2025年沪科版九年级物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版九年级物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、【题文】如图所示，将电压表先后并接在AB处、BC处、AC处，当开关S闭合后；电压表读数最大时，是接在。

A.AC处B.AB处C.BC处D.三处一样大2、图中属于串联电路图的是（）A.B.C.D.3、如图所示；重为100N的物体A，在大小为20N方向向左的水平拉力F的作用下做匀速直线运动，经过3s，绳子的自由端移动了60cm的距离，若滑轮与绳子质量不计；滑轮与绳子之间摩擦以及轮轴的摩擦不计，下列说法正确的是（）

①物体运动的速度为0.1m/s②拉力F做的功是12J

③拉力F的功率为3W④物体A受到的摩擦力为20N．A.只有①④正确B.只有②④正确C.只有①②正确D.只有③④正确4、如图是直流电动机提升重物的示意图，电源电压为36V且保持不变，电路中的电流是2A，质量为8kg的重物在电动机带动下以0.8m/s的速度匀速上升，不计各处摩擦，则电动机线圈的电阻是（g取10N/kg）（）A.18ΩB.8ΩC.2ΩD.4Ω5、有三盏灯和三只开关，用导线接到电源上，要求每只开关控制一盏灯，下列电路图中正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、下列说法中正确的是（）A.固体放出热量温度可能降低B.可以采用增大热机功率的方法来增大热机的效率C.液体的沸点随液面上方气压的增大而降低D.对物体做功可能使物体内部分子运动变剧烈7、向保温瓶内灌开水至八九成满后，稍用力塞上软木塞，一会儿，瓶塞会“噗”的一声跳出来，要使瓶塞不跳出来且又不发生意外，下列方法正确的是（）A.用力塞上软木塞B.轻轻地将软木塞放在瓶口中C.灌入开水八九成满后，过一会儿，再盖上软木塞D.灌满开水，瓶内不留空气，塞上软木塞，让它接触到水8、2015年7月31日，中国北京成功获得2022年第24届冬奥会主办权．如图所示，是我国运动员在往届冬奥会上参加不同比赛项目时顽强拼搏的英姿．下列说法中正确的是（）A.

速度滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中，其机械能增加B.

自由滑雪空中技巧运动员从空中下落的过程中，重力做功越来越慢C.

运动员将冰壶推出后，人不再对冰壶做功，冰壶的机械能会逐渐减小D.

花样滑冰运动员在冰面上沿曲线滑行，是由于人具有惯性且所受合力为零9、下列与光有关的知识中，你认为正确的是A.光总是沿直线传播的B.镜面反射遵循光的反射定律，漫反射也遵循光的反射定律C.凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用D.光线垂直入射到平面镜上，反射角是90

度10、木块乙上放有实心铁块甲（甲不浸在水中），木块乙浮在水面上，如图所示，此时木块受到的浮力为F，水对圆筒形容器底面积的压强为p，水面距容器底面的高度为h，下列选项中涉及的细线长度、体积和质量不计，水足够深，则正确的是（）A.现将甲取下并沉入水底，h将减小B.现将甲取下并用细线挂在乙下面放入水中，F将减小C.现将甲取下并沉入水底，容器底面受到的总的压力将保持不变D.现将甲取下并用细线挂在乙下面放入水中，p将减小11、某同学用同一把刻度尺三次测得文具盒的宽度分别为9.20cm、9.21cm、9.20cm，则下列说法中错误的是（）A.测量结果最后应记作9.20cmB.此刻度尺的最小刻度是cmC.9.21cm这个记录结果是错误的D.9.20中最末一位数字“0”是有意义的评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、下表是小林在实验中记录的实验数据，请根据表中数据归纳出电功率P与电流R的关系：P=____．

