2025年新世纪版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理上册月考试卷935考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图为某一时刻的波形曲线，波的传播方向沿方向，下列不正确的是：()A.质点A、D的振幅相等B.该时刻质点B、E的速度大小相等C.该时刻质点D、F的加速度为零D.该时刻质点C正向上运动2、关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.曲线运动物体的速度方向保持不变B.曲线运动的物体受到的合外力可以为零C.物体受到变力作用时就做曲线运动D.曲线运动一定是变速运动3、某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地以1.5m/s的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近．该同学发现从第1个波峰到第9个波峰通过身下的时间间隔为16s．下列说法正确的是（）A.该水面波的频率为2HzB.该水面波的波长为3mC.水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去D.水面波没有将该同学推向岸边，是因为该同学太重，水波能量太小4、对于地面所受到的大气压强，甲说：“这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力.

”乙说：“这个压强是由地面附近哪些做无规则运动的空气分子对每平方米地面的碰撞造成的.

”下列判断正确的是(

)

A.甲说的对B.乙说的对C.甲、乙说的都对D.甲、乙说的都不对5、如图所示，在等边三角形的三个顶点abc

处各有一条长直导线垂直穿过纸面；导线中均通有大小相等的恒定电流，方向垂直纸面向里.

过c

点的导线所受安培力的方向是()

A.与ab

边平行，竖直向上B.与ab

边平行，竖直向下C.与ab

边垂直，指向左边D.与ab

边垂直，指向右边6、若两分子间距离为r0时，分子力为零，则关于分子力、分子势能说法中正确的是（）A.当分子间的距离为r0时，分子力为零，也就是说分子间既无引力又无斥力B.分子间距离大于r0时，分子距离变小时，分子力一定增大C.分子间距离小于r0时，分子距离变小时，分子间斥力变大，引力变小D.在分子力作用范围内，不管r＞r0，还是r＜r0，斥力总是比引力变化快7、关于电磁波的传播速度；下列说法正确的是（）

A.电磁波的频率越高；传播速度越大。

B.电磁波的波长越大；传播速度越大。

C.电磁波的能量越大；传播速度越大。

D.电磁波的传播速度与传播介质有关。

8、两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示，已知A点电势高于B点电势．若位于a、b处点电荷的电荷量大小分别为qa和qb，则（）A.a处为正电荷，qa＜qbB.a处为正电荷，qa＞qbC.a处为负电荷，qa＜qbD.a处为负电荷，qa＞qb评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)11、某简谐横波的波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s形成的波形图如图所示．则该波的传播速度为____m/s，x=1.5m处质点的起振方向为____．

12、如图所示，虚线框内是匀强磁场，磁感应强度为B，倒日字形线框的三条直边的电阻均为r，长均为L，两横边电阻不计线圈平面与磁感线垂直，以速度v沿图示方向平动，在第一条边刚进入磁场时，a、b两端电势差为____．

13、当光照射到光敏电阻上时，光敏电阻的阻值将____（选填“变大”、“变小”或“不变”）．半导体热敏电阻是利用半导体材料的电阻率随温度升高而____（“减小”或“不变”）的特性制成的．14、如图所示，把一个面积为4.0×10-2m2的单匝矩形线圈放在磁感应强度为2.0×10-2T的匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈平面的磁通量为______Wb；当线圈绕OO’轴转动至与磁场方向垂直位置时，穿过线圈平面的磁通量为______Wb．15、（1）某研究性学习小组想利用秒表，铁架台（带铁夹）和下表中所列器材探究单摆的周期与哪些因素有关，经小组讨论分析认为，影响单摆周期的因素可能有振幅、摆球质量和摆长等．他们在实验探究过程中，始终保持单摆的最大摆角小于10．①甲同学探究单摆的周期与振幅的关系，他用下表中器材1和4组装单摆，通过改变摆角，多次实验，测出周期，得到的结论是单摆的周期与其振幅无关．②乙同学想探究单摆的周期跟摆球质量的关系．请你为他设计探究思路：____

