2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图，光滑绝缘的水平面上有三个带电小球（均可视为点电荷）三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力的作用下处于静止状态，之间的距离小于之间的距离.则以下看法正确的是。

A.对的静电力一定是引力B.对的静电力一定是引力C.三个小球所带电荷量的大小关系是D.若保持它们的位置不变而将它们的电荷量都加倍，则它们将不能平衡2、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下．已知在下滑的过程中，金属块动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，下列判断中正确的是。

A.金属块带负电B.金属块克服电场力做功8JC.金属块的机械能减少12JD.金属块的电势能减少4J3、如图所示；有一电荷静止于电容器两极板间，电源内阻不可忽略，现将滑动变阻器滑片向上移动少许，稳定后三个灯泡依然能够发光，则下列说法中正确的是。

A.小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B.该电荷一定带正电C.电容器C上电荷量减小D.电流表始终存在从左向右的电流4、两个材质、大小完全相同的金属小球，它们带有不等量的异种电荷，相隔一段距离时，库仑力大小为F。现在将它们接触后再放回原位置，则它们之间的库仑力将（）A.大于FB.小于FC.等于FD.可能大于F，可能小于F，还可能等于F5、两个半径相同的金属小球，所带电荷量之比为1∶7，相距为r（r远大于球半径），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A.B.C.D.6、真空中有两个固定的带正电点电荷，电荷量不相等。一个带负电的试探电荷置于二者连线上的O点时，仅在电场力的作用下恰好保持静止状态。过O点作两电荷连线的垂线，以O点为圆心的圆与连线和垂线分别交于a、c和b、d，O点在两电荷连线中点的左边；如图所示。以下说法正确的是（）

A.Q1电量大于Q2电量B.b、O、d三点在同一等势面上C.c点电势高于O点电势D.仅在电场力的作用下该试探电荷从c点运动到O点动能增加7、如图所示，在等边三角形ABC的三个顶点上固定三个点电荷，其中A点位置的点电荷带电量为+Q，B、C两点位置的点电荷带电量均为-Q，在BC边的中垂线上有P、M、N三点，且PA=AM=MN，关于三点的场强和电势（取无穷远处电势为零），下列说法不正确的是()

A.M点的场强大于P点的场强B.MN之间某点的场强可能为零C.N点的场强方向沿中垂线向下D.P点的电势高于M点的电势评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为＋Q和－Q，在它们连线的竖直中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一带电荷量为＋q的小球以初速度v0从上端管口射入，重力加速度为g，静电力常量为k，则小球（））

A.下落过程中加速度始终为gB.受到的库仑力先做正功后做负功C.速度先增大后减小，射出时速度仍为v0D.管壁对小球的弹力最大值为9、中医药文化是我国优秀传统文化的重要组成部分，中药的保存常常需要做干燥处理。如图所示是利用高压电场干燥中药的基本原理，在大导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生非匀强电场E；水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电荷，另一端带等量负电荷；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而达到快速干燥的目的。已知虚线ABCD是某一水分子从A处由静止开始的运动轨迹；则下列说法正确的是（）

A.水分子运动轨迹上B、C和D点的电势大小关系为B.水分子在B处时，上端带正电荷，下端带负电荷C.水分子在B处时，带负电荷一端受到的电场力大于带正电荷一端受到的电场力D.如果把高压直流电源的正负极反接，水分子从A处开始将向下运动10、一种电荷控制式喷墨打印机；它的打印头的结构简图如下图所示，其中墨盒可以喷出极小的墨汁颗粒，颗粒经过带电室带上电后，垂直于电场方向射入偏转电场，经过偏转电场后打到纸上，显示出字符。不考虑墨汁颗粒的重力，为使打在纸上的字迹缩小（偏转距离减小），下列措施可行的是（）

A.仅减小墨汁颗粒带的电荷量B.仅减小偏转电场两极板间的距离C.仅减小偏转电场的电压D.仅减小墨汁颗粒的喷出速度11、如图所示，xOy平面处于匀强电场中，电场方向与平面平行，平面内A、B、C、D四点的位置如图所示，其坐标分别为（-a，0）、（a，0）、和将电荷量为的粒子从A点沿直线移动到B点，电场力做功为若将该粒子从C点沿直线移动到D点，电场力做功为2W。则下列说法正确的是（）