。R/Ω102030405060P/W57911131513、在国际单位制中，功的单位是____，50N•m=____J．14、（2014秋•泰州期中）如图．在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，结果棉花被压燃，这是因为活塞对筒内____做功，使它的内能____，温度____，达到棉花燃点的缘故．压缩过程中____能转化为____．实验中如果用小纸片代替棉絮，小纸片并没有燃起，则关于压缩过程中的能量转化的结论____（选填“成立”或“不成立”）．15、（2006•房山区一模）如图所示，①②③代表光在空气和玻璃两种介质界面发生反射和折射现象的三条光线，MN是两种介质的分界面，由此可以判断介质I是____．16、周末，小华在爸爸帮助下利用参数“1600imp/kW•h”电能表测量电热水壶的实际功率，电热水壶铭牌“220V1000W”．在测量电热水壶实际功率时，小华首先进行的操作是______，接着观察到电能表的指示灯在6min内闪烁160次，则电热水壶实际功率是______W，这表明电热水壶的实际工作电压______（大于/小于/等于）额定电压．17、使用托盘天平称量物体的质量：

（1）应把托盘天平放在____桌面上；

（2）调节横梁平衡时，应先将____移到标尺左端____处，然后调节平衡螺母使指针指在分度盘的____；

（3）称量物体时，砝码应该放在____盘（“左”或“右”），并用镊子夹取．若发现指针偏向分度盘的左侧，应____或移动游码使天平恢复平衡．18、（2014•长宁区三模）如图所示，物体A重为10牛、体积为1×10-3米3，当它的一半体积浸在水中时，所受的浮力为____牛，弹簧测力计的示数为____牛；竖直向上提起物体A，在它未离开水面的过程中，所受的浮力____（选填“变大”、“不变”或“变小”）．19、（2014•本溪一模）中国国际航空航天博览会上，两架工程直升机正在做示范飞行，它们运动路程随时间变化的关系图象如图所示，根据图象可知，第3秒时，甲直升机比乙直升机运动的____（选填“快”或“慢”），第8秒时甲乙两架直升机的速度差是____m/s．20、固体和液体很难被压缩，是由于分子间有____；1cm3的水中含有3.35×1022个水分子，一个水分子的质量是____g．评卷人得分四、判断题(共2题，共10分)21、磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的．____（判断对错）22、物体状态改变时，它的质量也会随着改变．____．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共28分)23、在“探究导体的电阻跟哪些因素有关”的实验中：

甲同学的猜想是：电阻可能与导体的材料有关；

乙同学的猜想是：电阻可能与导体的长度有关；

丙同学的猜想是：电阻可能与导体的横截面积有关．。金属丝代号材料长度/n横截面积/mm2A金属甲10.2B金属甲10.1C金属乙10.1D金属乙0.50.1

（1）现有金属材料甲和金属材料乙制成的各种不同规格的金属丝，规格如上表，选用导线A和B进行实验，可以探究____（选填“甲”“乙”或“丙”）同学的猜想．要想探究甲同学的猜想应该选用____（选上面表格中导线的字母代号）两根金属丝进行实验．

（2）小明设计了如图甲所示电路，为判断a、b两点间导线电阻的大小，小明应注意观察____，具体指明该方案存在的不足：____（3）小红设计了如图乙所示的电路，当她将一段导线接入a、b两点间并闭合开关后发现灯不亮，经检查电路无断路、短路故障，你认为灯不亮的原因是____（4）小刚设计了如图丙所示电路；该电路中灯泡的作用有哪些？

①____②____．24、如图1所示；AB是一根导体，通过导线；开关连接在灵敏电流计的两接线柱上．某同学想利用该装置探究“感应电流的大小与哪些因素有关”，提出了以下猜想：

①可能与切割导体的数量有关；

②可能与切割速度有关；

③可能与切割磁感线的导体长度有关；

（1）在实验过程中，判断有感应电流产生的依据是____．

（2）请你再提出一个猜想：感应电流的大小可能与____有关．

（3）该同学在实验中；改变导体在磁场中的运动速度，测出每次实验时电流表偏转示数的最大值，实验结果记录如下表：

。实验次数123456速度（cm/s）123456电流（mA）2.04.05.98.110.211.8分析表中数据，可得出的结论是____．

（4）实验结束后该同学产生新的疑问：电流表指针为什么会发生偏转呢？拆开电流表后，发现其结构如图2所示，由此可知电流表指针偏转的原理是____．25、如图所示；让小车从静止开始滑下．