乙同学在实验探究的基础上，得到的正确结论应该是：____

。1长l1的细线2长l2的细线3长l3的细线4质量m1的小球5质量m2的小球6质量m3的小球（2）在确定了单摆周期的关系之后，该实验小组同时利用单摆测定了当地的重力加速度，有个同学发现自己测得的重力加速度偏大，其原因可能是下述原因中的____

A；所用摆球质量太大。

B；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C；开始计时；秒表过迟按下。

D、把n次全振动的时间t误作为（n+l）次全振动的时间．16、如图所示；匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里．一个质量为m；电荷量为q的正离子，以速度到从小孔0射入匀强磁场，入射时速度方向既垂直于磁场方向，又与屏垂直，偏转后打在屏上S点（S点未在图上画出），求：

（1）刚进入磁场时；离子受到洛伦兹力的大小和方向；

（2）屏上S点到0点的距离；

（3）离子从o点运动到S点的时间．17、将力F

分解为F1

和F2

两个分力，若已知F

的大小及F

和F2

之间的夹角娄脠

且娄脠

为锐角.

当F1

和F2

大小相等时，F1

的大小为________；而当F1

有最小值时，F2

的大小为__________．18、如图所示，PQ

两金属板间的电势差为100V

板间存在匀强电场，方向水平向左，板间的距离d=10cm

其中Q

板接地，两板间的A

点距P

板4cm.

此时A

点的电势为____V

若保持两板间的电势差不变，而将Q

板向左平移5cm

则A

点的电势将变为____V

19、说明下列各种场合分别选用的传感器(

用代码表示；可重复应用)

常用传感器的类型有：

a.

红外线(

光)

传感器b.

温度传感器c.

声传感器d.

压力传感器。

(1)

普通电冰箱中的自动温度控制电路是______．

(2)

马路两侧的路灯控制电路是______．

(3)

气垫导轨上用的光电门是______．

(4)

楼梯灯控制电路是______．

(5)

宾馆的自动门是______．

(6)

话筒是______．

(7)

非接触式体温计是______．

(8)

遥控电视机的接收器是______．评卷人得分四、判断题(共4题，共24分)20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

23、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共3题，共6分)24、某实验小组描绘规格为“2.5V0.6W

”的小电珠的I鈭�U

特性曲线.

实验室提供下列器材：A.电流表A1(

量程为0隆芦25mA

内阻约0.2娄赂)

B.电流表A2(

量程为0隆芦300mA

内阻约1娄赂)

C.电压表V1(

量程为0隆芦3V

内阻约5k娄赂)

D.电压表V2(

量程为0隆芦15V

内阻约15k娄赂)

E.滑动变阻器R1(0隆芦10娄赂

额定电流1.5A)

F.滑动变阻器R2(0隆芦1000娄赂

额定电流0.5A)

G.直流电源(

电动势6V

内阻忽略不计)

H.开关一个、导线若干(1)

在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至________挡进行测量.(

填选项前的字母)

A.直流电压10VB.

直流电流5mA

C.欧姆“隆脕100

”D.

欧姆“隆脕1

”(2)

实验中所用的电流表应选________；电压表应选________；滑动变阻器应选__________.(

只需填器材前面的字母代号)

(3)

若采用如图所示的电路描绘小电珠的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的_____(

选填“a

”或“b

”)

点相连．

(4)

测量后，该小组根据实验数据，利用Excel

拟合出小电珠的I鈭�U

特性曲线如图所示.

请根据曲线确定小电珠两端电压为1.5V

时，其实际功率P=

________W

．25、如图(a)

所示为某同学“用DIS

研究通电螺线管的磁感应强度”的电路实物图，电流从接线柱A

流入螺线管，从接线柱B

流出螺线管．

(1)

实验操作正确，得到螺线管中心轴线上的磁感应强度B

的分布如图(b)

中的图线1

从图中可以看出，螺线管中部的磁感应强度特点是___________________________．(2)

该同学发现螺线管是由很细的导线紧密绕制而成，其右侧还有一个接线柱C.

