2025年粤教沪科版必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述中不正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法B.根据速度的定义式，当非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法C.定义加速度概念时，用表示速度变化快慢运用了极限思维的方法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2、摩天大楼中有一部从一楼直通顶层的客运电梯，其简化模型如图（甲）所示。电梯受到的拉力F是随时间t变化的。电梯在t=0时由静止开始沿竖直方向运动，F-t图像如图（乙）所示。电梯总质量m=1.0×103kg，忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2。关于电梯的运动状态；下列说法正确的是（）

A.0～5s内，电梯竖直上升，处于超重状态B.5s～15s内，电梯保持静止，处于平衡状态C.15s～20s内，电梯竖直上升，处于超重状态D.15s～20s内，电梯竖直下降，处于失重状态3、AB是一条平直公路上的两块路牌，一辆汽车由右向左经过B路牌时，一只小鸟恰自A路牌向B飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速率飞回A，过一段时间后，汽车也行驶到A．小鸟折返所用时间为t1，汽车由B路牌到A路牌所用时间t2，且t2=2t1；小鸟和汽车运动时速率均不变，可知。

A.小鸟的速率是汽车的两倍A.相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是3：1B.小鸟飞行的总路程是汽车的3倍C.小鸟和汽车在0-t2时间内位移相等4、关于速度、速度的变化量和加速度，正确的说法是（）A.物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大B.速度很大的物体，其加速度可以为零C.某时刻物体的速度为零，其加速度一定为零D.加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大5、小明家住26层。他放学后，乘坐电梯从1层直达26层。假设电梯刚起动时做加速直线运动，中间一段时间内做匀速直线运动，最后一段时间内做减速直线运动。在电梯从1层直达26层的过程中，下列说法正确的是（）A.电梯刚起动时，小明处于失重状态B.电梯刚起动时，小明处于超重状态C.电梯运动的速度方向发生了变化D.电梯运动的加速度方向一直不变6、在国际单位制（SI）中，下列属于基本单位的是（）A.牛顿B.克C.米D.米/秒7、我国高铁技术全球领先，乘高铁极大节省了出行时间。假设两火车站W和G间的铁路里程为1080km，W和G之间还均匀分布了4个车站。列车从W站始发，经停4站后到达终点站G。设普通列车的最高速度为108km/h，高铁列车的最高速度为324km/h。若普通列车和高铁列车在进站和出站过程中，加速度大小均为0.5m/s2，其余行驶时间内保持各自的最高速度匀速运动，两种列车在每个车站停车时间相同，则从W到G乘高铁列车出行比乘普通列车节省的时间为（）A.6小时25分钟B.6小时30分钟C.6小时35分钟D.6小时40分钟8、A、B两小车在同一直线上运动，它们运动的位移s随时间t变化的关系如图所示，已知A车的s-t图象为抛物线的一部分，第7s末图象处于最高点，B车的图象为直线，则下列说法正确的是（）

A.A车的初速度为7m/sB.A车的加速度大小为2m/s2C.A车减速过程运动的位移大小为50mD.10s末两车相遇时，B车的速度较大9、在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、质量为的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的图像如图所示，取则（）

A.加速阶段与减速阶段物体加速度大小之比为2:3B.物体位移大小为46mC.物体与水平面间的运动摩擦因数为0.4D.水平推力F的大小为6N11、做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v，经历的时间为t，则()A.前半程速度增加3.5vB.前时间内通过的位移为C.后时间内通过的位移为D.后半程速度增加2v12、如图所示，滑雪运动员以5m/s的速度冲上斜面，到达两斜面交接处（A点）时的速度大小为3m/s（运动员过交接处时速度大小不变）运动员冲上第二段斜面滑行的长度与第一段斜面长度相等时速度恰好为零；运动员在每段斜面上都做匀变速直线运动，从运动员冲上斜面到向上滑动至最高点的过程中，下列说法正确的是（）

A.滑雪运动员在第一段时间中点和第二段时间中点的瞬时速度大小之比为8：3B.滑雪运动员在第一段位移中点和第二段位移中点的瞬时速度大小之比为5：3C.滑雪运动员在第一段和第二段滑行的时间之比为3：8D.滑雪运动员在第一段和第二段滑行的加速度大小之比为16：913、如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于O点。一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA受外力F的作用，处于水平方向。现缓慢逆时针改变绳OA的方向至θ＜90°，且保持结点O位置不变；整个装置始终处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.绳OA的拉力一直减小B.绳OB的拉力先减小再增大C.地面对斜面体有向左的摩擦力D.地面对斜面体的支持力不断减小14、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，滑块A的加速度a与拉力F的关系图象如图乙所示．滑块A的质量记作mA，长木板B的质量记作mB；则（）

