2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、理想变压器的原线圈接正弦式电流，副线圈接负载电阻Ｒ，若输入电压不变，要增大变压器的输出功率，可行的措施有：（）A.只增大负载电阻Ｒ的阻值B.只减小负载电阻Ｒ的阻值C.只增大原线圈的匝数D.只增大副线圈的匝数2、如图，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图所示．则：A.电场力FA＜FBB.电场强度EA=EBC.电势UA>UBD.电势能EA＜EB3、一物体做受迫振动，驱动力的频率小于该物体的固有频率．当驱动力的频率逐渐增大时，该物体的振幅将（）A.逐渐增大B.先逐渐减小后逐渐增大C.逐渐减小D.先逐渐增大后逐渐减小4、真空中A；B两个相同的小球带电荷量分别为-4Q；Q，分别固定在两处，两小球间静电力大小为F．用不带电的同样小球C先和A接触，再与B接触，然后移去C，则A、B间的静电力大小为（）

A.

B.

C.

D.

5、若观测到释放后某一卫星绕地心做匀速圆周运动的轨道半径为r，经过时间t该卫星绕地心转过的角度为60°，则卫星在这段时间内的平均速度的大小为（）A.0B.C.D.6、如图所示，PQRS

为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN

为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线框平面，MN

线与线框的边成45鈭�

角．E

、F

分别为PS

与PQ

的中点.

关于线框中的感生电流；正确的说法是(

)

．

A.当E

点经过边界MN

时，线框中感应电流最大B.当P

点经过边界MN

时，线框中感应电流最大C.当F

点经过边界MN

时，线框中感应电流最大D.当Q

点经过边界MN

时，线框中感应电流最大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，小木块P和长木板Q叠放后静置于光滑水平面上．P、Q的接触面是粗糙的．用足够大的水平力F拉Q，P、Q间有相对滑动．在P从Q左端滑落以前，关于水平力F的下列说法中正确的是（）A.F做的功大于P、Q动能增量之和B.F做的功等于P、Q动能增量之和C.F的冲量大于P、Q动量增量之和D.F的冲量等于P、Q动量增量之和8、如图所示，顶角θ=45°的金属导轨MON固定在水平面内，导轨处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中．一根与ON垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度v0沿导轨MON向右滑动，导体棒的质量为m，导轨与导体棒单位长度的电阻均匀为r．导体棒与导轨接触点为a和b，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触．t=0时，导体棒位于顶角O处则流过导体棒的电流强度I，导体棒内产生的焦耳热Q，导体棒作匀速直线运动时水平外力F，导体棒的电功率P各量大小随时间变化的关系正确的是（）A.B.C.D.9、利用金属晶格(

大小约10鈭�10m)

作为障碍物观察电子的衍射图样，方法是让电子束通过电场加速后，照射到金属晶格上，从而得到电子的衍射图样。已知电子质量为m

电荷量为e

初速度为0

加速电压为U

普朗克常量为h

则下列说法中正确的是(

)

A.该实验说明了电子具有波动性B.实验中电子束的德布罗意波的波长为娄脣=h2meU

C.加速电压U

越大，电子的衍射现象越明显D.若用相同动能的质子替代电子，衍射现象将更加明显10、如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n=4

的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干种不同频率的光，下列说法正确的是(

)

