2025年粤教沪科版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版选择性必修2物理下册月考试卷579考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数分别为原线圈回路接有内阻不计的交流电流表A，副线圈回路接有定值电阻R=2Ω，现在a、b间，c、d间分别接上示波器，同时监测得a、b间，c、d间电压随时间变化的图象分别如图乙；丙所示；下列说法正确的是（）

A.T=0.01sB.≈55：2C.电流表A的示数I≈36.4mAD.当原线圈电压瞬时值最大时，副线圈两端电压瞬时值为02、如图所示，B为匀强磁场，I为通电直导线，F为磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是A.B.C.D.3、电磁炮是利用电磁发射技术制成的新型武器，如图所示为电磁炮的原理结构示意图。若某水平发射轨道长宽发射的炮弹质量为50g，炮弹被发射时从轨道左端由静止开始加速。当电路中的电流恒为20A时，炮弹被发射后的最大速度可达轨道间磁场为匀强磁场，不计空气及摩擦阻力。下列说法正确的是（）

A.磁场方向为竖直向下B.磁场方向为水平向右C.磁场的磁感应强度大小为D.炮弹的加速度大小为4、法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机——法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕。法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷A、B，两电刷与灵敏电流计相连。当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，下列说法错误的是（）

A.电刷A的电势低于电刷B的电势B.若仅提高金属盘转速，灵敏电流计的示数将变大C.若仅减小电刷B之间的距离，灵敏电流计的示数将变小D.若仅将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数将变小5、传感器为我们的生活带来诸多便利，关于传感器下列说法不正确的是（）A.传感器一般由敏感元件和处理电路组成B.走近自动门时，门会自动打开，应用的是温度感器C.电饭煲能自动加热和保温而不会把饭烧焦，应用的是温度传感器D.霍尔元件能够把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量6、如图所示，三根通电长直导线P、Q、R互相平行且通过正三角形的三个顶点，三条导线中通入的电流大小相等，方向垂直纸面向里。则通电导线R受到的磁场力的方向是（）

A.与PQ垂直，指向y轴正方向B.与PQ垂直，指向y轴负方向C.与PQ平行，指向x轴正方向D.与PQ平行，指向x轴负方向7、如图所示，半径为R的圆形区域里有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，M、N是磁场边界上两点且M、N连线过圆心，在M点有一粒子源，可以在纸面内沿各个方向向磁场里发射质量为m、电荷量为q、速度大小均为的带正电粒子，不计粒子的重力，若某一个粒子在磁场中运动的时间为则该粒子从M点射入磁场时，入射速度方向与MN间夹角的正弦值为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器给用户供电的示意图；图中变压器均视为理想变压器，电表均为理想电表；设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻为R0，变阻器R相当于用户用电器的总电阻；当用电器增加时，相当于R变小。则在用电高峰期（）

A.电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数增大B.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A2的读数不变，电流表A3的读数减小C.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D.输电线损耗的功率不变9、如图，一导体圆环保持水平，沿一个匀称的条形磁铁轴线落下，条形磁铁竖直固定，圆环中心始终位于磁铁轴线上.已知当圆环落至两位置时，刚好经过磁铁上下端截面，而位置位于磁铁正中央.不计空气阻力，下列说法正确的有（）

A.圆环由落至的过程中，环中感应电流从上向下看为顺时针B.圆环由落至的过程中，穿过圆环的磁通量在减少C.圆环落至之间时，圆环有收缩趋势D.圆环由落至E的过程中，任意时刻加速度都小于重力加速度10、如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，交流发电机的输出电压的有效值恒为U1、输电线的总电阻r；用户所用的电器（均为纯电阻）、降压变压器匝数均不变．若增大升压变压器原、副线圈的匝数比；则下列判断正确的是。

A.升压变压器原线圈中的电流减小B.输电线上损失的功率增大C.输电线上的总电压增大D.用户所用电器的总电流减小11、如图甲所示的平行金属极板MN之间存在交替出现的匀强磁场和匀强电场，取垂直纸面向外为磁场正方向，磁感应强度B随时间t周期性变化的规律如图乙所示，取垂直极板向上为电场正方向，电场强度E随时间t周期性变化的规律如图丙所示。时，一不计重力、带正电的粒子从极板左端以速度v沿板间中线平行极板射入板间，最终平行于极板中线射出，已知粒子在时速度为零；且整个运动过程中始终未与两极板接触，则下列说法正确的是（）

