2025年中图版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、现有电动势为1.5V、内阻为1.0Ω的电池多节，准备用几节这样的电池串联起来对一个工作电压为6.0V、工作电流为0.1A的用电器供电。电路还需要一个定值电阻来分压，请计算最少需要用这种电池的节数及这个电阻的阻值分别为（）A.8；52ΩB.7；38ΩC.6；24ΩD.5；10Ω2、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象。当时；在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.内，粒子回到出发点C.内，电场力的总功不为零D.带电粒子在内的初、末位置间的电势差为零3、图甲为某电源的U-I图线，图乙为某小灯泡的U-I图线；则下列说法中正确的是（）

A.电源的内阻为5ΩB.把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为0.3WC.小灯泡的电阻随着功率的增大而减小D.把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为0.9W4、如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，下列说法正确的是（）

A.灯的亮度不变B.灯变亮C.灯变暗D.灯先变亮后变暗5、自然科学中很多物理量的表达式都有不止一个，通常都有其定义式和决定式，它们反应人们对自然界认识的不同层次。定义式侧重描述客观世界，决定式侧重对因果关系的解释。下列表达式中，侧重解释因果关系的是（）A.电阻B.电容C.加速度D.磁感应强度评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R为定值电阻，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I；则（）

A.电源的输出功率一定增大B.变化过程中U和I的比值保持不变C.电阻R0两端电压减小，减小量大于UD.电容器的带电量增大，增加量为CU7、1876年物理学家罗兰完成了著名的“罗兰实验”。罗兰把大量的负电荷加在一个橡胶圆盘上；然后在圆盘附近悬挂了一个小磁针，将圆盘绕中心轴按如图所示方向高速旋转时，就会发现小磁针发生偏转。忽略地磁场对小磁针的影响，则下列说法正确的是（）

A.小磁针发生偏转的原因是橡胶圆盘上产生了感应电流B.小磁针发生偏转说明了电荷的运动会产生磁场C.当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极向右侧偏转D.当小磁针位于圆盘的左下方时，它的N极向右侧偏转8、如图所示，带电荷量之比为qA∶qB＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响，则()

A.A和B在电场中运动的时间之比为1∶2B.A和B运动的加速度大小之比为4∶1C.A和B的位移大小之比为1∶1D.A和B的质量之比为1∶129、如图所示，带正电的金属滑块质量为m，电荷量为q，放在粗糙绝缘水平面上，水平面上方有水平向右的匀强电场，电场强度大小为如果在A点给滑块一个向左的大小为v的初速度，运动到B点速度恰好为零，AB的距离为x；则下列说法正确的是（）

A.滑块运动到B点后将返回向A运动，来回所用时间相同B.滑块运动到B点后将返回向A运动，到A点时速度大小仍为vC.A、B两点间电势差为D.滑块与绝缘水平面间的动摩擦因数为10、如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。小球d位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，重力加速度为g，静电力常量为k；则（）

A.小球a一定带正电B.小球b的周期为C.小球c的加速度大小为D.外力F竖直向上，大小等于mg＋11、某静电场中x轴上各点电势的分布图如图所示，一个质量为m、电荷量绝对值为q的带电粒子从坐标处以初速度沿x轴负方向出发，带电粒子仅在静电力作用下恰好在区间内往返运动；则下列说法正确的是（）

A.粒子带正电或负电都可以B.粒子从运动到的过程中，加速度先减小后增大C.粒子从运动到的过程中，电场力先做负功后做正功D.位置的电势12、如图所示，空间中A、两点存在等量异种点电荷，A点电荷量为点电荷量为A、为以点为圆心的圆上的三等分点；下列判断正确的是（）

A.将试探电荷由移到点，电场力不做功B.两点的场强大小可能相同C.两点的场强方向一定相同D.将试探电荷沿圆周运动，电场力不做功13、离子陷阱是一种利用电场或磁场将离子俘获并囚禁在一定范围内的装置，如图所示为最常见的“四极离子陷阱”的俯视示意图，a、b、c、d，相当于四个电极，相对的电极带等量同种电荷，相邻的电极带等量异种电荷．四个点的连线构成一个正方形abcd，A、C是a、c连线上的两点，B、D是b、d连线上的两点，A、C、B、D到正方形中心0的距离相等；则下列判断正确的是（）