（1）A中甲、乙两图表示的情况，小车运动到水平表面时，____图中的小车速度大；____图中的木块被撞后移动的距离长；____图中的小车对木块做的功多，它具有的动能____．

（2）B中图丙、丁两图表示的情况，它是用来研究动能大小与物体____的关系的．实验表明：丁图中的小车到达水平表面时，能使木块运动的距离____些（选填“大”或“小”．）

（3）此实验中，是用木块运动的距离表示____，这样做的理论依据是____．26、小组同学提出了自己的两个猜想并设计好了如图所示的电路：

猜想（1）：若电流相同；电磁铁的匝数越多，磁性应该越强；

猜想（2）：若匝数相同；通过电磁铁的电流越大，磁性应该越强．

在该电路中，将两个绕导线后的铁钉串联，则通过这两个电磁铁的电流一定是____，以此实验检验上述的猜想____；在电路中接入滑动变阻器，是为了改变电磁铁的____，目的是检验上述的猜想____．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【解析】∵两灯泡是串联；

∴总电压等于各部分电压的和；

即UAC=UAB+UBC；

∴AC之间的电压最大．

故选A．【解析】【答案】A2、C【分析】【分析】串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响；混联电路则是同时有串联和并联的特点．据此判断．【解析】【解答】解：

A；闭合开关S后；两灯泡均为并列连接，因此两灯泡形成的电路为并联电路，故不符合题意；

B；闭合开关S后；两灯泡均为并列连接，因此两灯泡形成的电路为并联电路，故不符合题意．

C；闭合开关S后；两灯泡为顺次连接，因此属于串联电路，故符合题意．

D；由于开关S的闭合；电源的两极会被导线直接相连，发生电源短路现象，两个灯泡都不能工作，故不合题意．

故选C．3、C【分析】解：①拉力移动速度v===0.2m/s；

物体移动速度：v′=v=×0.2m/s=0.1m/s；故①正确；

②拉力F做的功W=Fs=20N×0.6m=12J；故②正确；

③拉力F的功率P===4W；故③错误；

④滑轮组对物体的拉力F′=F=×20N=10N；

因为匀速运动；滑轮组对物体的拉力和摩擦力为平衡力，所以物体A受到的摩擦力f=F=10N，故④错误．

故选C．

根据v=求出物体移动速度；根据W=Fs求出拉力做的功；根据P=求出拉力的功率；因为匀速运动；滑轮组对物体的拉力和摩擦力为平衡力．根据滑轮组的省力特点求出滑轮组对物体的拉力，即为摩擦力．

此题主要考查的是学生对速度、功、功率计算公式和滑轮组省力特点的理解和掌握，基础性题目．【解析】【答案】C4、C【分析】【分析】已知物体质量和上升速度，利用P=Fv得到电动机克服重力消耗的功率；已知电动机的电压和电流，利用公式P=UI得到功率；由电动机的功率和克服重力的功率得到线圈发热功率；已知发热功率和电流，利用公式R=得到线圈电阻．【解析】【解答】解：电动机克服重力做功的功率：

PG===mgv=8kg×10N/kg×0.8m/s=64W；

电动机的功率：

PM=UI=36V×2A=72W；

电动机的发热功率：

P热=PM-PG=72W-64W=8W；

由P=I2R可得：

R===2Ω．

故选：C．5、B【分析】【分析】根据要求每只开关控制一盏灯可知，三盏灯泡应并联，且一个开关和一盏灯泡串联；据此分析选项得出答案．【解析】【解答】解：A；由图可知；只闭合三个开关中的任何一个开关时，三个灯泡都不能发光，不符合要求；

