2025年教科新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年教科新版高二物理下册阶段测试试卷259考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、路线AC的中点为B，物体沿AC做直线运动，在AB段的平均速度为6m/s，在BC段的平均速度为4m/s，那么它在AC段的平均速度为（）A.4.8m/sB.5.0m/sC.5.2m/sD.10m/s2、如图为电熨斗的结构示意图，下列对该电熨斗的工作原理叙述中正确的是（）A.需要设定较高的温度，应向上调节升降螺丝B.双金属片上层金属的热膨胀系数小于下层金属C.电熨斗是通过双金属片温度传感器来控制电路的通断D.在温度低于设定温度后触点分离不再升温，当温度高于设定温度时触点相连继续加温，使它总与设定的温度相差不多3、大小分别是30N

和40N

如果它们的夹角是90鈭�

则这两个力的合力大小是()A.10N

B.35N

C.50N

D.70N

4、如图7所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，重力可忽略。在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是()A.U1变大、U2变大；B.U1变小、U2变大；C.U1变大、U2变小；D.U1变小、U2变小5、真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势φ随x变化的关系如图所示，则根据图象可知（）A.R处的电场强度E=0B.x1处与x2处的电场强度方向相反C.若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力一定做正功D.该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的6、如果采用样方法调查某地区（甲地）蒲公英的种群密度，下列做法中正确的是A.计数甲地内蒲公英的总数，再除以甲地面积，作为甲地蒲公英的种群密度B.计数所有样方内蒲公英总数，除以甲地面积，作为甲地蒲公英的种群密度C.计算出每个样方中蒲公英的密度，求出所有样方蒲公英密度的平均值，作为甲地蒲公英的种群密度D.求出所有样方蒲公英的总数，除以所有样方的面积之和，再乘以甲地面积，作为甲地蒲公英的种群密度7、下列说法中正确的是(

)

A.两个分子间的距离为r0

时，分子势能为零B.物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大C.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动D.从平衡位置开始增大分子间距离，分子间的引力将增大、斥力将减小8、如图所示，导体AB在做切割磁感线运动时，将产生一个电动势，因而在电路中有电流通过．下列说法中正确的是（）A.因导体运动而产生的感应电动势称为感生电动势B.动生电动势的产生与洛伦兹力有关C.动生电动势的产生与电场力有关D.动生电动势和感生电动势的产生原因是一样的评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、100匝的线圈，在0.2s内穿过它的磁通量从0.02Wb增加到0.06Wb．线圈中的感应电动势E=______．10、如图所示，在《探究产生感应电流的条件》的实验中，开关断开时，条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；开关闭合时，磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动；开关闭合时，将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转．由此得出，产生感应电流的条件是：电路必须______，穿过电路的磁通量发生______．11、某同学在“利用单摆测定重力加速度”的实验中；

(1)

若用最小分度为毫米的刻度尺测得摆线长为970.8mm

用10

分度的游标卡尺测得摆球直径如图1

摆球的直径为______mm.

单摆在竖直面内摆动，用秒表测出单摆做多次全振动所用的时间如图2

则t=

______s

(2)

如果他测得的g

值偏小；可能的原因是：______

A.测摆线长时摆线拉得过紧。

B.摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C.开始计时时；秒表过迟按下。

D.实验中误将N

次全振动数为N鈭�1

次。

(3)

若某同学实验中出现如图3

该同学其他操作(

包括周期测量)

均正确，则她的摆长测量值总是________真实值(

填“>

”、“<

”或“=

”)

虽然实验中出现了错误，但根据图象中的数据，仍可算出准确的重力加速度，其值为______m/s2.(

结果保留三位有效数值)

12、真空中有两个电荷，它们之间的静电力为F，若保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大到原来的二倍，则它们之间作用力的大小等于_______。13、利用伏安法测量干电池的电动势和内阻；现有的器材为：

干电池：电动势约为1.5V

符号

电压表：量程1V

内阻999.3娄赂

符号

电流表：量程1A

符号

滑动变阻器：最大阻值10娄赂

符号

电阻箱：最大阻值99999.9娄赂

符号

单刀单掷开关一个，符号导线若干。

(1)

设计测量电源电动势和内阻的电路并将它画在指定的方框内.

要求在图中标出电压表；电流表的接线柱的正负．

(2)

为了满足本实验要求并保证实验的精确度，电压表量程应扩大为原量程的2

倍，电阻箱阻值为______娄赂.