A.mA＝1kgB.mB＝3kgC.B间动摩擦因数μ＝0.5D.F＞10N之后，B的加速度为2m/s2评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、两辆车A和B，在笔直的公路上同向行驶，它们从同一起始线上同时出发，并且由出发点开始计时，行驶的距离x与行驶时间t的函数关系式：出发后，两辆车行驶距离相同的时刻是________。16、做匀加速直线运动的物体，在第1s内的位移为1m，第2s内的位移为2m，第3s内的位移为________m。17、某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度．该同学在实验中得到6条纸带，如图所示为其中一条，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的时间间隔为T=0.02s．其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点．x1是1、3两点的距离，x3是4、6两点的距离，x2是2；5两点的距离．

（1）测x1、x2、x3后，点2速度的表达式v2=______．点5速度的表达式v3=______．

（2）该同学测得的数据是x1=4.00cm，x2=19.30cln，x3=8.72cm，根据数据求出重力加速度g=______m/s2（保留三位有效数字）．18、如图所示，一物体以沿斜面向上的速度，从A点沿光滑斜面上滑，最远可达C点，若B为的中点，物体沿斜面上滑和下滑的加速度相同，已知物体从A到B所用时间为t，则物体从B经C回到A所用时间为_________。

19、下图给出了汽车从A点出发到B点做直线运动的v-t图线；根据图线填空．

（1）在0s－40s内汽车做_______运动；加速度是________．

（2）在120s－200s内汽车的加速度是_________；发生的位移是________．

（3）由图中得到汽车从A点开始到速度大小为10m/s时所需的时间是________．20、如图所示，AB两物体在同一直线上，当他们相距7m时。A在水平力和摩擦力的作用下，正以4m/s的速度向右做匀速运动，而物体B以10m/s的速度向右做匀减速运动，加速度大小为2m/s2，则A追上B用的时间为__。21、作用在物体上的外力撤去后，物体能够恢复原状的形变叫_______形变；外力撤去后，物体不能恢复原状的形变叫_______形变。（均选填“弹性”或“⾮弹性”）22、质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中，力F逐渐_____（选填“变大”或“变小”），拉力T逐渐_____（选填“变大”或“变小”）。

23、如图所示，两小球用细线连接，两小球用轻弹簧连接，双手分别提起两球，使四个小球均在空中处于静止状态，双手同时释放瞬间（空气阻力不计，重力加速度为），小球B的加速度大小为____________，小球D的加速度大小为____________。

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)24、规范完成下列问题：

(1)小球A的重力为20N；在图甲中画出该重力的图示；

(2)在乙图中画出钢管B所受弹力的示意图。评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)25、在“研究匀变速直线运动”的实验中；某同学测量数据后，通过计算得到了小车运动过程中各计时时刻的速度如表格所示。

（1）本实验需要的实验器材有（__________）。A．秒表B．天平C．刻度尺（2）分析表中数据可知；在误差允许的范围内，小车做__________运动。

（3）由于此次实验的原始纸带没有保存，另一同学想估算小车从位置0到位置5的位移，其估算方法如下：x＝(0.38×0.1＋0.63×0.1＋0.88×0.1＋1.12×0.1＋1.38×0.1)m＝那么，该同学得到的位移___(选填“大于”、“等于”或“小于”)实际位移，为了使计算位移的误差尽可能小，你认为采取什么方法更合适？(不必算出具体数据)_______。26、（1）如图所示，让滑块沿倾斜的气垫导轨做加速运动，将滑块放上不同的遮光片，遮光片的宽度Δx有10cm，5cm，3cm，1cm规格的，测出每个遮光片通过光电门所用的一段时间间隔Δt，则表示滑块通过光电门的______，遮光片越窄，Δt越小，当Δt极小时，可以认为是______。（选填“平均速度”或“瞬时速度”）

（2）在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，电磁打点计时器用6V以下______（填“直流”或“交流”）电源，打点计时器在纸带上依次打出一系列点A、B、C、D、E，相邻两点间的距离如图所示，计时器打点周期为0.02s，则打C点时的瞬间，小车的速度大小为______m/s，小车的加速度为______m/s2。（保留两位有效数字）

27、湘鹏同学想测量木块与长木板之间的动摩擦因数μ。

（1）正式开始实验瞬间，实验装置摆放如图甲所示，其中长木板水平固定。请指出图中的2处错误___________。

（2）修正错误后，接通电源，释放木块，打下一条纸带，如图乙所示，每隔4个点取一个计数点，即为图中O、A、B、C、D、E、F点，计数点间的距离如图所示，打点计时器的电源频率为50Hz。尽可能多地利用数据，计算此纸带的加速度大小a＝_____m/s2（保留三位有效数字）。