为了探究螺线管导线的绕线方式及其如何与三个接线柱ABC

相连，他接着做了以下探究性实验：保持其它条件不变，仅使电流从接线柱A

流入，从接线柱C

流出螺线管，得到螺线管中心轴线上的磁感应强度分布如图(b)

中的图线2

且发现图线2

中间部分的磁感应强度比图线1

中间部分的磁感强度的一半值略大些.

保持其它条件不变，仅使电流从接线柱C

流入，从接线柱B

流出螺线管，得到螺线管中心轴线上的磁感应强度分布与图线2

相似，请根据实验结果猜测螺线管绕线可能是图(c)

中的_________(

选填“甲”、“乙”或“丙”)

．26、在做“研究平抛运动”实验时，某同学利用实验探究平抛运动在水平方向的运动规律时，除了木板、重锤线、小球、斜槽、铅笔、图钉、坐标纸之外，如图所示的器材中还需要的是______(

填“A

”或“B

”或“C

”或“D

”)

．评卷人得分六、计算题(共4题，共32分)27、如图所示，在倾角为θ的绝缘斜面上，有相距为L的A、B两点，分别固定着两个带电量均为Q的正点电荷．O为AB连线的中点，a、b是AB连线上两点，其中Aa=Bb=．一质量为m、电荷量为+q的小滑块(可视为质点)以初动能EK0从a点出发，沿AB直线向b点运动，其中小滑块第一次经过O点时的动能为2EK0，第一次到达b点时的动能恰好为零；已知静电力常量为k．求：

(1)两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小和方向；

(2)小滑块由a点向b点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小；

(3)aO两点间的电势差．28、如图所示，宽度为L=0.2m

的足够长的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值R=1娄赂

的电阻.

导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B=5T.

一根质量m=100g

的导体棒MN

放在导轨上，并与导轨接触良好，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计.

现用一平行于导轨的拉力拉动导体棒沿导轨向右匀速运动，运动速度v=10m/s

在运动过程中保持导体棒与导轨垂直.

求：

(1)

在闭合回路中产生的感应电流的大小．

(2)

作用在导体棒上的拉力的大小．

(3)

当导体棒匀速运动30cm

时撤去拉力，求：运动30cm

和撤去拉力至棒停下来的整个过程中电阻R

上产生的总热量．29、如图所示，一列沿x

轴正向传播的横波，波速v=0.4m/sMN

是x

轴上两点，图示时刻波传到M

点，N

点的横坐标x=10m

从图示时刻开始计时，求：(1)M

点的振动方向及振动周期；(2)

经过多长时间，N

点第一次到达波谷。30、如图所示；两块平行金属板MNPQ

竖直放置，两板间的电势差U=1.6隆脕103V

现将一质量m=3.0隆脕10鈭�2kg

电荷量q=+4.0隆脕10鈭�5C

的带电小球从两板左上方的A

点以初速度v0=4.0m/s

水平抛出，已知A

点距两板上端的高度h=0.45m

之后小球恰好从MN

板上端内侧M

点进入两板间匀强电场，然后沿直线运动到PQ

板上的C

点，不计空气阻力，取g=10m/s2

求：

(1)

带电小球到达M

点时的速度大小；

(2)C

点到PQ

板上端的距离L

(3)

小球到达C

点时的动能Ek

．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【解析】试题分析：波的传播方向沿方向，所有点振幅应相同，所以A正确；由于B、E位移相等，所以该时刻质点B、E的速度大小相等，B脆。D、F偏离平衡位置位移最大，所以加速度最大，C错。根据同侧法C点应该向上振动，所以答案应该选C考点：机械振动和机械波【解析】【答案】C2、D【分析】解：AD；依据曲线运动特征可知：物体做曲线运动时；任意时刻的速度方向是曲线上该点的切线方向上，曲线运动速度方向一定改变，故曲线运动一定是变速运动，故A错误、D正确．

