“不亮”或“与甲；乙一样亮”）。

(2)当电源为交流电源时，闭合开关S，电路稳定后能观察到最亮的灯是_________。

(3)若仅提高交流电源的频率，可观察到乙灯亮度_____________，丙灯亮度_________。（均选填“变亮”“变暗”或“不变”）16、从发电站输出的功率为某一定值P，输电线的总电阻为R保持不变；分别用110V

和11kV两种电压输电．忽略变压器损失的电能，则这两种情况下输电线上由电阻造成的电压损失之比为____________，输电线上由电阻造成的功率损失之比为___________．17、DIS实验中的各种传感器主要用来________各种物理量，并将所得物理量转化为________信号，然后输入给________。18、如图甲所示，一个固定的矩形线圈abcd的匝数n=500，线圈面积S=100cm2，线圈的总电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。则线圈中的感应电流为___________A，流过R的电流方向为___________（选填“向上”或“向下”）

19、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

20、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

21、若电子在垂直于磁场的平面内运动，均匀磁场作用于电子上的力为F，轨道的曲率半径为R，则磁感强度的大小应为__________。22、如图所示，两平行金属板和之间的距离为d、电压为U，板间存在磁感应强度为的匀强磁场.一个质量为m，电荷量为q的带正电粒子在两板间沿虚线所示路径做匀速直线运动.粒子通过两平行板后从O点进入另一磁感应强度为的匀强磁场中，在洛伦兹力的作用下，粒子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点，不计粒子重力，那么粒子的速度大小v=________，O、A两点间的距离x=_______。

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)27、某实验小组用一套器材先后组成甲；乙所示的电路；分别研究通电自感和断电自感，自感线圈的直流电阻不可忽略。

（1）图甲中，闭合开关S后，会看到灯泡___________（填“立即变亮”或“逐渐变亮”）；

（2）图乙中，闭合开关S后，会看到灯泡___________（填“逐渐变亮”或“立即变亮后逐渐变暗”）；断开开关后，如果看到灯泡先闪一下后逐渐熄灭，原因是___________；

（3）图乙中，若小灯泡的规格为“3V1.5W”，将电感线圈更换为直流电阻为9Ω的电感线圈，开关闭合后调节滑动变阻器，使小灯泡正常发光，小灯泡电阻始终不变。则将开关断开的一瞬间，电感线圈的自感电动势大小为___________V。28、如图所示的器材可用来研究电磁感应现象并探究影响感应电流方向的因素。

（1）在给出的实物图中，将实验仪器连成完整的实验电路______。

（2）在实验过程中，除了查清流入电流表的电流方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清________中导线的绕制方向。（选填“A”“B”或“A和B”）

（3）闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头P置于最________端。（选填“左”或“右”）29、某同学在“探究变压器原；副线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中；

（1）以下哪些实验器材是其所必须的__________（选填字母代号）

A．学生电源。

B．多用电表。

C．干电池组。

D．直流电压表。

E．条形磁铁。

F．滑动电阻器。

G．可拆变压器（铁芯；两个已知匝数的线圈）

（2）在实验过程中，下列操作正确的是__________（选填字母代号）

A．为保证实验顺利进行；电源应选用低压直流电源。

B．为保证多用电表的安全；应使用交流电压档测电压，并先用最大量程档试测，大致确定被测电压后再选用适当的挡位进行测量。

C．实验结束后应先断开开关；再拆除多用电表，以免烧坏电表。

D．因为使用电压较低；通电时可用手直接接触裸露的导线；接线柱。

（3）变压器的线圈都绕在铁芯上，为了保护器件，提高变压器的效率，途径之一是__________（选填“增大”或“减小”）铁芯材料的电阻率；另一途经就是用互相绝缘的薄硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯，以顶部可拆铁芯横梁为例，每片硅钢片平面应垂直于图乙中的__________（选填字母代号）

A．平面abcdB．平面aehdC．平面efghD．平面abfe

（4）如图甲，当把12V的交变电压接在原线圈“0”和“16”两个接线柱之间，那么接“0”和“4”的副线圈的输出电压可能是__________（选填字母代号）

A．3.5VB．3VC．2.7V30、在“探究变压器原；副线圈电压与匝数关系”的实验中：

（1）为了确保实验的安全，下列做法正确的是________。

A．为了人身安全；只能使用低压直流电源，所用电压不要超过12V

B．连接好电路后；可不经检查电路是否正确，直接接通电源。

C．因为使用电压较低；通电时可用手直接接触裸露的导线；接线柱。

D．为了多用电表的安全；使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测。

（2）某实验小组通过实验，记录的数据如下表：。原线圈匝数n1（匝）100200400400副线圈匝数n2（匝）400400200800原线圈两端的电压U1（V）1.964.908.004.86副线圈两端的电压U2（V）7.809.763.909.64

通过分析实验数据可得出的实验结论是__________________。

（3）一次实验中，变压器原、副线圈的匝数分别为400匝和200匝，测得的电压分别为8.00V和3.90V，电压之比与匝数之比并不相等，主要原因是____________（至少说出两个原因）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