B、由图可知，闭合开关S1（或S2、或S3）时，灯泡L1（或L2、或L3）亮；断开时，灯泡不亮，符合要求；

C、由图可知，L1、L2、L3串联；任意三个开关中的一个，都能控制整个电路，不符合要求；

D、由图可知，开关S3能控制灯泡L3的亮暗，但无论闭合开关S1或S2，灯泡L1或L2都不亮；不符合要求．

故选B．二、多选题(共6题，共12分)6、AD【分析】【分析】（1）物体吸收或者放出热量；内能一定变化，但是其温度不一定变化．

（2）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率．

（3）液体的沸点与气压有关；随着液面气压的增大而升高．

（4）组成物体的分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈．【解析】【解答】解：A；大部分物体放出热量可能温度降低；因此，固体放出热量温度可能降低，故A正确；

B；用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；增大热机功率不能增大热机的效率，故B错误；

C；液体的沸点与气压有关；随着液面气压的增大而升高，故C错误；

D；外界对物体做功时；物体温度可能升高，分子的无规则运动可能会变剧烈，故D正确；

故选AD．7、BCD【分析】【分析】产生该现象的原因是：当将开水倒入暖瓶中后（瓶中水有七八成），此时塞紧瓶塞，从而使得瓶中的水产生大量的水蒸气且跑出来，即瓶内的气压高于瓶外气压，于是瓶塞在内部较大气压的作用下被推起，从而造成跳塞现象，所以我们为避免这种现象的发生，即想办法让平内外的压强相等即可．【解析】【解答】解：A；当用力盖上软木塞时；仍会使得瓶内的压强大于瓶外的压强，故仍会出现跳塞现象，故A错；

B；轻轻的将软木塞放在瓶口；即此时软木塞和瓶口没有紧密的接触，即其里面的水蒸气一部分能跑出来，使得瓶内、外的压强大体相等，故这样可以避免跳塞现象，故B正确；

C；灌入开水八九成满后；过一会儿，再盖软木塞，即可以使得瓶内的大量水蒸气先跑出一部分来，即再盖上瓶塞时，从而瓶内外的压强相差不大，即也可以避免跳塞现象，故C正确；

D；灌满开水；瓶内不留空气，塞上软木塞，让它接触到水，这样在瓶内几乎没有空间，即水不会蒸发出大量的水蒸气，故此时瓶内外的压强也是相差不大的，故这样也可以避免跳塞现象，故D正确．

故选BCD．8、AC【分析】解：

A；速度滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中；质量不变，速度变大，动能变大，高度不断增大，重力势能不变，故它的机械能增大，故A正确；

B；自由滑雪空中技巧运动员从空中下落的过程中；运动员的重力不变，速度越来越快，由P=Gv可得，重力做功越来越快，故B错误；

C；运动员将冰壶推出后；冰壶在滑动时克服摩擦做功，机械能转化为内能，冰壶的机械能会逐渐减小，故C正确；

D；花样滑冰运动员在冰面上沿曲线滑行；运动员做曲线运动，因此远动员所受的合力不为零，故D错误．

故选AC．

（1）动能大小的影响因素：质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和．

（2）物体自由下落过程中，重力做功的功率为P===Gv；据此进行分析．

（3）做功可以改变物体的内能；当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能．

（4）处于平衡状态的物体所受合力为零；否则合力不为零．

本题综合考查了影响机械能的因素、功率的影响因素、机械能及其转化、平衡力的判断，熟练掌握各知识点的基本内容是解答本题题的关键所在．【解析】【答案】AC9、BC【分析】【分析】(1)

光在同种均匀介质中沿直线传播；(2)

无论是光的哪种反射都遵守光的反射定律；(3)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；(4)(4)反射角是反射光线与法线间的夹角。本题考查学生对光现象的掌握情况，掌握光的三种现象及遵循的规律是关键。【解答】A.光在同种均匀介质中是沿直线传播的，故A不符合题意；B.镜面反射遵循光的反射定律，漫反射也遵循光的反射定律，故B符合题意；C.C.凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，故C符合题意；D.光线垂直入射到平面镜上，反射角是00度，故D不符合题意。故选BC。【解析】BC

10、ABC【分析】【分析】①当把甲取下直接投入水中；木块受到的浮力等于重力，甲受到的浮力小于重力，总浮力减小，根据阿基米德原理知道排开水的体积减小，容器内水面将下降；根据公式p=ρgh判断水对容器底的压强变化情况．