14、(1)

以36km/h

的速度沿平直公路行驶的一辆汽车，遇障碍物刹车后获得大小为4m/s2

的加速度，刹车后第3s

内，该辆汽车行驶的路程为________。(2)

电磁打点计时器是一种使用交流电源的计时器。当电源的频率是50Hz

时，它每隔0.02s

打一次点。如图所示为某次实验打出的一条纸袋，其中1234

为依次选定的计数点，根据图中标出的数据，可以得到实验物的加速度的大小为________m/s2

(3)

已知地球半径为R

地球表面重力加速度为g

万有引力常量为G

不考虑地球自转的影响，则地球平均密度的表达式为________。(4)

真空中两个静止的点电荷，它们之间的库伦力为F

若它们的电量都增大为原来的2

倍，距离减小为原来的一半，它们之间的库仑力变为_________。(5)

一交变电压的表达式为娄脤=22sin100娄脨tV

则交变电压的周期为________s

有效值为________V

(6)

一小球在高为0.8m

的桌面上滚动，水平离开桌面后着地，着地点与桌边缘的水平距离为1m

不计空气阻力，g

取10m/s2

则小球离开桌面时的速度大小是________m/s

评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共1题，共4分)22、如图；一质量为m

的带电小球用丝线悬挂在水平向右无限大匀强电场中，已知该场强大小为E

当小球静止时，测得丝线与竖直方向的夹角为娄脠

此时小球距水平地面的高度为H.

求：

(1)

小球带何种电荷及其电量．

(2)

当把悬线烧断后小球作何种运动？并求小球落到地面的时间及速度大小．评卷人得分五、证明题(共2题，共8分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】解：设AC段的长度为x，则AC段的平均速度．故A正确。

故选：A

分别求出AB段和BC段的运动时间；然后根据总位移除以总时间求出AC段的平均速度．

本题考查平均速度的定义式知道整个过程的平均速度等于总位移与总时间的比值．【解析】【答案】A2、C【分析】解：A；需要较高温度熨烫时；要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移，当温度升到较高，金属片发生弯曲较厉害触点才断开，故A错误；

B；当温度升高时；金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开，故双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属片，故B错误；

C；常温下；上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分开，起到调温作用，故C正确；

D；在温度低于设定温度后触点闭合继续升温；当温度高于设定温度时触点断开，不继续加温，使它总与设定的温度相差不多，故D错误；

故选：C．

了解双金属片的特点：利用不同膨胀系数的金属片做成；当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开；当温度降低时，金属片向膨胀系数大的发生弯曲，触点不断开；调节温度原理根据金属片的在电路中的连接有关．

本题是热传感器在电熨斗中的应用，要知道双金属片的特性，结合欧姆定律分析．【解析】【答案】C3、C【分析】【分析】本题难度较小，力是矢量，合成时遵循平行四边形定则。【解答】分力的大小分别是30N

和40N

合力的大小为F=302+402N=50N

故C正确，ABD错误。

故选C。【解析】C

4、B【分析】设带电粒子经U1加速后速度为v0，经偏转电场U2偏转后射出时速度为v.电子在加速电场中qU1=mv02在偏转电场中vy=at=·所以偏转角tanθ==显然，要使θ变大，可使U1减小、U2增大，故只有B正确.【解析】【答案】B5、C【分析】解：A；φ-x图象中；曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；R处切线的斜率不为零，故R处的电场强度E≠0；故A错误；

B、x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x1处与x2处的电场强度方向相同；故B错误；

C、若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式WAB=qUAB；如果是正电荷，电场力一定做正功；故C正确；

D；离电荷越近；电场强度越大，φ-x图象的斜率应越大，而图中离O点越近，图象切线的斜率变小，故该电场不可能在O点的正电荷产生的，故D错误；

故选：C

φ-x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；用WAB=qUAB来判断电势能的变化情况．对归正点电荷电场线的分布情况分析即可．

对于φ-x图象，要抓住：①电场强度的大小等于φ-x图线的斜率大小，电场强度为零处，φ-x图线存在极值，其切线的斜率为零．②在φ-x图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向．③在φ-x图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用WAB=qUAB，进而分析WAB的正负，然后作出判断．【解析】【答案】C6、C【分析】【分析】本题考查样方法调查种群密度，意在考查学生对所学知识的识记、理解能力。所有样方内种群密度合计【解答】样方数；故应先求出每个样方中蒲公英的密度，再求出所有样方蒲公英密度的平均值，作为甲地蒲公英的种群密度。综上所述，正确，种群密度=所有样方内种群密度合计/样方数；故应先求出每个样方中蒲公英的密度，再求出所有样方蒲公英密度的平均值，作为甲地蒲公英的种群密度。综上所述，C正确，ABD错误。