（3）测量砝码盘和砝码的总质量为m，木块质量为M，重力加速度为利用公式可以计算出木块与长木板之间的动摩擦因数μ，通过这种数据处理方法得到μ的测量值_____真实值（选填“大于”；“等于”或“小于”）。

（4）在上述的数据处理方法中，是否需要满足砝码盘和砝码的总质量远小于木块的质量？______（选填“需要”、“不需要”）。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

知道理想模型法；极限思维法、微元法等物理思维方法的特点即可解题．

【详解】

A．不考虑物体本身的大小和形状；只保留物体质量的属性，就可以将物体视为质点，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故A正确；

B．根据速度的定义式，当非常小时；速度就接近该时刻的速度，即瞬时速度，运用了极限思维法，故B正确；

C．定义加速度概念时，用表示速度变化快慢运用了比值定义法；故C错误；

D．在推导匀变直线运动位移公式时；将时间等分为若干个极小值，这样运动过程就被等分为若干小段，每一小段就可以视为匀速直线运动，逐个计算最后累加，应用了微元法，故D正确．

【点睛】

明确各类物理思维方法的含义即可解决该题．2、A【分析】【分析】

【详解】

A．0～5s内；电梯受到的拉力大于重力，则加速度向上，电梯处于超重状态，A正确；

B．5s～15s内；电梯受到的拉力等于重力，则处于平衡状态，电梯处于静止或者匀速直线运动状态，B错误；

CD．15s～20s内；电梯受到的拉力小于重力，则加速度向下，处于失重状态，电梯减速上升，CD错误。

故选A。3、B【分析】【详解】

设AB之间的距离为L，小鸟的速率是v1，汽车的速率是v2，小鸟从出发到与汽车相遇的时间与汽车返回的时间相同，故它们相向运动的时间则在小鸟和汽车相向运动的过程中有对于汽车来说有v2t2=L，联立以上两式可得v1=3v2，故A错误，B正确；汽车通过的总路程为x2=v2t2，小鸟飞行的总路程为故C错误；小鸟回到出发点，故小鸟的位移为0，故D错误．所以B正确，ACD错误．4、B【分析】【分析】

【详解】

A．由

可知，当知道速度的变化量，但不知道Δt的大小时；无法确定加速度的大小，A错误；

B．高速匀速飞行的战机；速度很大，但速度的变化量为零，加速度为零，B正确；

C．速度为零的物体加速度不一定为零，例如：竖直上抛的物体到达最高点时，速度为零，加速度为g；C错误；

D．加速度很大；说明速度变化很快，速度可能很快变大，也可能很快变小，D错误。

故选B。5、B【分析】【分析】

【详解】

AB．电梯刚起动时；加速度向上，则小明处于超重状态，选项A错误，B正确；

C．电梯运动的速度方向一直向上；方向没发生变化，选项C错误；

D．开始时电梯加速度向上；最后阶段加速度向下，则电梯运动的加速度方向发生了变化，选项D错误。

故选B。6、C【分析】【分析】

【详解】

单位制包括基本单位和导出单位；规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。

故选C。7、B【分析】【详解】

108km/h=30m/s；324km/h=90m/s

由于中间4个站均匀分布，因此节省的时间相当于在任意相邻两站间节省的时间的5倍为总的节省时间，相邻两站间的距离普通列车加速时间加速过程的位移根据对称性可知加速与减速位移相等，可得匀速运动的时间同理高铁列车加速时间加速过程的位移

根据对称性可知加速与减速位移相等，可得匀速运动的时间相邻两站间节省的时间△t=(t2+2t1)-(t'2+2t'1)=4680s因此总的节省时间△t总=5△t=4680×5s=23400s=6小时30分故选B。8、B【分析】【详解】

AB．A车做匀变速直线运动，设A车的初速度为加速度大小为由图可知时，速度为零，由运动学公式可得：

根据图象和运动学公式可知时的位移为：

联立解得故选项B正确，A错误；

C．A车减速过程运动的位移大小为故选项C错误；

D．位移时间图象的斜率等于速度，10s末两车相遇时B车的速度大小为：

A车的速度为：

故选项D错误。

故选B。9、B【分析】【详解】

A.质点属于理想模型；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，A错误；

B.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动；再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，B正确；

C.整个运动过程划分成很多小段；每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，C错误；

D.在探究加速度；力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，D错误；

故选B。二、多选题(共5题，共10分)10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．0～6s的加速度