B；物体做曲线运动的条件是所受的合力的方向与速度方向不在同一条直线上；故合外力一定不为零，故B错误．

C；物体受的合力与速度方向在同一直线上时；做直线运动，而合力的大小可以变，也可以不变，故C错误．

故选：D．

曲线运动的速度方向是切线方向；时刻改变，一定是变速运动，一定具有加速度，合力一定不为零；曲线运动的条件是合力与速度不共线．

掌握物体做曲线运动的速度方向和大小特征：速度方向一定变，但速度大小不一定变，要掌握做曲线运动的条件．【解析】【答案】D3、B【分析】解：A、由第1个波峰到第9个波峰通过身下的时间间隔为16s，可得知振动的周期T为：T==s=2s，频率为：f==0.5Hz；故A错误．

B；由公式λ=vT；得λ=1.5×2m=3m，故B正确．

C；该同学只在自己的平衡位置附近做往复运动；并不会“随波逐流”，但振动的能量和振动形式却会不断的向外传播，故C、D错误．

故选：B

首先根据题干中的条件；可计算出波的振动周期，再利用周期与频率之间的关系，即可计算出波的频率，利用波速；周期、波长之间的关系式λ=vT可求得波长．波是能量传递的一种方式．

对于该题；要注意机械波的特点，其特点为：

（1）介质各个质点不是同时起振；但起振方向与振源起振方向相同．

（2）离振源近的质点先起振．

（3）质点只在平衡位置振动；并不随波迁移．

（4）波传播的是振动形式和能量，且能传递信息．【解析】【答案】B4、C【分析】解：气体分子的运动特点是速度大；约为几百米每秒，分子之间的相互作用力十分微弱，除相互碰撞外无其他相互作用.

此外，气体分子的质量一般很小，气体对容器壁的压力主要是大量的气体分子在同一时间对器壁撞击造成的，这是气体压强产生的根源.

例如，在空杯子口蒙上一层弹性薄膜，则薄膜会呈水平状，说明杯子内外的空气对薄膜的压强是相等的.

然而杯中空气柱的重量是绝对不足以与薄膜上方的空气柱的重量相对等，所以，气压是由于气体分子对杯壁的密集的；激烈的碰撞的效应．

从宏观效果上看；对于地面所受到的大气压强，就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力。

故答案为：C

【解析】C

5、C【分析】等边三角形的三个顶点处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流，由安培定则可得：导线的电流在处的合磁场方向竖直向下，再由左手定则可得：安培力的方向是与边垂直，指向左边，故选项C正确。【解析】C

6、D【分析】解：分子间距离为r0时；合力为零，分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；

A、分子引力、斥力同时存在，当r等于r0时；分子合力为零，故A错误；

B、r0是分子的平衡距离，r大于平衡距离；分子力表现为引力，从无穷远减小时，分子力先增大后减小，故错误；

C、当r小于r0时；分子间的作用力表现为斥力，分子间斥力变大，引力变大，故C错误；

D、在分子力作用范围内，不管r＞r0，还是r＜r0；斥力总是比引力变化快，故D正确；

故选：D。

当分子间距离等于平衡距离时；分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力，从而即可分析答题．

分子间距离等于平衡距离时分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系，即可正确解题．【解析】D7、D【分析】

电磁波传播的速度与频率；波长、电磁波的能量无关；与传播的介质有关．故A、B、C错误，D正确．

故选D．

【解析】【答案】电磁波的传播不需介质；在真空中传播的速度等于光速．传播的速度与波长；频率无关，与传播的介质无关．

8、B【分析】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．故正确的答案应该选B．

故选：B

若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；很容易得出正确的结论．

该题是常见电场知识的拓宽与延伸，需要有一定的知识迁移能力和较强的逻辑推理能力．对能力的要求相对较高．属于中档题目．【解析】【答案】B二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)11、略

【分析】

由题，波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s波传播的距离为2.5m，而波在同一均匀介质中匀速传播的，则波速为v=v==．x=1.5m处质点的起振方向与图示时刻x=2.5m处质点的振动方向相同．波源向x轴正方向传播；x=2.5m处质点的振动方向沿y轴负方向，则x=1.5m处质点的起振方向也沿y轴负方向．

故答案为：5；沿y轴负方向．

【解析】【答案】由题，波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s波传播的距离为2.5m，根据v=求出波速．简谐横波向x轴正方向传播；介质中各质点的起振方向与图示时刻x=2.5m处质点的振动方向相同．

