2025年浙教版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示；一根弹簧的自由端未挂重物时指针B正对刻度5，当挂上80N重物时（未超出弹性限度）指针正对刻度45，若要指针正对刻度20，应挂重物的重力为（）

A.40NB.30NC.20ND.不知弹簧的劲度系数k的值，无法计算2、下列四组物理量中均属于矢量的一组是（）A.时间、瞬时速度B.位移、路程C.平均速度、速率D.速度的变化量、加速度3、如图所示，a、b分别表示A、B两辆小车从同一地点同时开始运动的v-t图象．下列关于两辆小车的运动说法正确的是（）

A.A.B两车运动方向相反B.A车的加速度大小为1.75m/s2，方向与A车运动方向相同C.8s内B车的平均速度为2m/sD.8s末两车相距68m4、对矢量和标量的表述正确的是()A.它们都有大小和方向B.它们的运算法则相同C.出租车的收费标准是1.20元/公里，其中“公里”这一物理量是矢量D.矢量相加时遵从三角形定则5、如图所示，一质量为M=2kg的足够长的长木板静止在光滑水平面上，质量为m=1kg的小滑块（可视为质点）静止放在长木板上。从t=0时刻开始，长木板受到向左的逐渐增加的水平拉力F，小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g大小取10m/s2；下列说法正确的是（）

A.当F=12N时，小滑块的加速度大小为5m/s2B.当F=18N时，小滑块的加速度大小为6m/s2C.当F=18N时，长木板的加速度大小为6.5m/s2D.当F增大时，小滑块的加速度一定增大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、一物体作匀加速直线运动，从计时起，第1s内位移为1m，第2s内位移为2m第ns内位移为nm，则（）A.物体的初速度为零B.物体的加速度大小为1m/s2C.物体在2s末的速度为2m/sD.物体在前5s的平均速度为3m/s7、如图所示，质量均为M的物块A、B叠放在光滑水平桌面上，质量为m的物块C用跨过轻质光滑定滑轮的轻绳与B连接，且轻绳与桌面平行，A、B之间的动摩擦因数为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，下列说法正确的是()

A.物块A运动的最大加速度为B.要使物块A、B发生相对滑动，应满足关系C.若物块A、B未发生相对滑动，物块A受到的摩擦力为D.轻绳对定滑轮的作用力为8、如图所示的位移（x）-时间（t）图像和速度（v）-时间（t）图像中甲；乙、丙、丁代表四艘船的运动情况；则下列说法正确的是（）

A.四艘船都做直线运动B.时间内，乙船通过的路程大于甲船通过的路程C.时间内，丙船的平均速度小于丁船的平均速度D.时间内，丙、丁两船在时刻相距最远9、某物体以的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取内物体的（）A.路程为B.位移大小为方向向上C.速度改变量的大小为D.平均速度大小为方向向上10、如图所示，在一张大桌子上放两个平面镜M和N；让一束光依次被这两面镜子反射，最后射到墙上，形成一个光点。按压两镜之间的桌面，观察墙上光点位置的变化。下列说法正确的是（）

A.桌面发生形变很明显，直接可以用肉眼观察B.墙上光点位置的变化说明桌面发生了微小形变C.墙上光点位置的变化说明平面镜发生了微小形变D.本实验采用了放大的方法显示微小形变11、在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动,在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧,如图,当物块与弹簧接触并将弹簧压缩至最短的过程中,下列说法正确的是（）

A.物块接触弹簧后立即做减速运动B.物块接触弹簧后先加速运动后减速运动C.当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D.当物块的速度为零时，物体所受的合力不为零12、某人在地面上用体重计称得体重为490N，他将体重计移至电梯内称量，t0至t3时间段内，体重计的示数如下图所示。若取电梯向上运行的方向为正，电梯运行的v-t图像可能是（）

A.B.C.D.13、如图所示；吊篮A；物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m．B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的细线剪断的瞬间()

A.吊篮A的加速度大小为2gB.物体B的加速度大小为gC.物体C的加速度大小为2gD.C的加速度大小都等于g14、如图所示，竖直墙壁与光滑水平地面交于B点，质量为m1的光滑半圆柱体O1紧靠竖直墙壁置于水平地面上，质量为m2的均匀小球O2用长度等于A、B两点间距离l的细线悬挂于竖直墙壁上的A点，小球O2静置于半圆柱体O1上，当半圆柱体质量不变而半径不同时，细线与竖直墙壁的夹角θ就会跟着发生改变．已知重力加速度为g，不计各接触面间的摩擦，则下列说法正确的是