A.这些氢原子总共可辐射出3

种不同频率的光B.由n=4

能级跃迁到n=1

能级产生的光波长最短C.由n=2

能级跃迁到n=1

能级产生的光频率最大D.用n=2

能级跃迁到n=1

能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV

的金属铂能发生光电效应11、如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t=0.2s时刻的波形图。该波的波速为0.8m/s，则下列说法正确的是（）A.这列波的波长是12cm，沿x轴负方向传播B.这列波的周期是0.5sC.这列波是沿x轴正方向传播的D.t=0时，x=4cm处的质点振动方向为沿y轴负方向评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、平常看见的白光是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光所组成．在这七色可见光中波长最长的色光是____光，频率最低的色光是____光．13、电荷量为Q1=3.0×10-10C的负电荷，在电场中某点受到的电场力F=6.3×10-7N，方向竖直向上，则该点的场强大小为______N/C，场强方向为______；如果将负电荷Q1改换为Q2=6.0×10-10C的正电荷，那么正电荷受到的电场力大小为______N；如果该点不放电荷，该点场强大小为______N/C．14、英国物理学家麦克斯韦提出：变化的磁场产生电场，变化的电场产生____，从而预言了____的存在，德国物理学家____用实验证明了电磁波的存在。15、如图所示，两根平行光滑长直金属导轨，其电阻不计，导体棒ab和cd跨在导轨上，ab电阻大于cd电阻。当cd在外力F2作用下匀速向右滑动时，ab在外力F1作用下保持静止，则ab两端电压Uab和cd两端电压Ucd相比，Uab______Ucd，外力F1和F2相比，F1______F2（填＞、=或＜）。16、我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的圆形轨道，当环中电流是5mA时（电子的速度是3×107m/s）．则在整个环中运行的电子数目为____个．评卷人得分四、判断题(共2题，共4分)17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、计算题(共4题，共32分)19、水平放置的平行板电容器；两极板A；B相距5mm，电容为50μF

（1）当将其充电到两板电势差为100V时；这时电容器的带电量为多少库仑？

（2）当两板电势差为100V，一个质量为1.0×10-14Kg的带负电尘埃正好在板间静止，电容器上极板带何种电荷？该尘埃带电量为多少？（取重力加速度g=10m/s2）20、如图所示为竖直放置的四分之一圆弧轨道；O

点是其圆心，半径R=0.8mOA

水平；OB

竖直.

轨道底端距水平地面的高度h=0.8m.

从轨道顶端A

由静止释放一个质量m=0.1kg

的小球，小球到达轨道底端B

时，恰好与静止在B

点的另一个相同的小球发生碰撞，碰后它们粘在一起水平飞出，落地点C

与B

点之间的水平距离x=0.4m.

忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2.

求：

(1)

两球从B

点飞出时的速度大小v2

(2)

碰撞前瞬间入射小球的速度大小v1

(3)

从A

到B

的过程中小球克服阻力做的功Wf

．21、如图所示，一根长L=0.2m的金属棒放在倾角为θ=370的光滑斜面上，并通以I=5A电流，方向如图所示，整个装置放在磁感应强度为B=0.6T，垂直斜面向上的匀强磁场中，金属棒恰能静止在斜面上，则该棒的重力为多少？22、（10分）质量M＝327kg的小型火箭(含燃料)由静止发射，发射时共喷出质量m＝27kg的气体，设喷出的气体相对地面的速度均为v＝1000m/s.忽略地球引力和空气阻力的影响，则气体全部喷出后，则：（1）求火箭获得的最终速度？（2）什么因素决定火箭获得的最终速度？评卷人得分六、综合题(共1题，共8分)23、(

一)拢脹

选修模块3鈭�3拢脻

(1)

关于布朗运动说法中，正确的是()

A.布朗运动是液体分子的热运动B.布朗运动是固体分子的无规则运动C.布朗运动的激烈程度与温度无关D.布朗运动反映了液体分子运动的无规则性(2)

下列说法中正确的是()

A.气体压强是由于气体分子间存在斥力引起的B.液晶既具有流动性又具有光学性质各向异性C.水黾可以停在水面上说明液体存在表面张力D.0隆忙

的水和0隆忙

的冰它们的分子平均动能不相同

(3)

在做托里拆利实验时，玻璃管内有些残存的空气，此时玻璃管竖直放置，如图所示.

假如把玻璃管竖直向上缓慢提升一段距离，玻璃管下端仍浸在水银中，则管内空气分子的密度将____，空气分子对管中水银面的压力____(

选填“变大”、“不变”或“变小”)

．

(4)

一定质量的理想气体由状态a

沿abc

变化到状态c

吸收了340J

的热量，并对外做功120J.

若该气体由状态a

沿adc

变化到状态c

时，对外做功40J

则这一过程中气体____(

填“吸收”或“放出”)

____J

热量．

(5)

铁的密度娄脩=7.8隆脕103kg/m3

摩尔质量M=5.6隆脕10鈭�2kg/mol

阿伏加德罗常数NA=6.0隆脕1023mol鈭�1

铁原子视为球体.