A.粒子可能在时刻射出极板B.极板间距不小于C.极板长度为D.=12、如图，间距的U形金属导轨，一端接有的电阻R，固定在的绝缘水平桌面上。质量均为2kg的匀质导体棒a和b静止在导轨，两导体棒与导轨接触良好且始终与导轨垂直，接入电路的阻值均为与导轨间的动摩擦因数均为0.2（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）。整个空间存在竖直方向的磁感应是度为2T的匀强磁场（未画出）。初始时刻，用沿导轨水平向右的恒力F作用在a上，3s内a运动了5m，到达导轨的最右端，此时b刚要滑动，同时撤去F，a离开导轨落到水平地面上。重力加速度取空气阻力不计，不计其他电阻，下列说法正确的是（）

A.导体棒a离开导轨至落地过程中，水平位移为0.5mB.导体棒a在导轨上运动的过程中，通过电阻R的电荷量为6CC.导体棒a在导轨上运动的过程中，受到的恒力F为D.导体棒a在导轨上运动的过程中，导体棒b不可能有向左的运动趋势13、随着科技的不断发展；无线充电已经进入人们的视线。小到手表；手机，大到电脑、电动汽车，都已经实现了无线充电从理论研发到实际应用的转化。如图所示，为某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式充电的原理图。当充电基座上的发射线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的接收线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电。在充电过程中（）

A.发射线圈中电流产生的磁场随时间呈周期性变化B.接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”C.接收线圈与发射线圈中交变电流的频率相同D.手机和底座无需导线连接，接收线圈放置在充电底座正上方时充电效率较高14、线圈的匝数为100匝；在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示。下列结论正确的是（）

A.在和时，线圈平面和磁场垂直，电动势最大B.在和时，线圈平面和磁场垂直，电动势为零C.在和时电流方向不变D.在和时，线圈切割磁感线的有效速率最大15、教材上在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用的物理学思想方法是微元法。下列应用了微元法的是（）A.质点、点电荷的概念B.根据速度定义式v=可知，当Δt非常小时，就可以表示物体的瞬时速度C.由于弹力不是恒力，探讨弹簧弹力做功时，把位移分成很多小段，在每一段中可以认为弹力不变，先求出每一小段弹力做的功，然后相加，最后得出整个过程中弹力做的功D.交变电流随时间变化的图像与坐标轴所围面积表示电荷量16、如图所示,矩形金属线圈abcd与理想变压器的原线圈组成闭合电路,灯泡L1、L2完全相同,当变压器原线圈中的抽头P置于最上端时,原、副线圈的匝数比为n∶1。矩形线圈abcd在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动,且磁场只分布在bc边的左侧,磁感应强度大小为B,线圈面积为S,转动的角速度为ω,匝数为N,线圈电阻不计。则下列说法正确的是（）

A.若减小矩形线圈abcd的转速,灯泡L1会变暗B.在图示位置时,矩形线圈中瞬时感应电动势最小C.当抽头P置于最上端时,在线圈abcd转动的过程中,电压表示数为D.若仅将线圈abcd的转轴平移至ad边处,且转速不变,则电压表示数也不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、两条平行且足够长的金属导轨置于磁感应强度为B的匀强磁场中，B的方向垂直导轨平面。两导轨间距为L，左端接一电阻R，其余电阻不计。长为2L的导体棒ab如图所示放置，开始时ab棒不导轨垂直，在ab棒绕a点紧贴导轨以角速度顺时针旋转90°的过程中，通过电阻R的电流方向为_________（填“由上到下”或者“由下到上”）；电动势的最大值为_________；通过电阻R的电荷量是_________。

18、线圈中电流减小时，______中的能量释放出来转化为电能．19、如图所示，在某一输电线路的起始端和终点端各接入一个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别为n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，图中a、b表示电流表或电压表，已知电压表的示数为22V，电流表的示数为1A，每根输电线的电阻为1Ω，则____（选填“a”或“b”）为电流表，输电线上损失的电功率为______，线路输送的电功率为___________。