A.当θ=60°，半圆柱体对面的压力大小为B.当θ=60°，小球对半圆柱体的压力大小为C.改变半圆柱体的半径，半圆柱体对竖直墙壁的最大压力大小为D.半圆柱体的半径增大时，其对地面的压力保持不变评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、光滑水平桌面上有A、B两个相距较远的物体，已知mA＝2mB。当用F＝10N的水平力作用在A上时，能使A产生5m/s2的加速度，当用2F的水平力作用在B上时，能使B产生的加速度为________m/s2。16、一辆小车沿一条直线运动，车上放着盛水的漏滴，每隔2.0s滴一滴水，水在车行驶的路面上留下水滴的痕迹如图所示，图中还放着一把刻度尺，其零刻度线与O点对齐，若从小车通过O点开始计时，则当滴下水滴G时，小车运动时间是___________s，AH段的平均速度为___________m/s，如果小车匀速直线运动，打下点F时的速度为___________（保留3位有效数字）。

17、物体由静止开始做匀加速直线运动，它最初10s内通过的位移为80m，那么它在前10s内的平均速度等于________m/s，它在5s末的速度等于_______m/s。18、某时刻甲车从静止开始以6m/s2的加速度在水平公路上向东匀加速直线运动，此时在其正前方35m处乙车正以20m/s的初速度5m/s2的加速度向东匀减速直线运动，则甲车追上乙车需要_________________s19、下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果与_____有关．20、力的作用效果与力的__________、__________和__________有关，它们叫做力的__________.力有大小，又有方向，所以力是__________量.21、如图所示，一铁架台置于水平地面上，其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中，水平力______；细线的拉力______；铁架台对地面的压力______。（选填“变大”或“变小”或“不变”）

22、有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度—时间图象如图所示，则质点离原点的距离最大时刻是_____回到原点时刻是_____23、一个物体从光滑斜面的顶端由静止开始下滑，斜面长10m，倾角θ＝30°，斜面静止在粗糙的水平地面上，物体的质量m＝0.4kg，重力加速度g＝10m/s2，则物体下滑过程的加速度为________m/s2，物体从光滑斜面顶端下滑到底端，要用________s.

评卷人得分四、实验题(共1题，共2分)24、做“探究加速度与力；质量的关系”实验时；图甲是常规的实验方案；图乙是改进的方案，其实验操作步骤如下：

①挂上托盘和砝码，改变木板的倾角，使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑；

②取下托盘和砝码，测出其总质量为m，让小车沿木板下滑，测出加速度a；

③改变砝码质量和木板倾角，多次测量，通过作图可得到的关系。

(1)实验获得如图所示的纸带，计数点A、B、C、D、E间均有四个点未画出，则在打D点时小车的速度大小vD=_______m/s（保留两位有效数字），所用交变电源的频率为50Hz，由该纸带可求得小车的加速度a=__________m/s2（结果保留两位有效数字）。

(2)需要满足条件M>>m的方案是_________（选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）；在作图象时，把mg作为F值的是________（选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）。

(3)试对甲、乙两种方案是否需要满足条件M>>m做出简要的理论说明。（注意：解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明）_______评卷人得分五、解答题(共2题，共16分)25、酒后驾车严重威胁公共交通安全．若将驾驶员从视觉感知前方危险到汽车开始制动的时间称为反应时间，将反应时间和制动时间内汽车行驶的总距离称为感知制动距离．科学研究发现，反应时间和感知制动距离在驾驶员饮酒前后会发生明显变化．一驾驶员正常驾车和酒后驾车时,感知前方危险后汽车运动的v-t图线分别如图甲；乙所示．求：

(1)正常驾驶时的感知制动距离x．

(2)酒后驾驶时的感知制动距离比正常驾驶时增加的距离Δx．26、某矿山研究矿石下滑的高度与矿石在传送带上运动的关系，建立如图所示的物理模型：竖直平面内有一倾角的直轨道，小滑块从轨道上点静止释放，其下方右侧放置一水平传送带，传送带与直轨道末端间距很小，但允许小滑块从左端滑出。传送带以恒定速度逆时针转动，水平部分长度设释放点与距离为小滑块从直轨道端运动到达传送带上点时，速度大小不变，方向变为水平向右。已知小滑块与直轨道间的动摩擦因数与传送带间的动摩擦因数且滑块相对传送带滑动时能在传送带上留下清晰划痕，传送带足够长。重力加速度取（）

（1）若求小滑块在传送带上留下的划痕长度；

（2）改变的值，设小滑块从传送带上滑离后在传送带上留下的划痕长度为求与的关系式。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

因为弹簧的形变量和其受到的作用力成正比，故解得F=30N，故B正确．2、D【分析】【分析】

【详解】

A．时间为标量；A错误。

B．路程为标量；B错误。

C．速率为标量；C错误。

D．速度的变化量和加速度均为矢量；D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．A、B两车的速度均为正值；运动方向相同，选项A错误；