故选C。错误。

故选=。/C【解析】C7、B【分析】解：A

两个分子间的距离为r0

时；分子势能最小，但不一定为0

还与零势能面的选取有关，往往是以无穷远处的电势为零，故A选项错误；

B；温度是分子平均动能的标志；温度升高，其分子热运动的平均动能增大，故B正确；

C；布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动；由于花粉是由大量花粉分子组成的，所以布朗运动不能反映了花粉分子的热运动，故C错误；

D；根据分子力的特点可知；从平衡位置开始增大分子间距离，分子间的引力和斥力都将减小.

故B错误．

故选：B

温度是分子热平均动能的标志；温度越高，分子热运动的平均动能越大；布朗运动是悬浮在液体中小颗粒做的无规则的运动，而每个小颗粒都是由成千上万个颗粒分子组成的，布朗运动不能反映小颗粒内部分子在不停地做无规则的热运动.

从平衡位置开始增大分子间距离，分子间的引力和斥力都将减小．

对于布朗运动，它既不是颗粒分子的运动，也不是液体分子的运动，而是液体分子运动的间接反映【解析】B

8、B【分析】解：A；因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势；故A错误；

BC；动生电动势的产生与洛仑兹力有关；感生电动势与电场力做功有关，故B正确，C错误；

D；动生电动势和感生电动势的产生原因不一样；故D错误；

故选：B。

导线切割磁感应线时产生的电动势叫动生电动势；磁场变化所产生的电动势叫感生电动势；动生电动势和感生电动势都叫感应电动势．

本题关键是明确感生电动势和动生电动势的区别，不变的磁场运动的线圈是动生：变化的磁场不动的线圈是感生．【解析】B二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】解：由法拉第电磁感应定律有：E==100×V=20V

故答案为：20V．

由法拉第电磁感应定律得到感应电动势的数值，E=即可求解．

法拉第电磁感应定律的直接应用，注意表达式中的n的含义为线圈的匝数．【解析】20V10、略

【分析】解：开关断开时；条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；知磁通量变化，电路断开，不产生感应电流．

开关闭合时；磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动；知电路闭合，磁通量不变，不产生感应电流．

开关闭合时；将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转．知电路闭合，磁通量变化，产生感应电流．

综上所知；感应电流产生的条件是：电路必须闭合，穿过电路的磁通量发生变化．

故答案为：闭合；变化．

当穿过闭合回路中的磁通量发生变化时；会产生感应电流．

解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，知道当穿过闭合回路中的磁通量发生变化时，会产生感应电流．【解析】闭合；变化11、18.4100.0BD<9.86【分析】【分析】(1)

游标卡尺主尺示数与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；游标卡尺不需要估读；

秒表中间的表盘代表分钟；周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和，要注意观察指针所指的位置及分度值。

(2)

根据单摆的周期公式T=2娄脨lg

得出重力加速度的表达式；从而判断出重力加速度减小的原因。

(3)

由题意公式g=4娄脨2LT2

得到T2=4娄脨2Lg

图象斜率表示4娄脨2g

结合图象数据得到重力加速度。

要注意，游标卡尺不需要估读；对秒表进行读数时，要先确定秒表的分度值，秒表示数是分针与秒针示数之和；本题关键明确实验原理；通过图象的平移得到摆长偏小1cm

得到误差来源；通过图象的函数表达式得到斜率的物理意义。【解答】(1)

图1

所示游标卡尺主尺的示数是18mm

游标尺示数是4隆脕0.1mm=0.4mm

小球的直径d=18mm+0.1隆脕4mm=18.4mm

图2

所示秒表分针示数是90s

秒针示数是10.0s

秒表所示是90s+10.0s=100.0s

根据单摆的周期公式T=2娄脨lg

得：g=4娄脨2LT2

．

A；测摆线长时摆线拉得过紧；使得摆长的测量值偏大，则测得的重力加速度偏大.

故A错误．

B；摆动后出现松动；知摆长的测量值偏小，则测得的重力加速度偏小.

故B正确．

C；实验中开始计时；秒表过迟按下，则测得周期偏小，所以测得的重力加速度偏大.

故C错误．

D；实验中将49

次全振动数成50

次全振动；测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大.

