2025年粤教新版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、阿尔法磁谱仪用于探测宇宙中的反物质和暗物质（即由“反粒子”构成的物质），如氚核（）的反粒子为（）．该磁谱仪核心部分截面区域是半径为R的圆形磁场，磁场方向垂直纸面向外，如图所示，P为入射窗口，各粒子从P射入速度相同，均沿直径方向，P、a、b、c、d、e为圆周上等分点，如反质子射入后打在e点，若氚核粒子射入，则（）

A.氚核将打在d点B.氚核射入磁场后的运动轨迹的半径为反质子的C.氚核的运动时间为反质子的D.氚核的运动时间为反质子的2、某激光器能发射波长为的激光。设发射功率为P，用c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每秒钟发射的光子数为（）A.B.C.D.3、如图所示，长度为L的通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．当导线中的电流为I时，导线所受安培力的大小为F．则该匀强磁场的磁感应强度大小为

A.B.C.FILD.FI4、在如图所示电路中，电池均相同，当电键S分别置于a、b两处时，导线与之间的安培力的大小为判断这两段导线（）

A.相互吸引，＞B.相互排斥，＞C.相互吸引，＜D.相互排斥，＜5、图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动；从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是()

A.电流表的示数为20AB.交流电的频率是100HzC.0.01s时线圈平面与磁场方向平行D.0.02s时线框平面与中性面重合6、如图所示为一双线摆，它是在一水平天花板上用两根等长细绳悬挂一小球而构成的，绳的质量可以忽略，设图中的和为已知量，当小球垂直于纸面做简谐振动时，周期为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、下列说法中不符合实际的是_______A.单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性B.液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势C.气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递8、下列关于热现象的描述正确的是________。A.用棉线做酒精灯的灯芯是利用了毛细现象B.同种物质在不同的条件下能够生成不同的晶体C.气体温度每降低1℃所放出的热量与气体经历的过程有关E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势9、一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如图上从a到b的线段所示。在此过程中（）

A.气体一直对外做功B.气体的内能一直增加C.气体一直从外界吸热E.气体吸收的热量等于其内能的增加量E.气体吸收的热量等于其内能的增加量10、下列有关热现象的说法中正确的是（）A.物体温度越高，分子平均动能越大B.一定质量的理想气体的温度升高，压强一定增大C.物体放热时，内能一定减小E.从单一热源吸收热量并全部用来对外做功而不引起其他变化是不可能实现的E.从单一热源吸收热量并全部用来对外做功而不引起其他变化是不可能实现的11、图甲是某燃气炉点火装置的原理图．转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为．V为交流电压表．当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时；就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体．以下判断正确的是（）

A.电压表的示数等于5VB.电压表的示数等于C.实现点火的条件是D.实现点火的条件是评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、如图所示为圆柱形区域的横截面，在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场。带电粒子（不计重力）第一次以速度v1沿截面直径入射，粒子飞入磁场区域时，速度方向偏转60°角；该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射，粒子飞出磁场区域时，速度方向偏转90°角。则带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的半径之比为_______；速度之比为__________；周期之比为_________；时间之比为__________。13、输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是___________门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是___________门；输入是“1”，输出为“___________”的电路是非门。14、一定质量的理想气体，从状态A开始经历AB、BC、CA三个过程又回到状态A，气体的密度压强p的关系图像如图所示，AB的反向延长线经过坐标原点O，BC、AC分别与纵轴、横轴平行，则气体从状态A到状态B温度______（填“升高”“降低”“不变”），从状态B到状态C______热（填“吸”“放”）。

15、如图所示，一定质量的理想气体发生如图所示的状态变化，从状态A到状态B，在相同时间内撞在单位面积上的分子数_______（选填“增大”、“不变”或“减小”），从状态A经B、C再回到状态A，气体吸收的热量_______放出的热量（选填“大于”；“小于”或“等于”）。

16、反射定律：反射光线与入射光线、法线处在______内，反射光线与入射光线分别位于______；反射角______入射角．17、电动机的自动控制电路如图所示，其中为热敏电阻，为光敏电阻，当温度升高时，的阻值远小于当光照射时，其阻值远小于为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，电路中的虚线框内应选____门逻辑电路；若要提高光照时电动机启动的灵敏度，可以___的阻值（填“增大”或“减小”）．

18、质谱仪是分离同位素的重要仪器，其原理如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板P1，P2之间的电压为U，一个带负电的粒子（不计重力）从P1板中由静止释放，之后从O点进入另一磁感应强度为B的匀强磁场中，在洛仑磁力的作用下，粒子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点。已知粒子的质量为m，电荷量为q，可以判断粒子带________电，OA两点间的距离为________19、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同20、某同学用伏安法测量阻值Rx约为5Ω的电阻，用图________测得的Rx的误差较小，测量值________真实值（小于、大于、等于），造成误差的原因是_____________________________________________