20、如图为法拉第发现电磁感应现象的实验示意图，产生电磁感应现象的是_________（填“M”或“N”）线圈，当电键闭合瞬间，通过灵敏电流计的电流方向为_________（填“a到b”或“b到a”）。

21、在收音机线路中，经天线接收下来的电信号既有高频成分，又有低频成分，经放大后送到下一级，需要把低频成分和高频成分分开，只让低频成分输送到再下一级，可以采用如图所示电路，则a处应放置___（填“A或B”），b处应放置__（填“C或D”）。（分别填入下列用电器前方的字母）：

A.电容较小的电容器。

B.电容较大的电容器。

C.低频扼流圈。

D.高频扼流圈评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)22、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

23、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

24、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

25、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)26、传感器和计算机、通信技术成为现代信息技术的三大基础，被公认为是物联网的核心技术，将改变现在和未来的世界。压敏电阻是制造压力传感器的一种核心元件，小李同学利用压敏电阻自制了一台电子秤，电路图如图甲所示。所用压敏电阻的阻值与所受压力的大小之间的关系如图乙所示，压力在以内时图线为直线。制作电子秤首先需要精确测量不受外界压力时压敏电阻的阻值然后根据所学电路知识在电流表刻度处标记相应的压力值，即可制成一台电子秤。所用器材如下：

压敏电阻（不受外界压力时，阻值在之间）

恒压电源（输出电压恒定，电动势）

电压表V（量程内阻约为）

电流表A（量程50mA，内阻）

滑动变阻器（阻值范围）

开关及导线若干。

请完成下列问题：

（1）为了尽量准确测量电路中点应与____________（填“”或“”）点相连。

（2）闭合开关将滑动变阻器接入电路部分的阻值从最大值逐渐调小，当电流表A的示数为时，电压表V的示数为则________

（3）断开开关调节滑动变阻器使电流表A满偏；并在此处标记压力值为零。令滑动变阻器阻值保持不变，在电流表A的25mA刻度处应标记压力值为___________N。27、在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中；可拆变压器如图所示；

（1）为了确保实验的安全，下列做法正确的是________

A．为了人身安全；只能使用低压直流电源，所用电压不要超过16V

B．即使副线圈不接用电器；原线圈也不能长时间通电。

C．为使接触良好；通电时应用手直接捏紧裸露的接线柱。

D．为了多用电表的安全；使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测。

（2）某小组探究变压器原、副线圈两端的电压与匝数之间的关系：可拆变压器如图所示，铁芯B可以安装在铁芯A上形成闭合铁芯。将原、副线圈套在铁芯A的两臂上，匝数分别选择n1=800匝，n2=200匝，原线圈与12V正弦式交流电源相连，用理想电压表测得输出电压U2=2V，输出电压测量值明显小于理论值，可能的原因是________

A．原线圈匝数n1少于800匝。

B．副线圈匝数n2多于200匝。

C．副线圈阻值较大。

D．铁芯B没有安装在铁芯A上。

（3）如图所示，b端是一理想变压器副线圈中心抽头，开始时单刀双掷开关置于a端，开关S断开。原线圈c、d两端加正弦交流电，下列说法正确的是________

A．将可变电阻R调大，则R两端电压变小。

B．闭合开关S，则R1两端电压变小。

C．当单刀双掷开关由a拨向b时；副线圈电流的频率变小。

D．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变大评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)28、某研发小组设计了一个臂力测试仪。装置的简化原理图如图甲所示，两平行金属导轨竖直放置，两者间距为在间和间分别接一个阻值为的电阻，在两导轨间矩形区域内有垂直导轨平面向里、宽为的磁场。一质量为长为电阻为的导体棒垂直放置在导轨上，导体棒与弹簧相连，弹簧下端固定，弹簧伸至原长后其顶端恰好与在同一条直线上。测试者利用臂力将导体棒向下压至某位置后释放，导体棒向上运动经过时，会与处的压力传感器发生撞击（图乙为装置的侧视图）；压力传感器可以显示撞击力的大小，以此来反映臂力的大小。