A.该匀强电场的场强大小B.A、C两点间的电势差为C.将该粒子从B点移动到D点，电场力做功为0.5WD.将该粒子从C点移动到B点，电势能增加12、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两点电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中的C点电势最高；则（）

A.q1一定带正电，q2一定带负电B.A、N点的电势为零，场强也为零C.C点电势不为零，但场强为零D.N、C间场强的方向沿x轴正方向13、如图，a、b为某孤立点电荷产生的电场中的两点，a点的场强方向与ab连线的夹角为60°，b点的场强方向与ab连线的夹角为30°，则（）

A.a点的场强小于b点的场强B.a点的电势低于b点的电势C.将一电子沿ab连线从a点移到b点，电子的电势能先增大后减小D.将一电子沿ab连线从a点移到b点，电子受到的电场力先增大后减小14、如图所示，以A、B、C、D为顶点构成的长方形处于一平行板电容器（未画出）形成的匀强电场中，长方形所在平面与两平行板垂直，AB的长度为8cm，BC的长度为6cm，D点距带正电荷的电容器极板的距离为20cm。取无穷远处为零电势，A、B、C三点的电势分别为9V；25V、16V。则（）

A.D点电势为0VB.D点电势为18VC.两平行板间的电势差为50VD.两平行板间的电势差为100V15、如图所示，两段长度和材料相同、各自粗细均匀的金属导体单位体积内的自由电子数相等，横截面积之比已知5s内有个自由电子通过导体的横截面，电子的电荷量下列说法正确的是（）

A.流经导体的电流为0.16AB.的电阻之比C.自由电子在导体和中的定向移动速率之比D.相同时间内导体和产生的焦耳热之比16、如图所示的电路中，电表可视为理想电表，电源电动势E=12V，内阻r=1R1和R2为定值电阻，Rp为可变电阻，当开关闭合后，电压表V1示数为10V，电流表A1示数为0.5A；则下列说法中正确的是（）

A.R1=3B.Rp不变时，V1的读数与A2读数之比等于R3C.Rp改变时，V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4D.滑动变阻器滑片向左移动，则两电流表示数均增大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、电功率：

（1）含义：单位_______内电流所做的功。

（2）公式：=_______。

（3）单位：_______，符号：_______。

（4）物理意义：表示电流做功的_______。

（5）决定用电器电功率大小的因素有_______。

①电功；②通电时间；③电压；④电流；⑤电阻。18、概念：一切物体都在辐射电磁波，且辐射与物体的______有关，所以叫热辐射。19、真空中有一电场，在电场中的P点放一电量为4.0×10﹣8C的检验电荷，它受到的电场力为2.0×10﹣5N，则P点的场强为______N/C；把检验电荷电量减小为2.0×10﹣8C，则该电荷在P点受到的电场力为______N。20、平行的带电金属板间是匀强电场,如图所示,两板间距离是5两板间的电压是60

（1）.两板间的场强是________;

（2）.电场中有和两点,点离A板0.5点离B板也是0.5和两点间的电势差__________.21、如图所示，A、B是平行板电容器的两个极板，B板接地，A板带有电荷量+Q，板间电场中有一固定点P，若将B板固定，A板下移一些，则P点的电场强度___________（选填“变大”“变小”或者“不变”），P点电势___________（选填“升高”“降低”或者“不变”）。

22、如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场之中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，电场力________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），重力势能的减少量___________动能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)23、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)24、已知电流计G的满偏电流内阻电路中已将它改装为最大量程600mA的电流表，则应选择图中_____________选填“甲”“乙”______结果取二位有效数字

25、用如图所示的电路图测量一节干电池的电动势和内阻。

（1）在下表中选出适当的实验器材进行实验。器材（代号）规格电压表（）内阻约电压表（）内阻约电流表（）内阻约0.125电流表（）内阻约0.025滑动变阻器（）总阻值约滑动变阻器（）总阻值约待测干电池电动势约为开关（）导线若干