故D错误．

故选：B

(3)

由题意公式g=4娄脨2LT2

得到T2=4娄脨2Lg

由此可知，T2隆陋L

图象为过原点的一条倾斜的直线，图象斜率表示4娄脨2g

结合图象数据得到：同学所测摆长总是“<

”真实值；4娄脨2g=970.8+18.42

解得：g=9.86m/s2

故答案为：(1)18.4100.0

(2)BD

(3)<9.86m/s2

【解析】18.4100.0BD<9.86

12、略

【分析】由库仑力公式可知作用力等于F/4【解析】【答案】F/413、略

【分析】解：(1)

利用伏安法测量干电池的电动势和内阻；根据实验原理选择仪器设计电路图.

实验中应保证电流由电表的正接线柱流入由负接线柱流出，并且电流表要串联在电路中，而电压表串联一个电阻并联在电源两端，分析电表的连接即可得出正确电路.

如图：

垄脷

电动势约为1.5V

电压表：量程1V

为了满足本实验要求并保证实验的精确度，电压表量程应扩大为原量程的2

倍；

要使量程扩大1

倍；则应串联一个与电压表内阻相等的电阻，故应使与之串联的电阻箱的阻值为998.3娄赂

故答案为：(1)

如图；(2)998.3

利用伏安法测量干电池的电动势和内阻；根据实验原理选择仪器设计电路图.

实验中应保证电流由电表的正接线柱流入由负接线柱流出，并且电流表要串联在电路中，而电压表串联一个电阻并联在电源两端，分析电表的连接即可得出正确电路.

将电压表量程扩大时应串联一个电阻，根据电压扩大的倍数可知应串联电阻的大小．

电学实验中要特别注意仪表的接法；能正确使用各仪器才能准确得出实验的结论．

电表量程的选取既要安全还要满足本实验要求并保证实验的精确度．【解析】998.3

14、（1）0.5m（2）6（3）（4）16F（5）0.022（6）2.5【分析】(1)

【分析】先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车停止后不再运动，再根据匀变速直线运动的位移公式即可求解；解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，知道刹车运动可以逆向思维看成初速度为零的匀加速直线运动；【解答】36km/h=10m/s

汽车刹车到停止所需的时间t0=0?v0a=?10?4=2.5s

刹车后第3s

内的位移，等于停止前0.5s

内的位移；

则x=12at2=12隆脕4隆脕0.25=0.5m

故填：0.5m

(2)

【分析】打点计时器每隔0.02s

打一次点，由此可求出计数点之间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中，中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2

点时小车的瞬时速度大小。利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力，处理数据时注意单位换算。【解答】打点计时器的打点周期为0.02s

相邻计数点之间有5

个时间间隔；

因此计数点之间的时间间隔是：0.1s

由图可知：鈻�x=6.00cm

匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

得：a=?xT2=6.00隆脕10?20拢庐12=6m/s2

故填：6

(3)

【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力可以由地球表面的重力加速度和地球半径和引力常量求得地球质量，再根据密度公式求得地球的密度。计算地球的质量一是根据表面的重力与万有引力相等，二是万有引力提供圆周运动向心力来求，注意求密度是要掌握球的体积公式。【解答】在地球表面重力与万有引力相等有：GMmR2=mg

可得地球的质量M=gR2G

根据密度公式有地球的密度娄脩=MV=3g4娄脨GR

(4)

【分析】真空中两个静止的点电荷间的作用力符合库仑定律，根据库仑定律的公式F=kQqr2

判断即可。解决本题的关键掌握库仑定律，能够灵活运用该公式解决问题，基础题目。【解答】真空中有两个静止点电荷，它们之间的静电引力为F

故：F=kQqr2

若它们的电量都增大为原来的22倍，距离减小为原来的一半，它们之间的库仑力变为F隆盲=k2Q2q(12r)2=16FF隆盲=dfrac{k2Q2q;}{(;dfrac{1}{2}r{)}^{2};};;=16F(5)

【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等。对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义。【解答】由娄脤=22sin100娄脨tV，可知，娄脴=100娄脨rad/s

所以交流电的周期是T=2娄脨100娄脨=0.02s

电压有效值是U=222=2V

(6)

【分析】根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出球离开桌面的速度；解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题。【解答】根据h=12gt2

得；t=2hg=2隆脕0.810s=0.4s

则球离开桌面时的速度v0=xt=10.4m/s=2.5m/s

故填：(1)0.5m

(2)6

(3)娄脩=3g4娄脨GR

(4)16F

(5)0.022

(6)2.5

【解析】(1)0.5m

(2)6

(3)娄脩=3g4娄脨GR

(4)16F

(5)0.022

(6)2.5

三、判断题(共7题，共14分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方