（1）为测试其电特性，进行如下实验：磁场区域内的磁感应强度如图丙所示，为已知量。请作出流过的电流（顺时针为电流的正方向）在时间内的图像。

（2）为测试其力特性，在这段时间内进行如下实验：设某次测试中，将弹簧压缩至位置后释放，与间的竖直距离为当导体棒进入磁场的瞬间，加速度为导体棒运动到时压力传感器示数恰好为0。已知弹簧的弹性势能与弹簧形变量的平方成正比，导体棒运动中与导轨始终保持接触良好且导轨电阻不计，重力加速度为求：

①导体棒出磁场时弹簧的弹性势能；

②导体棒向上运动过程中产生的焦耳热。

29、如图（甲）为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴按如图所示方向匀速转动，线圈的匝数电阻线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻与R并联的交流电压表为理想电表。在时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量随时间t按图（乙）所示正弦规律变化。（取）求：

（1）交流发电机产生的电动势的最大值；

（2）从时刻开始计时，线圈转过时线圈中感应电流瞬时值及回路中的电流方向；

（3）电路中交流电压表的示数；

（4）从图示位置转过整个回路的焦耳热？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

A．因为变压器不改变交变电流的周期，输入电压的周期输出电压的周期故A错误；

B．原线圈电压的有效值

副线圈电压的有效值

根据电压与匝数成正比，有

故B错误；

C．输出功率

输入功率为8W，电流表的示数

故C正确；

D．根据电压与匝数成正比；知当原线圈电压瞬时值最大时，副线圈两端电压的瞬时值最大，故D错误。

故选C。2、C【分析】【分析】

【详解】

A图中磁场向上；电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向水平向右，所以A错误；B图中磁场向左，电流向外，根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以B错误；C图中磁场向里，电流向左，根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以C正确；D图中磁场向外，电流向外，它们的方向相同，不受安培力的作用，所以D错误．故选C．

【点睛】

掌握住左手定则的内容，直接判断即可，比较简单，同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系．3、C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意可知；炮弹所受的安培力水平向右，根据左手定则可判断出磁场方向为竖直向上，AB错误；

C．发射炮弹过程，只有安培力做功由动能定理可得

代入数据解得

C正确；

D．发射炮弹过程，根据牛顿第二定律可得

代入数据解得

D错误。

故选C。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．根据安培定则可知；电磁铁产生的磁场方向向左，根据右手定则，金属盘产生的感应电流方向从B到A，则电刷A的电势高于电刷B的电势，A错误；

B．根据E=BLv；若仅提高金属盘转速，感应电动势将增大，则感应电流增大，灵敏电流计的示数将变大，B正确；

C．根据E=BLv；若仅减小电刷A；B之间的距离，感应电动势将减小，则感应电流减小，灵敏电流计的示数将变小，C正确；

D．若仅将滑动变阻器滑动头向左滑，流过电磁铁的电流将会减小，产生的磁感应强度减小，根据E=BLv；感应电动势将减小，则感应电流减小，灵敏电流计的示数将变小，D正确。

故选A。5、B【分析】【详解】

A．传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的；工作处理的一般流程是：先由非电学量，比如：光信号；压力信号等，通过敏感元件后，由电路处理，变为电信号，从而得以工作，故A不符合题意；

B．走近自动门时；门会自动打开，是利用红外感应器来感应人的存在，应用的是红外传感器，故B符合题意；

C．电饭煲能自动加热和保温而不会把饭烧焦；应用了温度传感器，故C不符合题意。

D．霍尔元件是能够把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量的传感器；故D不符合题意。

故选B。6、B【分析】【详解】

解析根据安培定则和平行四边形定则可确定R处磁感应强度方向水平向右；如图所示。

则由左手定则可知通电导线R受到的磁场力的方向与PQ垂直，指向y轴负方向。

故选B。7、A【分析】【详解】

粒子在磁场中运动轨迹半径

由于该粒子在磁场中运动的时间

因此该粒子在磁场中运动的轨迹如图所示。

由几何关系可知，为正三角形，粒子从M点射入的速度方向与MN的夹角为夹角正弦值为故A正确，BCD错误。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C【分析】【详解】