ABCD．根据法拉第电磁感应定律，线圈中产生的感应电动势的大小

公式中的S为有效面积，即回路中存在磁场的那部分面积，所以有

故D正确；ABC错误。

故选D。2、C【分析】【详解】

由左手定则，根据安培力向右可判断磁场方向竖直向上，选项AB错误；由动能定理BILx＝mv2，得B＝103T，C正确；由牛顿第二定律BIL＝ma，得a＝6×105m/s2，D错误．故选C.3、B【分析】【详解】

A.由

可得故A错误．

B.根据变压器原理电压与匝数成正比，电流与匝数成反比可得副线圈两端电压副线圈中电流负载两端的电压

故负载的功率

故B正确．

C.副线圈两端电压最大值为故C错误．

D.副线圈中电流故D错误．4、B【分析】【分析】

【详解】

C．根据电阻和消耗的功率相等，有

又变压器匝数比和电流比的关系有

整理得

选项C错误：

AB．电源的输出电压为

又

且

联立解得

即电压表的示数为18V；电流表的示数为1.8A，选项A错误，B正确；

D．通过原线圈的电流为

电源的输出功率为

选项D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

设粒子的运动轨迹过bcde上的某一点g，O为粒子做圆周运动轨迹的圆心，当最大时，粒子运动轨迹对应的圆心角最大，粒子运动时间最长，由几何关系可知当c点与g点重合时；粒子运动时间最长，如图所示。

设运动半径为R，则有

可得

已知氕核的质量为m，电荷量为q，其为氢的同位素，写法为则的相对原子质量为的3倍，则粒子的质量为3m，且可知电荷量为的2倍，即2q，则有

可得

故选D。6、D【分析】【详解】

A．0~1s内磁场方向竖直向下且均匀减小；则穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流的磁场在圆环圆心处的方向向下，故A错误；

B．1~2s内磁场方向竖直向上且均匀增大；则穿过圆环的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的方向与图甲所示方向相同，故B错误；

C．由法拉第电磁感应定律可知，0~2s内线圈中产生的感应电动势为

故C错误；

D．由法拉第电磁感应定律可知，2~4s内线圈中产生的感应电动势为

2~4s内线圈中产生的焦耳热为

故D正确。

故选D。7、D【分析】【分析】

感应电流方向根据右手定则或楞次定律进行判断．右手定则研究一段导体；楞次定律研究一个回路，从而即可求解．

【详解】

A图中，穿过回路的磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应电流方向由b→a→c→d，则导体ab上的感应电流方向为b→a．故A错误．B图中，ab向纸外运动，运用右手定则时，磁感线穿过手心，拇指指向纸外，则知导体ab上的感应电流方向为b→a，故B错误．C图中，ab棒沿导轨向下运动，由右手定则判断知导体ab上的感应电流方向为b→a，故C错误．D图中，ab棒顺时针转动，运用右手定则：磁感线穿过手心，拇指指向顺时针方向，则导体ab上的感应电流方向为a→b．故D正确．故选D．

【点睛】

本题的关键要掌握右手定则和楞次定律，要知道它们在判断切割产生的感应电流方向上结果是相同的，不过研究的对象不同．8、A【分析】【详解】

AB．根据E=BωS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动；则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A正确，B错误；

C．由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→d→c→b→a；故C错误；

D．由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流；故根据。

F=BLI可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力；故D错误。

故选A。二、多选题(共6题，共12分)9、C:D【分析】【分析】

【详解】

正；负电荷在磁场中的运动轨迹如图中1、2两圆弧所示：

A．由洛伦兹力公式可知；两电荷电量和速度大小相等，故它们所受的洛伦兹力的大小相等，但方向相反，故A错误；

B．由。

可解得电荷做圆周运动的周期。

设负电荷轨迹对应的圆心角为则正电荷在磁场中运动的时间为。

负电荷在磁场中运动的时间为。

所以在磁场中正电荷的运动时间不等于负电荷的运动时间；故B错误；

C．由几何关系可知，两电荷的轨迹圆弧对应的弦长相等，即两电荷重新回到x轴时距O点的距离相同；故C正确；

D．由圆的对称性可知，两电荷重新回到x轴时速度大小相等；方向相同，故D正确。

故选CD。10、B:C:D【分析】【详解】

AB．带电粒子射入磁场中，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得

解得

所以粒子在Ⅰ和Ⅱ两磁场中做圆周运动的半径关系为

如图所示。

由题意知OP边与x轴的夹角

可得

故带正电粒子从P点平行于y轴负方向射入区域I与OP边的夹角为53°，由带电粒子在单边磁场运动的对称性知从区域Ⅱ中射出的粒子速度方向一定为y轴负方向；故A错误，B正确；