试估算(

保留一位有效数字)

垄脵

铁原子的平均质量；垄脷

铁原子的平均直径．

(

二)拢脹

选修模块3鈭�4拢脻

(1)

下列色散现象是通过干涉产生的是A.在白光下观察肥皂泡呈现彩色B.一束太阳光通过三棱镜在墙壁上呈现彩色光斑C.两块玻璃砖叠放在一起，玻璃砖上表面出现彩色条纹D.将两支铅笔并排放置，其直缝与日光灯平行，通过直缝看到彩色条纹(2)

下列说法中正确的是A.两列波相遇一定出现干涉现象B.变化的电场一定产生变化的磁场C.红外线波长比可见光长，主要特点是具有热效应D.当驱动力的频率等于系统固有频率时，受迫振动的振幅最大(3)

如图所示，PQ

是一列沿x

正方向传播的简谐横波两时刻的波形图，由波形P

经过t=2s

到波形Q.

则波长娄脣=

____m

波速=

____m/s

．

(4)

我们想像这样一幅图景：一列火车以接近光速从观察者身边飞驰而过，火车里的观察者看到沿铁路电线杆距离____(

填“变大”、“变小”、“不变”)

而地面上的观察者看到火车车窗的高度____(

填“变大”、“变小”、“不变”)

．

(5)

用双缝干涉测量光的波长的实验中，已知两缝间的距离为0.3mm

以某种单色光照射双缝时，在离双缝1.2m

远的屏上，第1

个亮条纹到第10

个这条纹的中心间距为22.78mm.

求(

保留二位有效数字)

垄脵

这种单色光的波长娄脣

垄脷

双缝到第10

条亮条纹中心的路程差S

．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|D【分析】【解析】试题分析：输入电压不变，要增大变压器的输出功率，那么只能要求输出电流变大，所以只减小负载电阻Ｒ的阻值，则输出电流减小，B可行；或者只增大副线圈的匝数，根据电流之比等于线圈匝数反比，所以D可行考点：变压器【解析】【答案】BD2、A【分析】【解析】试题分析：电子加速运动，受力向右，所以电场强度方向由B向A，A点的电势低于B点的电势，C错；加速度变大，则电场力变大，场强变大，即A、B两点的电场强度EAB。A对；B错；电子在只有电场力做功的情况下电势能与动能之和保持不变，所以动能增大电势能减小，D错，故选A考点：考查电场强度与电势的关系【解析】【答案】A3、D【分析】解：当驱动力的频率f等于物体的固有频率f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅增大，当f＞f0时；随f的增大，驱动力的频率远离固有频率，故该振动系统的振幅减小，故当驱动力的频率逐渐增大过程物体的振幅先增大后减小．

故选：D．

受迫振动的频率等于驱动力的频率；当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．

本题应明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，而当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体的振动最强烈．【解析】【答案】D4、C【分析】

接触前，两小球的静电力．接触后，A球带电量为-2Q，B球的带电量为-此时两小球的静电力．故C正确；A；B、D错误．

故选C．

【解析】【答案】接触带电的原则是先中和后平分，根据接触带电的原则分别求出接触前后A、B两电荷的电量，然后根据库仑定律求出库仑力的大小．

5、B【分析】解：卫星绕地心做匀速圆周运动的轨道半径为r，经过时间t该卫星绕地心转过的角度为60°，故位移为r；

故t时间内的平均速度为：

故选：B

卫星做匀速圆周运动，已知时间、半径和对应圆心角，先根据s=θr求解弧长，再根据v=可以求解线速度；但平均速度是位移与时间的比值；不等于线速度．

本题关键是明确平均速度和线速度的定义的区别，平均速度是位移与时间的比值，而平均速率是弧长与时间的比值，不难．【解析】【答案】B6、B【分析】由题意知在线框进入磁场的过程中B

与v

都是不变的，根据公式E

=

Blv

可知，有效长度l

最大时，回路中的感应电流最大，当P

点经过边界MN

时，R

点正好经过边界MN

，切割磁感线运动的有效长度l

有最大值，故正确选项为B.