②把甲、乙当做一个整体分析，甲放在乙的上面和用细线挂在乙下面时都是处于漂浮状态，所以受到的浮力相等，等于它们的总重力；由阿基米德原理知道它们排开水的体积相同，可得水深相同，根据液体压强公式判断容器底部受到水的压强大小变化；由压力计算公式F=pS判断水的压力大小变化．【解析】【解答】解：（1）如图，甲在木块乙上，物体漂浮，F浮=G甲+G乙；

把甲取下直接投入水中，二者受到的总浮力：F浮′=G乙+F甲；

因为木块乙的重力不变，甲受到的浮力F甲小于它的重力G甲；

所以甲和木块乙受到的总浮力减小；

由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知；排开的水的体积变小；水面将下降；故A正确；

甲在木块乙上时，容器底受到总的压力F总=G水+G甲+G乙，将甲取下并沉入水底，容器底受到的压力F=G水+G甲+G乙；所以容器底面受到的总的压力将保持不变，故C正确．

（2）由图可知甲放在乙的上面和用细线挂在乙下面时都是处于漂浮状态；所以受到的浮力都等于它们的总重力，由此可知两种情况中甲；乙两物体受到的浮力相等；

由阿基米德原理F浮=ρ水V排g可知；甲；乙两物体排开水的体积相同；

铁块甲放在木块乙上时；铁块还没有浸入水中，铁块甲系在木块乙的下方时，铁块全部浸没在水中，所以木块乙受到水的浮力减小；故B选项正确．

由阿基米德原理知道它们排开水的体积相同；则水面距容器底部的高度不变，则由液体压强公式p=ρgh可知，水对容器底部的压强不变，故D选项错误．

故选ABC．11、BC【分析】【分析】对于刻度尺测量结果的记录我们一般要求要估读到分度值的下一位，对于一个完整的测量结果而言，我们也可以从数据上判断其所使用的刻度尺的分度值；为了减小误差，我们还常取多次测量的平均值作为最终结果，并且保留到与原测量值相同的位数．因此，明确了这些要求，可以帮助我们判断选项中内容的正确性．【解析】【解答】解：A；求三次测量的平均值；并四舍五入保留小数点后两位可得，（9.20cm+9.21cm+9.20cm）÷3≈9.20cm．因此A是正确的；

B；根据测量结果；最后只能有一位是估计值，所以倒数第2位便是刻度尺的分度值，即1mm，所以B是错误的；

C；结果中9.2cm是准确值；0.01cm是估计值，只要前面的准确值没有读错，后面的估计值是会变化的，9.21cm这个记录结果很正常；

D；9.20cm最末位的“0”是估计值；长度测量时，要求最后有且只有一位估计值，当刻度正好在整数刻度时，我们就应估读为“0”．

故选BC．三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】分析表中的数据可知，电阻R每增大10Ω时，电路中的总功率增大2W，即总功率P与电阻R成线性函数，从表格中找出任意两组数据代入表达式即可得出答案．【解析】【解答】解：

由表格中数据可知，电阻R每增大10Ω时，电路中的总功率增大2W，设P=kR+b；

由表格数据可知；当R=10Ω时，P=5W；当R=20Ω时，P=7W；

则5W=k×10Ω+b，7W=k×20Ω+b；

解得：k=0.2W/Ω，b=3W；

故P=（0.2W/Ω）×R+3W．

故答案为：（0.2W/Ω）×R+3W．13、略

【分析】【分析】国际单位制中，功的单位是焦耳，简称焦，符号为J；功的大小等于力乘以距离，即W=Fs，故功的单位由力和距离的单位复合而成，即N•m．【解析】【解答】解：功的大小等于力乘以距离；即W=Fs，故功的单位由力和距离的单位复合而成，即N•m，N•m用专用单位J代替；

故50N•m=50J；

故答案为：J；50．14、略

【分析】【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；【解析】【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮；用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能；