A.D四点电场强度大小相等B.D点的电场强度为零，电势最低C.A点电势比B点电势低D.正点电荷沿直线从A点经D点运动到C点的过程中，电势能先减小后增大14、如图所示，有一带电液滴静止于电容器两极板间，电源内阻r不可忽略，现闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向b端移动少许；稳定后二个小灯泡仍能发光，则下列说法中正确的是（）

A.小灯泡L1变亮，L2变暗B.液滴带负电，将竖直向下运动C.液滴带正电，将竖直向上运动D.电流表中始终存在从左至右的电流评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、真空中在边长为r的正方形ABCD的A、B、C三个顶点上分别固定了一个电荷量为+Q的点电荷，若在D点放置一个电荷量为+q的点电荷，该点电荷受到的静电力大小为____________，（静电力常量为k）16、导体的电阻：同种材料的导体，其电阻R与它的长度l成___________，与它的横截面积S成___________；导体电阻还与构成它的材料有关。17、伏安法。

（1）原理图。

（2）主方程：______。

（3）主要器材：滑动变阻器；电流表、电压表。

（4）实验设计：通过调节滑动变阻器，只需测出U、I的两组数据，就可以列出两个关于E、r的方程，从而解出E、r。18、四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，方向如图所示。正方形对角线的交点为O，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为___________，方向为___________。

19、一个不带电的金属球壳的内、外半径分别为R1和R2，今在中心处放置一电荷为q的点电荷，则球壳的电势U=_______________。20、如图甲所示，真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为U0的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期粒子质量为m，不计粒子所受重力及相互间的作用力，则在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小为___________，粒子的电荷量为___________；在时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了___________。

21、如图所示，已知闭合电键后，安培表读数为0.75A，电压表读数为经过一段时间，一个电阻断路，安培表读数变为电压表读数变为则的阻值是______电阻断路前、后电路消耗的总功率之比______。

22、描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是________，其单位可用国际单位制中的基本单位表示为________。评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

24、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)25、某同学根据图甲的电路连接器材来“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”。实验时多次改变电阻丝接入电路的长度l、调节滑动变阻器的阻值，使电流表的读数I达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个的值，作出图像；如图乙所示。

（1）滑动变阻器应选_______（选填“”或“”）。

（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应该移动到________端（选填“a”或“b”）。

（3）在某次测量时，量程为的电压表的指针位置如图所示，则读数_______V。

（4）已知电阻丝的横截面积为则电阻丝的电阻率为_________（结果保留2位有效数字）。

（5）本实验中电流表的内阻为_________（结果保留2位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)26、如图甲所示，两个带正电的小球A、B套在一个倾斜的光滑直杆上，两球均可视为点电荷，其中A球固定，带电量C，B球的质量为m=0.1kg．以A为坐标原点，沿杆向上建立直线坐标系，B球的总势能随位置x的变化规律如图中曲线Ⅰ所示，直线Ⅱ为曲线I的渐近线．图中M点离A点距离为6米．（g取静电力恒量．）

（1）求杆与水平面的夹角θ；

（2）求B球的带电量QB；

（3）求M点电势φM；

（4）若B球以Ek0=4J的初动能从M点开始沿杆向上滑动，求B球运动过程中离A球的最近距离及此时B球的加速度．27、如图所示为某粮库输送小麦的示意图，麦粒离开传送带后看做在竖直方向上运动，形成的麦堆为圆锥状。若小麦比较干燥，在输送过程中和传送带之间由于摩擦会带电，虽然麦粒间的库仑力远小于重力，但这个力对麦堆的形成还是会有一定影响。小麦干燥时，刚形成的麦堆表面的电场看做垂直于麦堆表面；小麦潮湿时，刚形成的麦堆表面无电场，麦粒间的动摩擦因数为µ；最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，不考虑麦粒的滚动。求：