本题对有效切割长度大小变化的判断是难点，也是解题的关键，从线框中S

点进入磁场开始，有效长度从0

开始增大，当P

点经过边界MN

时，有效长度l

达到最大值，即与线框边长相等，然后l

又开始减小，最后减小到0

．【解析】B

二、多选题(共5题，共10分)7、AD【分析】解：以P；Q系统为对象；根据能量守恒定律守恒得，拉力做的功等于P、Q动能增量与摩擦生热之和．故A正确，B错误．

C；由于一对作用力和反作用力在同样时间内的总冲量一定为零；因此系统内力不改变系统总动量，因此F的冲量等于P、Q动量增量之和．故C错误，D正确．

故选：AD．

对系统研究；根据能量守恒定律判断F做功的大小与P；Q动能增量之和．对系统研究，运用动量定理判断F的冲量与P、Q动量增量之和．

本题考查了能量守恒定律和动量定理的运用，该定律和定理是高考常见的题型，平时的学习中需加强训练．【解析】【答案】AD8、AC【分析】解：A、0到t时间内，导体棒的位移为：x=v0t

t时刻；导体棒的长度为：l=x

导体棒的电动势为：E=Blv0

回路总电阻为：R=（2x+x）r

电流强度为：故I的大小保持不变．电流方向b→a故A正确．

C、导体棒匀速直线运动，水平外力与安培力二平衡，则有：故C正确．

D、t时刻导体棒的电功率：P=I2R′=•v0tr=故D错误．

B；因为：P∝t

所以：Q=Pt=Q-t图线是开口向上的抛物线，故B错误．

故选：AC

求出t时刻导体棒的有效长度；结合切割产生的感应电动势和闭合电路欧姆定律求出电流强度与时间的关系式．

导体棒在0～t时间内电流大小恒定；抓住R与时间正比，通过平均功率，根据Q=Pt求出产生的焦耳热Q．

导体棒做匀速直线运动时；水平外力等于安培力，根据平衡条件求出水平拉力的表达式．

本题综合考查了切割产生的感应电动势、闭合电路欧姆定律、牛顿第二定律等知识点，综合性较强，关键得到感应电流不变．【解析】【答案】AC9、AB【分析】解：A

该实验观察电子的衍射图样；衍射现象说明粒子的波动性，故A正确；

B、电子束通过电场加速，由动能定理可得：eU=12mv2

故有：p=mv=2meU

所以，实验中电子束的德布罗意波的波长为：娄脣=hp=h2meU

故B正确；

C；由B

可知：加速电压U

越大；波长越小，那么，衍射现象越不明显，故C错误；

D、若用相同动能的质子替代电子，质量变大，那么粒子动量p=2mEk

变大，故德布罗意波的波长娄脣=hp

变小；故衍射现象将不明显，故D错误；

故选：AB

根据衍射现象得到波动性；然后由动能定理得到粒子速度，进而得到动量，从而得到波长，根据波长表达式得到电压或粒子变化下波长的变化，从而判断衍射现象变化。

带电物体在匀强电场中的运动，分析物体受力情况，明确物体的运动规律，然后选择恰当的过程运用牛顿第二定律和运动学公式列式求解。【解析】AB

10、BD【分析】解：A

根据C42=6

知；这些氢原子总共可辐射出6

种不同频率的光，故A错误．

B；n=4

和n=1

间的能级差最大；辐射的光子频率最大，波长最短，故B正确．

C；n=1

和n=1

间的能级差不是最大；辐射的光子频率不是最大，故C错误．

D；n=2

和n=1

间的能级差为10.2eV

大于金属铂的逸出功，用n=2

能级跃迁到n=1

能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV

的金属铂能发生光电效应，故D正确．

故选：BD

．

根据数学组合公式得出处于n=4

能级的氢原子向低能级跃迁辐射不同频率光子的种数.

能级差越大；辐射的光子能量越大，光子频率最大，波长越短.

当入射光的能量大于金属的逸出功，即可发生光电效应．

本题考查了能级的跃迁和光电效应的综合运用，知道能级间跃迁满足Em鈭�En=hv

以及知道光电效应的条件，基础题．【解析】BD

11、AD【分析】解：AC；由图可得：波长λ=12cm=0.12m；根据波的传播时间可得：传播距离为：s=vt=0.8×0.2=0.16m=16cm=λ+4m，故由图可得：波向左传播；故A正确C错误；