（2）实验中如果不放入棉絮；放入纸片，将活塞迅速向下压，虽然纸片没有燃烧，筒内气体内能仍增大，温度照样升高，能量转化是机械能转化为内能，所以关于压缩过程中的能量转化的结论成立．

故答案为：空气；增大；升高；机械；内能；成立．15、略

【分析】【分析】要解决此题；首先要掌握光的反射和光的折射定律的内容．

光的反射定律：反射光线与入射光线；法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角．

光的折射定律：入射光线；法线、折射光线在同一平面内；折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角．

要掌握入射角、反射角和折射角的概念：入射光线与法线的夹角叫做入射角；反射光线与法线的夹角叫做反射角；折射光线与法线的夹角叫做折射角．【解析】【解答】解：已知MN是两种介质的分界面；所以CD为法线；

由图可知；光线①与法线的夹角等于光线②与法线的夹角，光线③与法线的夹角大于光线①②与法线的夹角；

根据光由其他介质斜射入空气时；折射角大于入射角，可知，介质I是玻璃；介质II是空气．

故答案为：玻璃．16、略

【分析】解：利用电能表测量电热水壶的实际功率时；小华首先应进行的操作是断开家中所有用电器，将电水壶接入电路；

根据参数1600imp/（kW•h）知；每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次；

所以闪烁160次消耗的电能：

W=kW•h=0.1kW•h；

电热水壶的功率：

P===1kW=1000W；

因电热水壶的实际功率和额定功率相等；

所以；实际电压等于额定电压．

故答案为：断开家中所有用电器；将电水壶接入电路；1000；等于．

关闭其它用电器，让电热水壶单独工作，根据6min指示灯闪烁的次数结合参数“160imp/kW•h”求出消耗的电能，再根据P=计算出功率；然后与额定功率相比较判断实际电压和额定电压的关系．

本题考查了利用电能表测量用电器电功率时的注意事项和电功、电功率的计算等，明白电能表参数的含义是关键．【解析】断开家中所有用电器，将电水壶接入电路；1000；等于17、略

【分析】【分析】天平的正确使用方法：

一放：将托盘天平放置在水平桌面上；将游码拨至标尺左端零刻度线上；

二调：调节横梁左右两端的平衡螺母；使横梁平衡，此时指针恰好指在分度盘的中央或左右摆幅度相等；

三称：左物右码；用镊子向右盘中加减砝码，当加减最小砝码横梁还不平衡时，调节游码在标尺上的位置，使天平再次平衡；

四记：物体的质量等于右盘中砝码的质量与标尺上游码所对应的刻度值之和．【解析】【解答】解：（1）使用天平时；应将它放在水平桌面上；

（2）把游码放在标尺左端的零刻线处；然后调节横梁右端的平衡螺母，使指针指在分度盘的中线上；

（3）物体放在左盘；砝码放在右盘，指针偏向左，说明右盘质量小，应添加砝码或者移动游码．

故答案为：（1）水平；（2）游码；0刻线；中线上；（3）右；增加砝码．18、略

【分析】【分析】（1）据阿基米德原理可以计算出此时的浮力；而后再据称重法可以计算出测力计的示数；

（2）知道此时排开液体的体积的变化，而后再据阿基米德原理分析即可判断．【解析】【解答】解：（1）若物体的一半浸入水中，即此时的V排=0.5×10-3m3

故此时所受的浮力是：F浮=G排=ρ水gV排=1000kg/m3×10N/kg×0.5×10-3m3=5N；

据F浮=G-F示；故F示=G-F浮=10N-5N=5N；

（2）竖直向上提起物体A，在它未离开水面的过程中，V排变小，据F浮=G排=ρ水gV排可知；此时所受的浮力逐渐变小．

故答案为：5；5；变小；19、略

【分析】【分析】甲乙路程和时间是一次函数，可以判断路程和时间成正比，所以甲乙都是匀速直线运动．从时间上判断甲乙不同，也可以判断甲乙速度大小．【解析】【解答】解：由路程和时间图象知；甲乙路程和时间成正比，甲乙都进行匀速运动，又因为甲；乙直升机从同一地点出发沿同一方向运动，所以甲乙都进行匀速直线运动．