AB．因发电厂的输出电压一定，因此可知升压变压器的原线圈的电压不变，即不变，由

可知升压变压器的副线圈的电压不变，即电压表的示数不变；进入用电高峰，电阻R降低，假设电压表的电压不变，由

可知电流表的电流增大，由

可知电流表降压变压器得输入端得电流增大，即电流表的示数增大，由

可知输入电流增大，即电流表示数增加；由

可知降压变压器原线圈的电压降低，即电压表降低，由

可知降压变压器的副线圈的电压降低，即降低；故A正确，B错误；

C．由

可知电压表的读数之差与电流表的读数的比值不变；等于输电线的电阻值，C正确；

D．根据

又输电线上的电流增大；电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，D错误。

故选AC。9、A:C【分析】【详解】

圆环由落至的过程中，穿过圆环向上的磁通量增大，根据楞次定律可得环中感应电流从上向下看为顺时针，A正确；当圆环在之间下落时，穿过圆环的磁场分为两部分，一部分是磁铁外部向下的磁场，一部分是磁铁内部方向竖直向上的磁场（这部分是匀强磁场，恒定不变，即向上穿过圆环的磁感线条数恒定不变），即磁铁外部磁场在位置最弱，磁感线条数最少，故在位置穿过圆环的磁通量最大，磁感线最密集，圆环由落至的过程中，磁通量增大，从到过程中，穿过圆环的磁通量减小，故圆环有收缩趋势，B错误，C正确；在位置，磁感线都是竖直向上的，水平方向上没有分量，圆环在该位置不切割磁感线，没有感应电流，不受安培力作用，故在该位置圆环的加速度等于重力加速度，D错误.10、A:D【分析】【详解】

A.设用户所用的电器的等效电阻为R，升压变压器和降压变压器的原、副线圈匝数比分别为k1:1、k2:1，则降压变压器的原线圈的等效电阻而得同理，升压变压器的原线图的等效电阻故k1增大，R1也增大，升压变压器原线圈中的电流减小；选项A正确。

B.由可知，k1增大时，U2减小，输电线上的电流减小，输电线上损失的功率减小；选项B错误。

C.输电线上的总电压U=I2r减小；选项C错误。

D.由得，用户所用电器的总电流I4=k2I3=k2I2减小，选项D正确11、A:B:D【分析】【详解】

根据题意可知，在内，粒子在磁场中做匀速圆周运动，且转了周，在内，粒子在电场中向下做减速运动到速度为零，在内，粒子在电场中向上做加速运动到速度为在内，粒子在磁场中做匀速圆周运动，转了周，粒子回到极板中线，速度平行于极板中线，接下来粒子周期性地重复以上运动，粒子在一个运动周期内的轨迹如图所示

A．粒子一个运动周期为

故粒子射出极板的时刻可能为（）

当时

故A正确；

B．粒子在磁场中，设粒子的轨迹半径为则有

解得

粒子在电场向下减速的位移为

故极板间距应满足

故B正确；

C．极板长度可能为（）

故C错误；

D．粒子在磁场中，有

解得

粒子在电场中，有

解得

可得

故D正确；

故选ABD。12、A:C【分析】【详解】

A．b刚要滑动，对导体棒b有

解得

R与导体棒b并联，则

解得

则对整个回路，流过导体棒a的电流为

导体棒a产生的电动势为

又感应电动势

联立解得

导体棒a离开导轨至落地过程中，做平抛运动

联立解得水平位移为

故A正确；

B．导体棒a在导轨上运动的过程中

则通过干路电路的电量为

通过电阻R的电量

故B错误；

C．对导体棒a，由动量定理可得

又

联立解得

故C正确；

D．不论磁场方向如何，由楞次定律可知，导体棒b一定受到向左的安培力；有向左运动的趋势，故D错误。

故选AC。13、A:C:D【分析】【详解】

AB．由题意可知；手机无线充电是利用电磁感应原理，应将充电底座接到交流电源上，给发射线圈通交变电流，从产生周期性变化的磁场，使得接收线圈的磁通量发生改变，产生感应电动势；感应电流，从而实现充电，故A正确，B错误；