实验中电流表应选用_________；电压表应选用_________；滑动变阻器应选用______（填器材代号）。

（2）本实验的误差来源是_________(电压表分流或者安培表分压）

（3）小明用伏特表和电阻箱来替代伏特表、安培表和滑动变阻器，自己设计了实验电路；通过调节电阻箱的阻值R得到了相应的电压表的示数U，小明利用这些数据通过描点法画图像得到了一条直线，已知纵轴代表则横轴代表的物理量为___________；已知图线得截距为b，斜率为k，则电池的电动势为___________，内阻为____________________。

26、欧姆表的原理如图．其中，电池的电动势为E、内阻为r，表头G的满偏电流为Ig、内阻为Rg．

(1)图中的A端应与_______(填“红”或“黑”)色表笔相连接．

(2)测量电阻前，将红、黑色表笔短接，调节可变电阻使通过表头G的电流达到Ig，此时可变电阻接入电路的阻值R0=______________．

(3)测量电阻时，若表头G的示数为I，则被测电阻的阻值Rx=__________．[(2)、(3)结果用E、r、Ig、Rg、I表示]27、①小明同学用螺旋测微器测定某一金属丝的直径，测得的结果如下左图所示，则该金属丝的直径d=_____mm．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度L=_____cm．

②然后小明又用多用电表粗略测量某金属电阻丝的电阻Rx约为5.0Ω；为了尽可能精确地测定该金属丝的电阻，且测量时要求通过金属丝的电流在0～0.5A之间变化.根据下列提供的实验器材，解答如下问题：

A、量程0.1A，内阻r1=1Ω的电流表A1

B、量程0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A2

C、滑动变阻器R1全电阻1.0Ω；允许通过最大电流10A

D、滑动变阻器R2全电阻100Ω；允许通过最大电流0.1A

E、阻值为29Ω的定值电阻R3

F、阻值为599Ω的定值电阻R4

G、电动势为6V的蓄电池E

H、电键S一个；导线若干。

（a）根据上述器材和实验要求完成此实验，请在虚线框内画出测量该金属丝电阻Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应的元件符号标注）．()

（b）实验中测得电表A1示数为I1，A2表示数为I2，其它所选的物理量题目中已给定，请写出电阻丝的电阻表达式Rx=_____.评卷人得分六、解答题(共2题，共14分)28、如图所示，光滑绝缘的水平地面上，相隔4L的A,B两点固定有两个电量均为+Q的正电电荷，a，O，b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa=Ob=L．一质量为m，电量为q的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零．当它第一次运动到O点时，速度为2v0，继续运动到b点时的速度刚好为0，然后返回往复运动，直至最后静止在O点．已知静电力常量为k；求：

(1)电荷q受到的阻力大小？

(2)aO两点之间的电势差？

(3)电荷q在电场中运动的总路程？

29、离地面高度H=5.0×104m以下的大气层可视为电阻率较大的漏电介质，假设由于雷暴对大气层的“电击”，使得离地面高度5.0×104m处的大气层与带负电的地球表面之间形成稳定的电场，其电势差约为U=3.0×105V。已知，雷暴每秒钟给地球充电的电荷量约为q=1.8×103C，地球表面积近似为S=5.0×1014m2，求：离地面5.0×104m以下的大气层（漏电大气层）的平均电阻率。（结果保留两位有效数字）

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，所以a、c一定为同种电荷即两荷间一定为排斥力；故A错误；

B．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，所以a、c和b的电性相反，即对的静电力一定是引力；故B正确；

C．同时根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，“近小远大”，所以故C错误；

D．由平衡可得，对a有

当它们的电荷量都加倍时，小球仍然平衡，同理对b、c也成立，故D错误．2、C【分析】【详解】

AB．设重力做功为克服摩擦力做功电场力做功由动能定理

解得电场力做功=-4J

所以电场力做负功；由于斜面上的带电金属块沿斜面滑下，故金属块带正电，A；B选项错误；

C．除重力外的其他外力做功-12J

故金属块的机械能减少12J；选项C正确；

D．电场力做负功；金属块的电势能增加4J，选项D错误．

故选C。3、A【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器的阻值增大，外电路中并联部分的总电阻增大，外电路中总电阻增大，再根据闭合电路欧姆定律得知：总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，通过的电流也增大，所以灯变亮.根据总电流减小，而的电流增大，则知通过的电流减小，变暗，故A正确；根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知电容器上极板带正电，板间场强方向向下，由平衡条件分析可知，该电荷所受的电场力向上，与场强方向相反，所以该电荷带负电．根据电容器的电压等于与串联的总电压，路端电压增大，的电压减小，所以电容器的电压增大，其电量将增加，在充电过程中电流表有从左向右的电流，当滑片停止移动时，电容器不再充电，没有电流通过电流表，故BCD错误．4、D【分析】【分析】