由图象知；甲比乙晚出发的时间是4s．

甲的速度：v===12.5m/s；

乙的速度：v'===6.25m/s；

故甲直升机比乙直升机运动的慢；第8秒时甲乙两架直升机的速度差为12.5m/s-6.25m/s=6.25m/s．

故答案为：慢；6.25．20、略

【分析】【分析】①分子动理论中提到；分子之间存在空隙，而且分子之间存在引力和斥力．

不同物质分子之间的空隙大小不同；被压缩后，反映出来的力也不同．

②先利用密度公式计算1cm3的水质量；再由分子的个数计算出一个分子的质量．【解析】【解答】解：①物质是由大量分子组成的；分子间存在间隙，当物体被挤压时，分子间的间隙变小，所以物体能够被压缩．由于固体；液体间分子间隙较小，同时分子间存相互作用的斥力，由于分子间存在斥力，阻止物体分子相互靠近，阻止分子间隙的减小，所以固体、液体很难压缩．

②水的密度：ρ=1g/cm3；

水的体积：V=1cm3；

水的质量：m=ρV=1g/cm3×1cm3=1g；

一个水分子的质量：m1===0.3×10-22g；

故答案为：斥力，0.3×10-22．四、判断题(共2题，共10分)21、×【分析】【分析】磁场是有方向的，人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向．【解析】【解答】解：磁场中某点的磁场方向是一定的；可以由放在该点的小磁针来判断，但不是由小磁针决定的，故题干说法错误．

故答案为：×．22、×【分析】【分析】质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、位置则不会发生改变．【解析】【解答】解：质量是物体所含物质的多少；物体状态改变时，物体所含物质的多少没变，所以它的质量也不会随着改变．

故答案为：×．五、实验探究题(共4题，共28分)23、略

【分析】【分析】（1）已知导线A和B的长度和材料都相同；而横截面积不同，根据控制变量法分析其探究的因素；要探究电阻与材料是否有关，应控制除了材料以外的其余因素都相同．电阻的大小决定于导体的材料；长度、横截面积以及温度．

（2）为判断a、b两点间导体电阻的大小；应观察电流表的示数变化，该电路的最大缺点是，当电路电流较大时，容易烧坏电路元件．

（3）如果a、b间电阻太大；灯泡与电阻串联，灯的分压太小，远小于额定电压，所以灯不亮．

（4）灯泡的接入，增大了电路电阻，使电路电流不至于太大，对电路起保护作用，另外，通过灯的亮度也可知电路电流的变化．【解析】【解答】解：

（1）因为A；B导线的长度和材料均相同；而横截面积不同，因此选用导线A和B进行实验，可以探究丙同学的猜想；

要探究甲同学的猜想；根据控制变量法的思路，应该控制导体的长度；横截面积都不变，因此应该选择导线B和C．

（2）为判断a、b两点间导体电阻的大小，应知道流过电阻的电流大小，所以应注意观察电流表的示数变化．该电路无保护电阻，当ab间电阻太小时；可导致电路中电流过大，烧坏电路中的元件．

（3）灯泡与电阻串联，电路无任何故障，但灯不亮，是因为电路中ab间导线电阻太大；比灯泡的电阻大得多，灯的分压太小，灯两端的电压远小于灯的额定电压，故灯不亮．

（4）图乙所示的电路；灯泡与电阻串联，一方面增大了电路电阻，对电路起限流；防止烧毁电流表和电源；另一方面，通过灯泡的亮暗变化，也可以可直观比较阻值大小．

故答案为：（1）丙；B、C；（2）电流表示数的变化；若ab间导线电阻太小，使电流过大会烧毁电流表和电源；（3）ab间导线电阻太大；（4）①由灯泡亮度可直观比较阻值大小；②限流；防止烧毁电流表和电源．24、灵敏电流计的指针是否偏转磁场的强弱在磁场强弱相同时，导体切割磁感线的速