12、略

【分析】

第一条边切割磁感线产生感应电动势为E=BLv，ab间电势差等于路端电压，大小为U==

故答案为：

【解析】【答案】第一条边刚进入磁场时，第一条边切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，另外两条边并联，相当于外电路，求出感应电动势，再求出路端电压，即为ab间电势差．

13、变小减小【分析】【解答】光照射到光敏电阻上时；光敏电阻是半导体的，受到光的激发，会产生更多的自由电子，导电性增加，电阻变小；因为热敏电阻为半导体，所以表现的性能与金属导体很大差异，根据常识金属导体的电阻随温度变高而增大，而一般热敏电阻和金属导体相反．所以热敏电阻的阻值随着温度的升高而降低．

故答案为：变小；减小．

【分析】光敏电阻的阻值随着光照而减小，而热敏电阻的阻值随着温度的升高而降低．14、08×10-4【分析】解：当线圈平面与磁场方向平行时；线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则Φ=0．

当线圈绕00′轴转动至与磁场方向垂直时，Φ=BS=2×10-2×4×10-2Wb=8×10-4Wb．

故答案为：0；8×10-4．

通过线圈的磁通量可以根据Φ=BSsinθ进行求解；θ为线圈平面与磁场方向的夹角．

解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大．【解析】08×10-415、略

【分析】

（1）探究单摆的周期跟摆球质量的关系，应控制摆长于摆角相等而摆球质量不相等，测出单摆的周期；实验设计如下：用下表中器材1和4、1和5、1和6分别组装3个摆长相等的单摆，使它们作最大摆角小于10的单摆；并分别测得它们的周期；实验结论：单摆的周期与其质量无关．

（2）用秒表测出单摆完成n次全振动的时间t，则单摆的周期T=

单摆摆长等于摆线长度l与摆球的半径r之和，即L=l+r；

由单摆周期公式T=2π可知重力加速度：g===

A、单摆的周期与摆球质量无关，由g=可知摆球质量不影响实验结果；故A错误；

B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，实际摆长l偏大，由T=2π可知，单摆实际周期变大．由g=可知；所测重力加速度偏小，不符合题意，故B错误；

C、开始计时，秒表过迟按下，所测时间t偏小，由g=可知；所测重力加速度偏大，符合题意，故C正确；

D、把n次全振动的时间t误作为（n+l）次全振动的时，n偏大，由g=可知所测重力加速度片大；符合题意，故D正确；

故答案为：（1）他用下表中器材1和4；1和5、1和6分别组装3个摆长相等的单摆；使它们作最大摆角小于10°的单摆，并分别测得它们的周期；单摆的周期与其质量无关；（2）CD．

【解析】【答案】（1）探究单摆周期与摆球质量的关系；应控制摆长于摆角相等而摆球质量不相等，测出单摆的周期，然后分析实验数据得出实验结论．

（2）根据单摆周期公式（实验结论）分析误差产生的原因．

16、略

【分析】

（1）离子垂直进入磁场时；离子受到洛伦兹力的大小公式f=qvB，由左手定则判断方向．

（2）离子垂直进入磁场时做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式，求解轨迹半径r，屏上S点到0点的距离S=2r；

（3）由圆周运动规律求出离子运动周期T，离子从O点运动到S点的时间t=T．

带电粒子在磁场中运动的问题，是高考的热点，也是重点，掌握洛伦兹力提供向心力是关键．【解析】解：（1）离子垂直进入磁场时；离子受到洛伦兹力的大小公式f=qvB，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向水平向左．

（2）离子垂直进入磁场时做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得：

qvB=m

则得，轨迹半径为r=

离子在磁场中转动半圈，由几何关系可知，屏上S点到0点的距离为S=2r=．

（3）设离子运动周期T，则得：T==

则离子从O点运动到S点的时间t=T=．

答：

（1）刚进入磁场时；离子受到洛伦兹力的大小为qvB，方向水平向左；

（2）屏上S点到0点的距离是

（3）离子从o点运动到S点的时间是．17、Fcosθ【分析】【分析】因为分力和合力构成矢量三角形，当分力F2

与分力F1

垂直时，F1

最小。解决本题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定则(

三角形定则)

根据作图法可以确定力的最小值。

【解答】将力F

分解为F1

和F2

两个分力；若已知F

的大小及F

和F2

之间的夹角娄脠

且娄脠

为锐角；

则当F1

和F2

大小相等时；F1

和F2

组成菱形，根据几何关系得：

F1

的大小为F2cos(娄脠)

因为垂直段最短，知当分力F2

与分力F1

垂直时，F1

最小.