(1)小麦潮湿时，麦堆锥面最大倾角α应为多少？（用反三角函数表达）

(2)通过计算分析小麦在干燥和潮湿两种情况下，麦堆锥面最大倾角α哪种情况较大？（小麦干燥时，麦粒间的动摩擦因数也视为µ）

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

设电路还需要一个定值电阻为R0，根据闭合电路的欧姆定律有

根据题意，至少需要n=5节这样的电池，解得

故选D。2、D【分析】【详解】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为

第2s内加速度

故有

因此先加速1s再减小时速度为零，接下来的将反向加速，图象如图所示：

A．带电粒子在前1秒匀加速运动；在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，内；带电粒子位移为负，粒子不在出发点，故B错误；

C．由图面积可知，粒子内位移为0；动能变化量为零，电场力做功为零，故C错误；

D．内电场力做功为零，由得电势差为零；故D正确；

故选D。3、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律变形。

可得图像与纵轴的交点表示电动势；图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为。

内阻为。

A错误；

BD．把电源和小灯泡组成闭合回路，将在乙中作该电源对应的U-I图象；如图所示。

两曲线的交点即小灯泡的电压；电流；根据图像读数：

所以小灯泡的功率为：

回路中的总功率为。

BD正确。

C．根据乙图可知电流越大；小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得。

可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻；所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，C错误；

故选BD。4、B【分析】【详解】

设滑动变阻器总电阻为R，滑动端P的左右两边电阻分别为R-R1和R1，则通过灯泡的电流

则当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，R1变大IL变大；灯泡变亮；

A．灯的亮度不变；与结论不相符，选项A错误；

B．灯变亮；与结论相符，选项B正确；

C．灯变暗；与结论不相符，选项C错误；

D．灯先变亮后变暗，与结论不相符，选项D错误；5、A【分析】【详解】

A．是电阻的决定式；故A正确；

BCD．都是定义式；故BCD错误。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

A．由于不知道内阻与外阻的大小关系；所以无法判断电源的输出功率是否增大，A错误；

B．根据闭合电路欧姆定律得：

由数学知识得：

即保持不变；B正确；

CD．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路的总电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，干路电流减小，路端电压增大，根据欧姆定律可知，电阻R0两端的电压减小，内阻两端的电压也减小，而R两端的电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C错误，D正确。

故选BD。7、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．带有负电荷的橡胶圆盘高速旋转；不满足感应电流的产生条件，无法产生感应电流，A错误；

B．小磁针发生偏转说明小磁针受到了磁场力的作用；小磁针所在处存在磁场，该磁场是由电荷的运动形成的电流产生的，B正确；

CD．带有负电荷的橡胶圆盘绕中心轴按题图所示方向高速旋转时；根据安培定则可知，产生的磁场方向向上，当小磁针位于圆盘的左上方时，小磁针的N极向左侧偏转，当小磁针位于圆盘的左下方时，小磁针的N极向右侧偏转，C错误，D正确。

故选BD。8、A:B:D【分析】【详解】

A：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向初速度相等，则．故A项正确．

B：粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，y相同，则．故B项正确．

C：A和B的位移大小之比故C项错误．

D：由牛顿第二定律得：则粒子质量所以．故D项正确．9、C:D【分析】【详解】

AB．从A点到B点的过程中，滑块加速度为

由B到A过程，滑块加速度为

两个过程中位移大小相同，加速度不同，故运动时间不可能相同，滑块返回A点时速度大小也不可能等于滑块在A点的初速度；AB错误；

C．根据

C正确；

D．根据

解得

D正确；

故选CD。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球a、b、c均做半径相同的圆周运动，且受力情况相同，故三个小球的各运动参量大小均相等，以小球a为例，小球a做圆周运动的向心力由小球d对小球a的引力的水平分力及小球b、c对小球a斥力的合力提供，仅可以判断四个小球所带电荷电性的异同，但不能确定小球a是否带正电；A错误；