【详解】

接触前金属小球相隔一段距离时相互作用力为。

接触前金属小球相隔一段距离时相互作用力为。

由于不清楚金属小球，它们带有不等量的异种电荷的多少，故可能大于F，可能小于F，还可能等于F；ABC错误，D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

由库仑定律可得两球接触前的库仑力为

当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为

两球接触后的库仑力为

当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为

两球接触后的库仑力为

故选D。6、C【分析】【详解】

A．由一个带负电的试探电荷置于二者连线上的O点时，仅在电场力的作用下恰好保持静止状态可知，负电荷受平衡力，由

又

得Q1电量小于Q2电量。

B．因b、d两点关于O点对称，它们电势相等，b、d连线垂直于Q1、Q2连线，因此O点电势高于b、d两点电势；故B错误；

C．根据带负电的试探电荷在O点，仅在电场力的作用下恰好保持静止状态，可知，EO=0，再依据正点电荷在某点电场强度是两点连线背离正点电荷，由沿着电场线方向，电势是降低的，则有c点电势高于O点的电势；故C正确；

D．因试探电荷是负电荷，从c点运动到O点；是从高电势运动到低电势，电场力做负功，动能减小，故D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

A.点电荷的电场如图所示：

正电荷在P、M两点处产生的场强大小相等为（d为PA、AM、MN的距离）；而两负电荷在P点处的合场强向下，在M点场强为零；所以故A正确；不符合题意；

BC.正电荷在N点的场强两负电荷在N点的场强故N点合场强向上且可知在M、N之间某点场强可能为零；故B正确，不符合题意；C错误，符合题意；

D.由场强叠加可知A、M之间的场强均大于A、P之间的场强，所以所以故D正确，不符合题意．二、多选题(共9题，共18分)8、A:D【分析】【详解】

A．电荷量为+q的小球以初速度v0从管口射入的过程；因库仑力与速度方向垂直，竖直方向只受重力作用，加速度始终为g，故A正确；

B．小球有下落过程中；库仑力与速度方向垂直，则库仑力不做功，故B错误；

C．电场力不做功；只有重力做功；根据动能定理，速度不断增加，故C错误；

D．在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：E=

根据矢量的合成法则，则有电场强度最大值为因此电荷量为+q的小球受到最大库仑力为结合受力分析可知，弹力与库仑力平衡，则管壁对小球的弹力最大值为故D正确；

故选AD.

点睛：对于等量异种电荷，根据矢量的合成法则，中垂线的中点的电场强度最大，在无穷远的电场强度为零；点电荷靠近两个电荷的连线的中点过程，电场力不做功；中点处的电场强度最大，则库仑力也最大，弹力也是最大，从而即可求解．9、A:C【分析】【详解】

A．根据沿着电场线电势逐渐降低可知，水分子运动轨迹上B、C和D点的电势大小关系为

故A正确；

BC．由图可知，水分子上端的电场强度大于下端的电场强度，若水分子上端带正电荷，下端带负电荷，则向下的电场力，大于向上的电场力，则水分子向下运动，与运动轨迹矛盾，则水分子在B处时；上端带负电荷，下端带正电荷，则带负电荷一端受到的电场力大于带正电荷一端受到的电场力，故C正确，B错误；

D．如果把高压直流电源的正负极反接；产生的电场方向发生反转，但水分子是一端带正电，另一端带等量负电，故水分子的正负端发生反转，水分子还是从A处开始将向上运动，故D错误。

故选AC。10、A:C【分析】【详解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有水平方向

竖直方向

加速度

联立解得

要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转角y。由上式分析可知，采用的方法有：减小微粒所带的电荷量、增大偏转电场两板间的距离、减小偏转极板间的电压U；增大墨汁微粒的喷出速度等；故BD错误，AC正确。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