B、根据波速v=0.8m/s可得周期为T==s=0.15s；故B错误；

D；波向左传播；根据带动法可知，x=4cm处的质点正向y轴负方向振动，故D正确。

故选：AD。

由图得到波长；即可根据波速得到周期；根据波的传播时间得到传播距离，即可由图得到波的传播方向，从而根据波的传播判断质点的振动方向。

机械振动问题中，一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再根据波形图得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动情况。【解析】AD三、填空题(共5题，共10分)12、红红【分析】【解答】把红；橙、黄、绿、蓝、靛、紫按顺序排列起来；称为七色光，它们属于可见光，由光谱中的排列顺序可知红光的波长最长，频率最低也是红光．

故答案为：红；红．

【分析】不同色光在真空中的传播速度是相同的，但在空气中不一样，不同色光有不同波长．13、略

【分析】解：该点的场强为：E=N/C=2.1×103N/C

方向与负电荷受到的电场力方向相反；即水平向左。

（2）q2受到的电场力为：F2=q2E=6.0×10-10×2.1×103N=1.26×10-6N

故答案为：2.1×103；竖直向下；1.26×10-6；2.1×103

电场强度的方向与正电荷在该点所受的电场力方向相同；大小由场强的定义式E=求出电场强度，根据F=qE求出电荷受到的电场力；电场强度是描述电场本身性质的物理量，不因试探电荷电量的改变而改变．

电场强度是描述电场本身性质的物理量，是电场中最重要的概念之一，关键要掌握其定义式和方向特征．【解析】2.1×103；竖直向下；1.26×10-6；2.1×10314、磁场；电磁波；赫兹【分析】麦克斯韦建立了电磁场理论，预言了电磁波的存在..赫兹用实验证实电磁波存在。麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场可以产生电场；变化的电场可以产生磁场，从而预言了电磁波的存在．

德国物理学家赫兹用实验证实了电磁波的存在。本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，不能张冠李戴。【解析】磁场；电磁波；赫兹15、==【分析】解：cd在外力F2作用下向右匀速运动，则外力F2与安培力二力平衡；大小相等；

ab在外力F1作用下保持静止，外力F1与所受的安培力二平衡；大小相等。

由安培力公式F=BIL，可知两棒所受的安培力大小相等，则F1=F2。

cd棒切割磁感线相当于电源，而ab相当于外电路；导轨电阻不计；

ab两端与cd两端的电压都是路端电压，大小相等。故有Uab=Ucd。

故答案为：=；=。

cd棒匀速运动，所受的外力F2与安培力二力平衡。ab在外力F1作用下保持静止，外力F1与所受的安培力二平衡，而两棒所受的安培力大小相等，即可知道两个外力之间的关系。ab棒切割磁感线相当于电源，而cd相当于外电路，ab两端与cd两端的电压相等。

本题关键是分析两棒的受力情况，运用平衡条件分析外力关系，由电路知识分析电压关系。属于基础题；处理电磁感应中电路问题时，关键能够知道其等效电路，知道哪一部分相当于电源，结合安培力的大小公式和共点力平衡进行求解。【解析】==16、2.5×1011【分析】【解答】解：电子运动的周期为T=s=8×10﹣6s；

1个周期内穿过任意截面的电荷量：q=IT=5×10﹣3×8×10﹣6=4×10﹣8C

所以电子的个数：n==2.5×1011个。

故答案为：2.5×1011

【分析】先求出电子运动的周期，再根据电流的定义式I=求出1个周期内穿过任意截面的电荷量，电子电荷量e=1.6×10﹣19C，最后由q=ne即可求出电子的个数．四、判断题(共2题，共4分)17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、计算题(共4题，共32分)19、略

【分析】

（1）已知电容器的电容C和板间电压U，由电容的定义式C=求电容器的带电量．

（2）对带负电尘埃进行分析受力；由平衡条件判断电场力方向，即可确定电容器极板的电性．根据平衡条件求解该尘埃带电量．

解决本题关键掌握电容的定义式和平衡条件，并能准确计算，是一道基础题．【解析】解：（1）由电容的定义式C=可知；电容器的带电量为：

Q=CU=50×10-6×100C=5×10-3C

（2）上极板带正电；

由平衡条件有q=mg

解得：q===5×10-18C

答：

（1）当将其充电到两板电势差为100V时，这时电容器的带电量为5×10-3C．

（2）当两板电势差为100V，一个质量为1.0×10-14Kg的带负电尘埃正好在板间静止，电容器上极板带正电荷，该尘埃带电量为5×10-18C．20、解：（1）两球做平抛运动；根据平抛运动规律得。