C．接收线圈中产生交变电流的频率与发生线圈中交变电流的频率是相同的；故C正确；

D．手机和底座无需导线连接；接收线圈放置在充电底座正上方时充电效率较高，偏离太远会导致无法充电，故D正确。

故选ACD。14、B:C【分析】【详解】

A．线圈平面与磁场垂直时的位置为中性面，在和时；磁通量最小，线圈平面和磁场平行，线圈位于与中性面垂直的位置，感应电动势最大，故A错误；

BD．在和时；磁通量最大，线圈位于中性面位置，感应电动势为0，则磁通量变化率为0，线圈切割磁感线的有效速率最小，故B正确，D错误；

C．在和时；磁通量最小，线圈位于与中性面垂直的位置，电流方向没有发生变化，故C正确。

故选BC。15、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．质点；点电荷等都是为了研究问题简单而引入的理想化的模型；这些概念应用了建构物理模型法，故A错误；

B．速度定义式当Δt非常小时，就可以表示物体的瞬时速度；该定义应用了极限法，故B错误；

C．根据题干中对微元法的描述；可知C项也采用了多段累加的方法，应用了微元法，故C正确；

D．交变电流随时间变化的图像中；可把时间分成很多小段（微元），在每一小段时间内可以认为电流不变，根据电流的定义式可知每一小段时间内图像与坐标轴所围面积表示该段时间内的电荷量，然后把每一小段的电荷量相加，就得到了交变电流随时间变化的图像与坐标轴所围面积，该面积表示电荷量，这里应用的物理学思想方法属于微元法，故D正确。

故选CD。16、A:B:C【分析】【详解】

A．感应电动势的峰值

若减小矩形线圈abcd的转速,交变电流的频率变小,原线圈输入电压变小,副线圈输出电压变小,电容器C的容抗变大,与电容器C串联的灯泡L1变暗,故A正确;

B．图示位置为中性面位置,此时感应电动势最小,故B正确;

C．在线圈abcd转动的过程中,线圈中产生的感应电动势的最大值

由

得理想变压器原线圈电压的有效值为

则电压表示数为

故C正确;

D．若仅将线圈abcd的转轴平移至ad边处,且转速不变,变压器原线圈输入电压变大,副线圈输出电压也变大,电压表示数变大,故D错误。

故选ABC。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【详解】

[1][2]．由右手定则可知，通过电阻R的电流方向为由上到下；电动势的最大值为

[3]．第一阶段：平均电动势

通过R的电荷量

第二阶段ab棒脱离导轨后，电路中没有电流．所以总电量：【解析】由上到下18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】磁场19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电表b串联在电路中，所以b为电流表；

[2]由

知，输电线上的电流为50A，所以5000W

[3]由

知，输电线起始端的电压为2200V，则线路输送的电功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW20、略

【分析】【详解】

[1]当电键断开或闭合的瞬间；M线圈中电流变化，引起N线圈周围磁场强弱变化，通过N线圈中的磁通量变化，因此在N线圈中产生电磁感应现象。

[2]当电键闭合瞬间，M线圈中电流增强，磁场增强，磁感应强度增大；由右手螺旋定则可知通过N线圈的磁通量向上且增加，根据楞次定律可知，N线圈中感应电流产生的感应磁场向下，可知通过灵敏电流计的电流方向为a到b。【解析】Na到b21、略

【分析】【详解】

[1][2]根据交流电路中电容的通高频阻低频和电感线圈的通低频阻高频作用可知，元件a要让高频信号通过，阻止低频信号通过，故元件a是电容较小的电容器；元件b要让低频信号通过，阻止高频信号通过，故元件b是高频扼流圈．则a处应放置A，b处应放置D。【解析】AD四、作图题(共4题，共12分)22、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】25、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共20分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于电流表A的内阻已知，虽然也不应采用电流表外接法，因为电压表内阻未知，会给测量带来误差。如果采用电流表内接法则可以更精确地测量电路中点应与点相连。

（2）[2]闭合开关由欧姆定律可得

解得

（3）[3]断开开关电