6～10s物体的加速度

负号表示加速度方向与速度方向相反，即加速度大小为所以加速阶段与减速阶段物体加速度大小之比为选项A错误；

B．图线与时间轴围成的面积表示位移，则0～10s内物体运动位移的大小

选项B正确；

C．减速运动过程根据牛顿第二定律得，摩擦力

动摩擦因数

选项C错误；

D．加速运动过程根据牛顿第二定律得

解得：

选项D正确。

故选BD。11、C:D【分析】【详解】

AD：做匀加速直线运动的物体，位移中点的速度前半程速度增加量后半程速度增加量．故A项错误；D项正确．

BC：做匀变速直线运动的物体，中间时刻的瞬时速度等于全过程的平均速度，则前时间内通过的位移后时间内通过的位移．故B项错误，C项正确．12、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由匀变速直线运动推论可得；滑雪运动员在第一段滑行的平均速度大小为。

由匀变速直线运动推论可得；滑雪运动员在第二段滑行的平均速度大小为。

根据中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度可知；滑雪运动员在第一段时间中点和第二段时间中点的瞬时速度大小之比为8：3，A正确；

B．由匀变速直线运动推论可得；滑雪运动员在第一段位移中点的速度大小为。

滑雪运动员在第二段位移中点的速度大小为。

滑雪运动员在第一段位移中点和第二段位移中点的瞬时速度大小之比为选项B错误；

C．滑雪运动员在第一段和第二段滑行长度相等；由平均速度定义式可得。

C正确；

D．滑雪运动员在第一段和第二段滑行长度相等；由匀变速直线运动规律可得。

解得。

选项D正确；

故选ACD。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．缓慢改变绳OA的方向至θ<90°的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示；

可见OA的拉力先减小后增大，OB的拉力一直减小；故AB均错误；

C．以斜面和PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向；故地面对斜面的摩擦力方向向左，C正确；

D．OB的拉力一直减小，则一直减小，而

得一直增大，以斜面体和PQ整体为研究对象受力分析，根据竖直方向受力平衡N+FOAy=M斜g+MPg+MQg

综合可得N一直减小；D正确；

故选CD。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图乙可知，当F＝10N时，加速度为：a＝2m/s2，对A、B整体分析，由牛顿第二定律有F＝（mA+mB）a

代入数据解得mA+mB＝5kg

当F大于10N时，A、B发生相对滑动，对A根据牛顿第二定律得a==-μg

图象的斜率k＝＝＝

解得mA＝2kg

滑块B的质量为mB＝3kg

故A错误；B正确；

C．当F大于10N时，A的加速度与F的关系a＝F-μg

知当a＝0时，F＝6N，代入解得μ＝0.3

故C错误；

D．根据F＞10N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为aB＝＝m/s2=2m/s2

故D正确。

故选BD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

当两辆车行驶距离相同时有即

解得【解析】1.19s16、略

【分析】【详解】

由匀变速直线运动推论可知

代入数据解得【解析】3m17、略

【分析】【详解】

(1)根据中点时刻的速度等于平均速度得

(2)根据匀加速直线运动位移速度公式可知：代入数据计算得出．【解析】9.7218、略

【分析】【详解】

[1]物体沿斜面上滑和下滑的加速度相同，根据对称性可知，上升和下降的时间相同，在由匀加速直线运动的规律，经过相同的位移的时间之比为

可得物体从B到C所用时间为所以物体从B经C回到A所用时间为【解析】19、略

【分析】【详解】

（1）在0-40s内汽车的速度随时间均匀增大；做匀加速直线运动，加速度的大小。

a1＝m/s2＝0.5m/s2．

（2）在120-200s内汽车的加速度a2＝m/s2＝−0.25m/s2

发生的位移x=×80×20m＝800m．

（3）由图象可知；汽车从A点开始到速度大小为10m/s时所需的时间是20s或160s．

【点睛】

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．【解析】匀加速；0.5m/s；-0.25m/s；800m；20s或160s．20、略

【分析】【分析】

【详解】

B停止的时间为。

这段时间内B前进的距离。

A前进的距离。

此时两者相距。

再用时。

因此追上的时间。

【解析】8秒21、略

【分析】【详解】

[1][2]弹性形变指物体形变之后撤去外力能完全恢复原来形状的形变；非弹性形变则是指外力撤去后物体不能恢复原状的形变。【解析】弹性非弹性22、略

【分析】【详解】

[1][2]以结点为研究对象受力分析如图所示

由题意知点缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知绳的张力为

根据平衡条件可知

联立可得

在结点为被缓慢向左移动的过程中，夹角增大，由三角函数可知力和拉力均变大。【解析】变大变大23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]释放A球后，A、B两球做自由落体运动，则B球只受重力作用，加速度为重力加速度g；

[2]平衡时，弹簧弹力与D球重力大小相等，由于弹力渐变，