C．粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为

粒子在区域Ⅰ中转过的圆心角为

粒子在区域Ⅰ中运动的时间为

粒子在区域Ⅱ中转过的圆心角为

粒子在区域Ⅱ中运动的时间为

所以该粒子在磁场中运动的最短时间

故C正确；

D．带电粒子每次从区域Ⅱ射出为一个周期，在OP边移动的距离为

其中

而n=1，2，3

联立解得

故D正确。

故选BCD。11、A:C【分析】【详解】

A．设输电线上的电流为则有

解得

A正确；

C．设降压变压器副线圈输出电流为则有

解得

则降压变压器的原、副线圈匝数比为

C正确；

B．降压变压器的原线圈输入电压为

升压变压器的副线圈输出电压为

升压变压器的原、副线圈匝数比为

B错误；

D．随着用电高峰到来，输电功率变大，则升压变压器的原线圈电流变大，副线圈电流变大；输电线电阻损失电压变大，则降压变压器的原线圈输入电压变小，降压变压器的副线圈输出电压变小；电压表的示数将变小，D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

AB．由图乙可知，在内，磁感应强度方向为正反向且均匀增大，根据法拉第电磁感应定律可知，产生恒定的感应电流，根据楞次定律可知，感应电流的方向为逆时针，同理可知，在内，感应电流恒定，顺时针方向，在内；感应电流恒定，逆时针方向，故B错误A正确；

CD．由上述分析可知，在内，ad边的电流方向为根据左手定则可知，安培力的方向为水平向右，根据安培力的计算公式有

其中，I恒定不变，B随着t均匀增大，则随着t均匀增大，同理可知，内；安培力随时间的变化关系，故C错误D正确。

故选AD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．线框转到图示位置时不切割磁感线；感应电动势为0，则通过灯泡的电流为0，故A正确；

B．线框从图示位置转过60°的过程中；穿过闭合线框的磁通量在减小，由楞次定律可判断出通过灯泡的电流方向从右到左，故B错误；

C．线框转动过程产生的最大感应电动势等于灯泡额定电压的倍，即

感应电流为

电阻为

联立解得

故C错误；

D．又由公式

联立解得ω=50rad/s

故D正确。

故选AD。14、A:C【分析】【详解】

AB．电动势有效值为

电流表的读数

电压表读数

选项A正确；B错误；

C．t=0.1s时刻；感应电动势最大，此时穿过线圈的磁通量为零，选项C正确；

D．0~0.05s内，通过电阻R的电荷量为

则

选项D错误。

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]电容器具有“通交流、阻直流，通高频、阻低频”的作用，电感线圈具有“通直流、阻交流，通低频、阻高频”的作用。当电源为直流电时，闭合开关S，直流电流无法通过电容器C；故丙灯不亮，而甲；乙两灯的亮度相同。

(2)[3]当电源为交流电源时，闭合开关S；甲灯无其他电器元件对电流有阻碍作用，故甲灯最亮。

(3)[4][5]提高交流电源的频率，电感线圈L对交流电的阻碍作用增大，电容器C对交流电的阻碍作用减弱，故乙灯变暗，丙灯变亮。【解析】甲、乙一样亮不亮甲变暗变亮16、略

【分析】【详解】

根据电流I=P/U，线路上损失的电压U线=IR=

110V输电线电压损失U线1=PR/U1

11KV输电线电压损失U线2=PR/U2

故U线1：U线2=U2：U1=100:1；

输电线上的功率损失P线=I2R=

110V输电线的功率损失P线1=

11KV输电线的功率损失P线2=

故P线1：P线2==10000:1．【解析】100:110000:117、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]DIS实验中的各种传感器主要用来测量各种物理量，并将所得物理量转化为电信号，然后输入给数据采集器。【解析】①.测量②.电③.数据采集器18、略

【分析】【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律有

再根据闭合电路欧姆定律有

[2]根据楞次定律可判断流过R的电流方向为向上。【解析】向上19、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮20、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮21、略

【分析】【详解】

[1]根据

又

联立解得【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子在两板间匀速运动，则

解得

[2]进入磁场后做匀速圆周运动，则

O、A两点间的距离x=2r

解得【解析】四、作图题(共4题，共16分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共36分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1]图甲中；闭合开关S后，由于自感线圈的阻碍作用，通过灯泡的电流会缓慢增大，则灯泡逐渐变亮；

（2）[2]图乙中；闭合开关S后，灯泡立即接通，立即变亮，由于自感线圈的阻碍作用，通过线圈的电流会缓慢增大，则通过灯泡的电流缓慢减小，则灯泡逐渐变暗，即会看到灯泡立即变亮后逐渐变暗；

[3]如果看到灯泡先闪一下后逐渐熄灭；可能是因为灯泡的电阻比自感线圈的直流电阻大得多，导致电流大多从线圈通过；

（3）[4]小灯泡正常发光时阻值

通过小灯泡的电流

根据并联电路规律电感线圈的电流

将开关断开的一瞬间，由于自感作用，通过灯泡和线圈的电流均为则电感线圈的自感电动势大小【解析】逐渐变亮立即变亮后逐渐变暗灯泡的电阻比自感线圈的直流电阻大得多（合理即可）528、略