如图．则F2=Fcos娄脠

故填：F2cos(娄脠)Fcos娄脠

【解析】F2cos(娄脠)Fcos娄脠

18、-60-20【分析】【分析】电容器内部为匀强电场，由电势差与电场强度的关系解得场强大小，由电场的方向判断电势的高低，由QA

两点间的电势差解得A

点电势；当Q

板平移后，由电势差与场强的关系解得场强大小，再由QA

两点间的电势差解得A

点电势。本题主要考查匀强电场中电势差与电场强度的关系及两点间电势差的求解方法，较简单。【解答】由题意可知，电容器内部的电场强度大小为：E=Ud=1000V/m

故AQ

两点间的电势差为：UQA=EdQA=60V

由于Q

板接地，故娄脮Q=0V

由UQA=娄脮Q鈭�娄脮A=60V

解得A

点电势为：娄脮A=鈭�60V

同理当将QQ板向左平移5cm5cm后，其中的场强变为：E1=Ud1=2000V/m{E}_{1}=dfrac{U}{{d}_{1}}=2000V/m又由UQA1=E1dQA=20V{U}_{QA1}={E}_{1}{d}_{QA}=20V故同理得：娄脮A1=鈭�20V{娄脮}_{A1}=-20V故填：鈭�60-60鈭�20-20【解析】鈭�60鈭�20

19、略

【分析】解：(1)

普通电冰箱中的自动温度控制电路采用的温度传感器b

(2)

普通电冰箱中的自动温度控制电路是采用了光传感器a

(3)

气垫导轨上用的光电门采用的是光传感器；

(4)

楼梯灯控制电路为声光控电路；故采用了光传感器a

和声传感器c

(5)

宾馆的自动门采用的是光传感器；

(6)

话筒采用的是声传感器；

(7)

非接触式体温计采用的是温度传感器；

(8)

遥控电视机的接收器采用的是红外(

光传感器)a

故答案为：(1)b.(2)a.(3)a.(4)a.c.(5)a.(6)c.(7)a.(8)a

．

传感器的作用是将温度；力、光、声音等非电学量转换为电学量.

明确各种装置的基本原理即可明确采用了何种传感器．

红外线有很多作用，电视机的遥控器发出的是红外线，是不可见光，它能对电视机进行遥控；在日常生活中具有很多应用．【解析】baaacacaa

四、判断题(共4题，共24分)20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．23、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．五、实验探究题(共3题，共6分)24、（1）D（2）BCE（3）a（4）0.33【分析】【分析】(1)

根据灯泡电阻分析；明确多用电表的档位选择即可；

(2)

根据小电珠的额定电流选择电流表；根据小电珠额定电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；

(3)

根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法；从而明确电流表的接法；

(4)

由图象求出电压对应的电流，然后由P=UI

求出灯泡功率。本题考查了欧姆表的应用、实验器材的选择、实验注意事项、求功率等问题，当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，电流表应采用外接法；要掌握实验器材的选择原则。【解答】(1)

小电珠(2.5V,0.6W)

小电珠正常发光时的电阻，测小电珠的电阻R=U2P=2.520.6隆脰10.4娄赂

应将选择开关旋至欧姆档，选择多用电表隆脕1

倍率，故选D。

(2)

小电珠额定电流I=PU=0.62.5=0.24A=240mA

电流表应选B；小电珠额定电压为2.5V

电压表选C；为方便实验操作，滑动变阻器应选最大阻值较小的E

(3)

灯泡电阻为10.4娄赂

电流表内阻约1娄赂

电压表内阻约为5k娄赂

电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，由图1

所示电路图可知，电压表的右端应与电路中的a

端；

(4)