B．因v-t图像的斜率等于加速度，则A车的加速度大小为

加速度为正值，方向与A车运动方向相同；选项B正确；

C．8s内B车的位移

平均速度为

选项C错误；

D．图像与坐标轴围成的面积等于位移，则8s末两车相距选项D错误。4、D【分析】【详解】

A：既有大小；又有方向的物理量是矢量；只有大小、没有方向的物理量是标量．故A项错误．

B：矢量运算时遵循平行四边形定则或三角形定则；标量运算时是代数法则．故B项错误．

C：出租车按路程收费；路程是标量．故C项错误．

D：矢量运算时遵循平行四边形定则或三角形定则；故D项正确．

【点睛】

本题考查矢量与标量的区别，抓住两者有无方向及运算法则两方面对比．5、C【分析】【详解】

A．长木板与小滑块相对静止时，对整体分析，由牛顿第二定律有

刚要发生相对滑动时

解得

当

时，由牛顿第二定律

代入数据得小滑块的加速度大小为

故A错误；

B．当

时，发生相对滑动，小滑块的加速度大小为

故B错误；

C．对长木板，根据牛顿第二定律得

解得

故C正确；

D．当拉力大于15N时，两物体发生相对滑动，小滑块的加速度为

恒定不变；故D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

试题分析：根据匀变速直线运动规律的推论知，物体的加速度由物体在第1s和第2s内的位移知物体的加速度B正确．由于物体在第1s内的位移为1m，根据位移时间关系有：得：物体的初速度所以A错误；物体在2s末的速度由速度时间关系有：所以C错误；物体在前5s内的总位移所以前5s的平均速度为3m/s，故D正确．

考点：考查了匀变速直线运动规律的应用。

【点睛】

本题关键是根据位移关系求出物体运动的加速度，再根据匀变速直线运动的规律求出相应时间的速度或位移，是匀变速直线运动规律的基本运用，比较简单．7、A:C【分析】【详解】

A.A受到的最大合外力为μMg，则A的最大加速度：a=μMg/M=μg

故A正确；

B.当A的加速度恰好为μg时，A、B发生相对滑动，以A、B、C系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mg=(M+M+m)μg

解得：m=要使物块A、B之间发生相对滑动，物块C的质量至少为故B错误；

C.若物块A、B未发生相对滑动，A、B、C三者加速度的大小相等，由牛顿第二定律得：mg=(2M+m)a

对A:f=Ma

解得：f=故C正确；

D.C要向下做加速运动，C处于失重状态，绳子的拉力：T<mg，轻绳对定滑轮的作用力：N==T<

故D错误；8、A:C【分析】【详解】

A．和图像均描述的是直线运动；A正确；

B．时间内；甲；乙两船通过的位移相等，因为甲，乙同向运动，方向一直不变，所以这段时间的位移和路程大小相等，甲、乙两船的路程相等。B错误；

C．图像中面积代表了位移，可知，时间内，丁船的位移大于丙船的位移，根据平均速度公式则丙船的平均速度小于丁船的平均速度，C正确；

D．因为不知道丙；丁两船的初始位置；所以判断不了什么时候相距最远，D错误；

故选AC。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．物体做竖直上抛运动；是匀减速直线运动，物体3s内的位移为。

方向向上。

物体上升的最大高度。

所以路程为。

AB错误；

C．加速度大小为g；速度改变量为。

C正确；

D．物体前3s的位移是15m；故平均速度为。

方向向上；D正确。

故选CD。10、B:D【分析】【详解】

A．用力按压桌面；桌面向下发生微小的凹陷，用肉眼无法直接观察，故A错误。

BC．在两镜之间用力F下按压桌面，M、N将向中间略微倾斜，光束的入射角减小，由光的反射定律可知，反射角减小会加倍，则墙上光点位置明显变化，表明桌面发生了微小形变，故B正确，C错误；

D．该装置是一种显示微小形变的装置；它可以把微小形变“放大”到直接看出来，故D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

物体接触弹簧后，开始恒力F大于弹簧的弹力；加速度方向向右，做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到零后，速度达到最大，然后弹簧的弹力大于恒力F，加速度方向向左，做加速度逐渐增大的减速运动，速度减小到零，弹簧压缩量最大，可知物体接触弹簧后先加速后减速，压缩量最大时，速度为零，加速度不等于零，合外力也不为零。