竖直方向上

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

（2）两球碰撞；规定向左为正方向；

根据动量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

（3）入射小球从A运动到B的过程中；根据动能定理得。

解得Wf=0.6J

答：（1）两球从B点飞出时的速度大小是1m/s；

（2）碰撞前瞬间入射小球的速度大小是2m/s；

（3）从A到B的过程中小球克服阻力做的功是0.6J．【分析】

1

两球做平抛运动；根据平抛运动规律得两球从B

点飞出时的速度大小。

2

两球碰撞；根据动量守恒定律得出入射小球的速度大小。

3

入射小球从A

运动到B

的过程中；根据动能定理得克服阻力做的功．

本题关键对两个球块的运动过程分析清楚，然后选择动能定理和平抛运动、动量守恒定律基本公式求解．【解析】解：(1)

两球做平抛运动；根据平抛运动规律得。

竖直方向上h=12gt2

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

(2)

两球碰撞；规定向左为正方向；

根据动量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

(3)

入射小球从A

运动到B

的过程中；根据动能定理得。

mgR鈭�Wf=12mv12鈭�0

解得Wf=0.6J

答：(1)

两球从B

点飞出时的速度大小是1m/s

(2)

碰撞前瞬间入射小球的速度大小是2m/s

(3)

从A

到B

的过程中小球克服阻力做的功是0.6J

．21、略

【分析】【解析】试题分析：棒子所受的安培力F=BIL=0.6N．结合受力分析图，根据共点力平衡得：=1N考点：安培力【解析】【答案】1N22、略

【分析】（1）（6分）设向下为正方向，根据动量守恒定律有：(M－m)v1＋mv＝0（2分）火箭的速度：v1＝＝－m/s＝－90m/s.（3分）火箭获得的最终速度大小为90m/s，方向与喷出气体方向相反.（1分）（2）（4分）决定火箭获得的最终速度的2个因素：1.喷气速度；（2分）2.火箭与气体的质量比。（2分）【解析】【答案】（1）90m/s（2）喷气速度火箭与气体的质量比六、综合题(共1题，共8分)23、(

一)(1)D(2)BC(3)

变小，变小(4)

吸收，260

(5)

解：垄脵

铁原子的平均质量m0=MNA=5.6隆脕10鈭�26隆脕1023隆脰9隆脕10?26kg

垄脷

一个铁原子的体积V0=M娄脩NA=5.6隆脕10鈭�27.8隆脕6隆脕1023=1.2隆脕10鈭�29m3

根据得，d=6V0娄脨3=6隆脕1.2隆脕10鈭�293.143m隆脰3隆脕10鈭�10m

(

二)(1)A(2)CD(3)44n+32(n=0,1,2)(4)

变小，不变(5)

解：垄脵

条纹间距为：?y=22.78隆脕10?310鈭�9m=2.53隆脕10鈭�3m

因娄脣=dL?y

则解得，单色光的波长：娄脣=0.3隆脕10鈭�31.2隆脕2.53隆脕10鈭�3=6.3隆脕10鈭�7m

垄脷

根据双缝到第10

条亮条纹中心的路程差S=10娄脣=10隆脕6.3隆脕10鈭�7m=6.3隆脕10鈭�6m

【分析】(

一)(1)

【分析】固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动.

固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动。掌握布朗运动的实质和产生原因，以及影响布朗运动剧烈程度的因素是解决此类题目的关键。【解答】

A.布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动在；是由于液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，所以布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，故A错误。

B.布朗运动是固体小颗粒的运动；不是固体分子的运动；故B错误；

C.液体的温度越高；液体分子运动越剧烈，则布朗运动也越剧烈，故C错误；

D.布朗运动反映了液体分子的无规则运动；故D正确；

故选D。(2)

【分析】气体压强是大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的；液晶既具有液体的流动性，又具有光学性质的各向异性；水黾可以停在水面上说明液体存在表面张力；温度是分子平均动能的标志。本题考查了气体压强的微观意义、液晶、液体表面张力和温度等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识，对于一些记忆性的东西，要熟记。【解答】A.气体压强是由于气体分子对容器壁的碰撞产生的；气体分子间距远大于平衡距离，斥力可以忽略不计，故A错误。

B.液晶既具有液体的流动性；又具有光学性质的各向异性，故B正确。

C.水黾可以停在水面上说明液体表面存在张力；故C正确。

D.温度相同；分子的平均动能相等，故D错误。

故选BC。(3)

【分析】在正常情况下，托里拆利实验中，玻璃管上方应该是真空，此时如果上提或下压玻璃管，只要管口不离开水银面，水银柱的高度差将不会改变.