BC．由牛顿第二定律得

其中解得

向心加速度公式

可得

B错误C正确；

D．对小球d受力分析，由平衡条件可知

D正确。

故选CD。11、B:D【分析】【详解】

A．沿电场线方向电势降低，故电场线方向从指向两侧，带电粒子仅在静电力作用下恰好在区间内往返运动，带电粒子从坐标处以初速度沿x轴负方向出发；因此做减速运动，电场力方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；

B．图像中斜率表示场强，粒子从运动到的过程中；场强先减小后增大，电场力先减小后增大，故加速度先减小后增大，故B正确；

C．带电粒子仅在静电力作用下恰好在区间内往返运动，因此粒子从运动到的过程中；先加速后减速，故电场力先做正功后做负功，故C错误；

D．根据能量守恒可知

解得

故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．是连线的中垂线，该中垂线是等势面，将试探电荷由移到点；电场力不做功，选项A正确；

BC．因为是等量异种点电荷，在中垂线上，电场强度方向相同，点的场强大于点的场强；选项B错误，选项C正确；

D．圆周不是等势面；将试探电荷沿圆周运动，电场力做功，选项D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由对称性可知，A、B、C、D四点电场强度大小相等；方向不同，选项A正确，B错误；

C．由电势的叠加可知，A点电势比B点电势高；选项C错误；

D．AC两点电势相同，且高于D点，则正点电荷沿直线从A点经D点运动到C点的过程中；电势能先减小后增大，选项D正确；

故选AD.14、A:B【分析】【详解】

A．变阻器的滑片向b端移动少许，变阻器接入电路的电阻减小，根据“串反并同”，灯泡L1与变阻器串联，灯泡L2与变阻器并联，所以灯泡L1变亮，L2变暗；故A正确；

B．由电路图可知；电容器上极板与电源正极相连，所以上极板带正电，带电液滴能够静止，则受电场力方向向上，故液滴带负电。滑片向下滑动，电容器两板间电压降低，则板间场强变小，液滴受电场力变小，则液滴受合力方向向下，将向下运动，故B正确。

C．由上面B的分析可知；C错误；

D．在移动滑片过程中；电容器两端电压降低，电容器带电荷量减少，电容器应该放电，所以电流表中存在自右向左的电流，故D错误。

故选AB。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]．点电荷受到的静电力是三个电荷对点电荷静电力的矢量和，其大小为：【解析】16、略

【分析】【详解】

略【解析】正比反比17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】E=U+Ir18、略

【分析】【详解】

[1]据安培定则可得通电电流的磁场方向如图所示。

正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，所以通电导线bcd在O点产生的磁感应强度均为B，由矢量叠加可得四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为

[2]由叠加原理可得O点产生磁场的方向为由O指向b。【解析】2B由O指向b19、略

【分析】【详解】

根据高斯定理，对球面有

则有

其中r>R2

可解得【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]由题意知，t=0时刻进入电场的粒子，水平方向做匀速运动，则

所以粒子在电场中运动时间为

由此可知，粒子在竖直方向先做加速运动后做减速运动，经过一个周期，粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度，即

[2]粒子在竖直方向一个周期内的位移为d，即

解得

[3]时刻进入电场的粒子，离开电场时在竖直方向上的位移为

电场力做功为

电场力做正功，电势能减少，且【解析】v021、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图所示，一个电阻断路，电流表、电压表示数都增加，若R3断路，电压表无示数；R1或R4断路，电流表无示数，则断路电阻为R2，断路后R1、R4串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，R1的电阻为

[2]断路前R1两端电压为

R2、R3串联后与R1并联，R3两端电压为

R3中电流为

电路中总电流为

电阻断路前、后电路消耗的总功率之比为【解析】45∶422、略

【分析】【详解】

[1]描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是电动势；

[2]根据公式

可得【解析】电动势四、作图题(共2题，共16分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。