A．将电荷量为的粒子从A点沿直线移动到B点，电场力做功为

则有

若将该粒子从C点沿直线移动到D点，电场力做功为2W，可得

根据匀强电场可知，CO沿着电场线的距离是AO沿着电场线的距离的2倍；而由几何关系做辅助线如图所示。

因A点在CO的投影点M为中点，可知电场线沿CD方向，故匀强电场的场强为

故A正确；

B．A、C两点间的电势差为

故B错误；

C．将该粒子从B点移动到D点，电场力做功为

故C正确；

D．将该正粒子从C点移动到B点；相当于从C点到N点，电场力做正功，电势能减少，故D错误；

故选AC。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．φ-x图像斜率表示场强E，因为C点的场强为零，则两点电荷在C处的场强大小相等，方向相反，所以，两个点电荷为异种电荷，又OA段电势为正，所以q1一定带正电，q2一定带负电；选项A正确；

B．A、N点的电势为零；场强不为零，选项B错误；

C．C点电势不为零；但场强为零，选项C正确；

D．N、C间场强的方向沿x轴负方向；选项D错误。

故选AC。13、B:C:D【分析】【详解】

设点电荷的电荷量为Q,将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷Q的位置,如图所示。

设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到：

A.根据电场强度可得：所以a点的场强大于b点的场强；故A错误；

B.根据电场强度的方向可知Q带负电,因顺着电场线的方向电势降低，b点离点电荷比a点离点电荷远，所以有φa<φb.故B正确；

C.将一电子沿ab连线从a点移到b点；电场力先做负功再做正功，所以电子的电势能先增大后减小，故C正确；

D.将一电子沿ab连线从a点移到b点，电子距Q的距离先减小后增大；所以电子受到的电场力先增大后减小，故D正确；

故选：BCD；14、A:D【分析】【详解】

AB．在匀强电场中，平行等间距的两点电势差相等，可得

带入数据可得0

故A正确；B错误；

CD．将CD分为8等分，每一等分对应1cm，所以F点的电势为9V，连接AF，过D点做AF的垂线,如图。

有几何关系可得DG的长度为

解得

所以电场强度的大小为

解得

又因为D的电势为0，且D点距离正极板的距离为20cm，有对称性可知，两极板间的距离为40cm，所以两极板间的的电势差为

解得

故D正确；C错误。

故选AD。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据电流强度的定义式，可得流过的电流为

A正确。

B．由电阻定律

可得

B错误。

C．因两段导体串联，通过的电流相等，根据电流强度的微观表达式

可得自由电子在导体和中的定向移动速率之比为

C正确。

D．根据焦耳定律

相同时间内导体和产生的焦耳热之比为：

D错误。

故选AC。16、A:B:C【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律有

代入数据解得

所以A正确；

B．Rp不变时，V1的读数与A2读数之比等于R3；所以B正确；

C．根据闭合电路欧姆定律有

则有

所以Rp改变时，V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4则C正确；

D．滑动变阻器滑片向左移动，滑动变阻器阻值变大，则整个电路的总电阻变大，根据

则A1读数变小；所以D错误；

故选ABC。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据定义可知；电功率为单位时间内电流所做的功；

（2）[2]根据定义可知；其公式为。

（3）[3]电功率的单位为瓦；符号为W；

（4）[4]电功率的物理意义为表示电流做功的快慢；

（5）[5]根据电功率的定义可知，决定用电器电功率大小的因素有电压和电流，故选③④。【解析】时间UI瓦W快慢③④18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由电场强度的定义式有

得P点的场强为

[2]检验电荷电量减小，但电场强度仍保持不变，这时电荷受到的电场力为【解析】①.②.20、略

【分析】【详解】

（1）[1]．两板间是匀强电场，故场强为：=1200V/m；

（2）[2]．P1、P2两点间沿着场强方向的距离：d′=4cm

故UP1P2=Ed′=1.2×103×4×10-2=48V；【解析】48V21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电容的决定式C=

电容的定义式C=

和E=

联立解得E=

因电容器两板所带电量不变，正对面积不变，A板下移时，d减小，根据E=

可知，P点的电场强度E不变；因P点与下板的距离不变，根据公式U=Ed

P点与下板间的电势差不变，则P点的电势不变。【解析】①.不变②.不变22、略

【分析】