由图2

所示图象可知，小灯泡两端电压为1.5V

时，通过灯泡的电流为0.22A

则灯泡实际功率为：P=UI=1.5隆脕0.22=0.33W

故填：(1)D(2)BCE(3)a(4)0.33

【解析】(1)D(2)BCE(3)a(4)0.33

25、（1）匀强磁场（2）丙【分析】【分析】螺线管内部的磁场为匀强磁场，螺线管口向外，磁场减弱，电流减小，磁场越强，结合线圈的绕法分析哪一种绕法时可能的。解决本题的关键是能识别线圈的绕法，并知道通电螺线管周围磁场的特点，以及知道电流越大，周围的磁场越强。【解答】(1)

由图可知螺线管中部的磁感应强度特点是匀强磁场；(2)

由甲图像可知A

到C

与C

到B

的绕法相同，此情况下两根导线中的电流方向相反，产生的磁场相互抵消，所以在甲中螺线管内中部的磁感应强度大小为零；由乙图像可知BB到CC一匝线圈也没有，不符合实验结果；由丙图可知A

到C

与C

到B

的绕法相反，此情况下两根导线中的电流方向相同，产生的磁场相互叠加，所以螺线管内中部的磁感应强度是A

到C

产生的磁场的2

倍，故选丙。故填：(1)

匀强磁场(2)

丙【解析】(1)

匀强磁场(2)

丙26、略

【分析】解：在做“研究平抛物体的运动”实验时；除了木板；重锤线、小球、斜槽、铅笔、图钉、坐标纸之外，下列器材中还需要刻度尺，便于确定小球间的距离.

故D正确，ABC错误；

故选：D

．

明确测量平抛运动的实验原理；根据实验原理明确实验中需要测量的物理量，从而找出需要的仪器．

本题考查了实验器材，掌握实验原理与实验器材即可正确解题，明确研究平抛运动需要测量水平位移和竖直高度．【解析】D

六、计算题(共4题，共32分)27、略

【分析】1、根据真空中点电荷的电场强度的表达式分别计算出A；B电荷在a产生的场强，判断出方向，再根据场强叠加原理，矢量合成法则合成这两个场强，就得到两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小和方向．

2、a、b关于O点对称，故a点与b点等势，即Uab=0，所以小滑块从a点运动到b点的过程中，电场力做功W电=0．小滑块从a点运动到b点的过程中，只有重力和摩擦力作用，且f=μmg，所以根据动能定理有化简可得摩擦力f的大小．

3、小滑块从a点运动到O点的过程中，有电场力、重力和摩擦力作用，根据动能定理化简可得aO两点间的电势差U．【解析】解：(1)根据真空中点电荷的电场强度的表达式得：

A点处电荷在a处场强方向沿斜面向上；

B点处电荷在a处场强方向沿斜面向下．

根据电场的叠加原理；可知，在a点处的合场强大小为：

方向沿斜面向上．

(2)由Aa=Bb=O为AB连线的中点得：a、b关于O点对称，则a点与b点等势，即Uab=0，小滑块从a点运动到b点的过程中；电场力做功W电=0

设小滑块与水平面间的摩擦力大小为f，小滑块从a点运动到b点的过程中根据动能定理有。

而f=μmg

解得f=

(3)小滑块从a点运动到O点的过程中；根据动能定理。

得U=

答：(1)两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小为方向沿斜面向上；

(2)小滑块由a点向b点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小为

(3)aO两点间的电势差为．28、解：（1）感应电动势：E=BLv=5×0.2×10V=10V，

电流：I===10A；

（2）导体棒受到的安培力：F安=BIL=5×10×0.2=10N，

导体棒做匀速直线运动，由平衡条件可得，拉力：F=F安=10N；

（3）克服安培力做功产生焦耳热，运动30cm过程中R上产生的热量：Q1=Fs=10×0.3J=3J，

撤去拉力至棒停下来过程中，电阻R上产生的热量：，

整个过程R上产生的热量：Q=Q1+Q2=3+5=8J；【分析】(1)

由E=BLV

求出感应电动势，再由欧姆定律求