这是因此水银柱的高度差反映了大气压的大小，而大气压此时是不变的.

但当玻璃管中混入少量空气，这一部分空气也会产生一定的压强，而且压强的大小会随着体积的变化而改变，根据管内气体压强的变化，由玻意耳定律分析气体体积的变化情况。此题是实验中很容易遇到的现象，在分析时一定要与理想状态下的情况进行区分.

即玻璃管上方为真空时，上提玻璃管，水银柱高度不变，而混入少量空气时，则会改变。【解答】在实验中；水银柱产生的压强加上封闭空气柱产生的压强等于外界大气压.

如果将玻璃管向上提，则管内水银柱上方空气的体积增大，因为温度保持不变，所以压强减小；

管内体积变大；故气体的密度减小，压强减小，故空气分子对管中水银面的压力也减小；

故填：变小，变小(4)

【分析】气体是由状态a

沿abc

变化到状态c

还是由状态a

沿adc

变化到状态c

理想气体增加的内能是一样的，有第一个过程结合热力学第一定律可求出内能的增加量；再由热力学第一定律即可计算出第二个过程需要吸收的热量的多少。该题考查了热力学第一定律的应用.

知道改变物体的内能有两种方式，一是对物体做功，一是热传递；应用热力学第一定律是，吸热Q

为正，放热Q

为负；对内做功W

为正，对外做功W

为负。【解答】一定质量的理想气体由状态a

沿abc

变化到状态c

吸收了340J

的热量，并对外做功120J

由热力学第一定律有：鈻�U=Q+W=340鈭�120=220J

即从a

状态到c

状态，理想气体的内能增加了220J

若该气体由状态a

沿adc

变化到状态c

时，对外做功40J

此过程理想气体的内能增加还是220J

所以可以判定此过程是吸收热量，由热力学第一定律有：鈻�U=Q+W

得：Q=鈻�U鈭�W=220+40=260J

故填：吸收，260

(5)

根据摩尔质量和阿伏伽德罗常数求出铁原子的平均质量；根据摩尔质量和密度求出摩尔体积，结合阿伏伽德罗常数求出一个分子的体积，从而得出铁原子的平均直径；本题的解题关键是建立物理模型，抓住阿伏加德罗常数是联系宏观与微观的桥梁进行求解，知道宏观物理量与微观物理量之间的定量关系。(

二)(1)

【分析】阳光下肥皂膜上的彩色条纹是光的干涉；太阳光通过三棱镜产生彩色条纹是光的色散；两块玻璃砖叠放在一起，玻璃砖上表面出现彩色条纹，是由于不同的色光的折射率不同；对着日光灯从两支紧靠的铅笔间窄缝看到的彩色条纹是光的衍射。掌握折射现象、干涉现象和衍射现象的本质的不同是顺利解决此类题目的关键。【解答】A.阳光下肥皂膜上的彩色条纹；是属于薄膜干涉现象，故A正确。

B.太阳光通过三棱镜产生彩色条纹；是由于光发生了色散现象即属于光的折射现象，故B错误。

C.两块玻璃砖叠放在一起；玻璃砖上表面出现彩色条纹，是由于不同的色光的折射率不同，以相同的入射角入射时，折射角不同，与光通过三棱镜的情况相似，属于光的折射现象，故C错误。

D.对着日光灯从两支紧靠的铅笔间窄缝看到的彩色条纹；是光绕过障碍物传播的现象，故属于光的衍射现象，而之所以看到彩色条纹，是由于不同的色光波长不同发生叠加造成的，故D错误。

故选A。(2)

【分析】干涉是两列或两列以上的波在空间中重叠时发生叠加从而形成新波形的现象.

干涉是波特有的现象，两列波发生干涉现