故BD正确。12、A:D【分析】【详解】

根据G-t图象，时间段内，称对人的支持力小于人的重力，根据牛顿第二定律可知，此时人的加速度方向向下，即与规定的正方向相反，所以对应这段时间内的v-t图象的斜率小于0；时间段内，称对人的支持力等于人的重力，所以人在这段时间内匀速或静止，加速度为0；时间段内，称对人的支持力大于人的重力，即人的加速度方向向上，与规定的正方向相同，所以对应这段时间内的v-t图象的斜率大于0。由此可以判断；选项AD正确，选项BC错误；

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

弹簧开始的弹力F=3mg，剪断细线的瞬间，弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得，aAC==2g；即A；C的加速度均为2g．故AC正确．剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误．故选AC．

【点睛】

本题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与行变量成正比，来不及突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．14、A:C【分析】【详解】

试题分析：对均匀小球进行受力分析；求出小球受到的拉力和支持力；然后对半圆柱体进行受力分析，根据共点力的平衡条件求解桌面的支持力；以整体为研究对象，竖直方向根据共点力的平衡条件可得圆柱体对地面的压力大小．

对均匀球进行受力分析如图所示：

连接和设与水平面之间的夹角为与水平面之间的夹角为

当时，由几何关系可知，由于所以为等边三角形，由圆心角与圆周角之间的关系可知可知小球受到的绳子的拉力T与半圆柱体对小球的支持力N相互垂直，水平方向①，竖直方向②，联立得以小球与半圆柱体组成的整体为研究对象，它们在竖直方向受到重力、地面的支持力、绳子拉力以及在水平方向受到墙对半圆柱体的弹力，竖直方向③，所以根据牛顿第三定律可知，半圆柱体对地面的压力大小也为小球对半圆柱体的压力大小为A正确B错误；若改变半圆柱体的半径，当小球平衡时，小球的位置在以AB为半径的圆弧上，由几何关系可知，直线是该圆的切线方向，所以则④，以小球与半圆柱体组成的整体为研究对象，在水平方向⑤，可知，当θ=45°时，半圆柱体受到墙对半圆柱体的弹力最大，为C正确；由③④可得半圆柱体在竖直方向上的受的支持力：⑥，由几何关系可知，增大半圆柱体的半径，则θ增大，由⑥可知，N′将增大；根据牛顿第三定律可知，半圆柱体对地面的压力将增大，D错误．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】2016、略

【分析】【详解】

[1]若从小车通过O点开始计时，则当滴下水滴G时，小车运动时间为

[2]根据平均速度定义得AH段的平均速度为

[3]打下点F时的速度就是EG段的平均速度，为【解析】14.02.142.5017、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在前10s内的平均速度。

[2]物体由静止开始做匀加速直线运动；5s末是10s的时间的中点，则。

【解析】8818、略

【分析】【详解】

乙车减速到零所需时间为：4s内的位移为：

甲车做匀加速运动，甲车在4s内的位移

所以甲追上乙时；乙已经停下来了．

所以甲追上乙时，两者位移相等，故有：a甲t2=△x+x乙；解得：t=5s.【解析】5s19、略

【分析】【分析】

【详解】

力的大小；方向和作用点都能影响力的作用效果．用力推课桌的下部；课桌会沿底面滑动，而推课桌的上部，则课桌可能会翻到，说明力的作用效果有力的作用点有关．

【点睛】

正确理解力的三要素(力的大小、方向、作用点)对力的作用效果的影响，是解答此题的关键．【解析】力的作用点20、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4][5]力的作用效果与力的大小、方向和作用点有关，它们叫做力的三要素，力有大小，又有方向，所以力是矢量。【解析】大小方向作用点三要素矢21、略

【分析】【详解】

[1]小球受力分析如图。

由平衡条件有

可知，增大，F逐渐变大；

[2]由平衡条件有

可知，增大，T逐渐变大；

[3]以整体为研究对象，根据平衡条件得地面对铁架台的支持力

可知，地面对铁架台的支持力不变，由牛顿第三定律知铁架台对地面的压力不变。【解析】变大变大不变22、略

【分析】【分析】

速度时间图线的斜率表示加速度；加速度不变的运动为匀变速运动．图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移分析质点所处的位置．

【详解】

(1)在前2s内质点沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，两段时间内位移大小相等，4s末回到出发点，所以t=2s时离原点距离最大．

(2)由图象的“面积”看出，前2s内和后2s内位移大小相等，方向相反，则t=4s时回到原点.

【点睛】

本题抓住速度图象的“面积”等于位移是关键．能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养基本的读图能力．【解析】t=2s时，t=4s时；23、略

【分析】【详解】

[1]根据牛顿第二定律得

解得

[2]由运动学公式得

所以【解析】52四、实验题(共1题，共2分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]打D点时小车的速度等于C、E之间的平均速度