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)24、如图所示是用双缝干涉测光的波长的实验设备示意图．

（1）图中①是小灯泡光源，⑤是光屏，它们之间的②③④依次是____________．

（2）以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离:_________

A.增大③和④之间的距离B.增大④和⑤之间的距离。

C.将红色滤光片改为绿色滤光片D.增大双缝之间的距离。

（3）在某次实验中，已知双缝到光屏之间的距离是600mm，双缝之间的距离是单缝到双缝之间的距离是某同学在用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻线对准某条亮纹记作第1条的中心，这时手轮上的示数如图甲所示然后他转动测量头，使分划板中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数如图乙所示，这两次示数依次为________mm和________mm，由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为_________结果保留三位有效数字25、（1）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为Ig=50μA，表头电阻Rg=1kΩ，若改装成量程为Im=1mA的电流表，应________联的电阻阻值为________Ω（用分数表示）．

（2）用改装好的多用电表的欧姆挡“×10Ω”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度极小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是________

A．这个电阻的阻值肯定也是极小的。

B．应把选择开关换到“×1Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

C．应把选择开关换到“×100Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

D．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好26、一个小灯泡的额定电压为2.0V；额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘小灯泡的伏安特性曲线。

A.电源E：电动势为3.0V；内阻不计。

B.电压表V1：量程为0~3V；内阻约为1kΩ

C.电压表V2：量程为0~15V；内阻约为4kΩ

D.电流表A1：量程为0~3A；内阻约为0.1Ω

E.电流表A2：量程为0~0.6A；内阻约为0.6Ω

F.滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω；额定电流为1.0A

G.滑动变阻器R2：最大阻值为150Ω；额定电流为1.0A

H.开关S；导线若干。

（1）实验中使用的电压表应选用_____；电流表应选用_____；滑动变阻器应选用_____（请填写选项前对应的字母）

（2）实验中某同学连接实验电路如图1所示，请不要改动已连接的导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上_____；

（3）根据实验中测得的电压表和电流表数据，已在图2坐标纸上做出小灯泡的U-I图线。请简述该图线不是直线的主要原因：_____；

（4）若将实验中的小灯泡接在电动势为1.5V、内阻为1.5Ω的电源两端，则小灯泡的实际功率约为_____W（保留两位有效数字）。27、某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，用20分度的游标卡尺测小球直径如图乙所示；小球的直径为______mm.若某次测量时间结果如图甲所示，则秒表的读数是______s.

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m解得：R=质子的轨道半径为R，则氚核的轨道半径：R′=3R，反质子射入后打在e点，它转过的圆心角为：θ=180°-60°=120°，则氚核则由左手定则可知，氚核刚射入磁场时受到的洛伦兹力竖直向下，则氚核从b点射出磁场，选项AB错误；反质子的周期在磁场中的运动时间氚核的周期在磁场中的运动时间

则氚核的运动时间为反质子的倍，选项D正确，C错误；故选D.2、A【分析】【详解】

每个光子的能量为

设每秒激光器发出的光子数是n，则

联立可得

故选A。3、A【分析】【详解】

电流与磁场垂直，安培力最大，为F，电流大小为I，长度为L，故磁感应强度大小为：B=故BCD错误，A正确；故选A.

点睛：解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．4、D【分析】【详解】

电键S分别置于a、b两处时，电源分别为一节干电池、两节干电池，而电路中灯泡电阻不变，则电路中电流Ia＜Ib，在处的磁感应强度Ba＜Bb，应用安培力公式F＝BIL可知＜又在电流方向相反、则相互排斥．5、C【分析】【详解】

电流表的示数为有效值：故A错误；由图知周期T=0.02s，根据故B错误；0.01s时线圈产生的感应电动势最大，说明线框与磁场平行，磁通量为零，故C正确；由图知0.02s时线框中感应电流最大，说明线框与磁场平行，磁通量为零，故D错误．6、A【分析】【详解】

如题图所示，等效摆长为由于小球做简谐运动，由单摆的振动周期为．

A.与计算结果相符；故A符合题意；

B.与计算结果不相符；故B不符合题意；

C.与计算结果不相符，故C不符合题意；

D.与计算结果不相符，故D不符合题意；二、多选题(共5题，共10分)7、B:C:E【分析】【详解】

A．由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同；即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A正确，不符合题意；

B．液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势；选项B错误，符合题意；

C．气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的；并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C错误，符合题意；

D．分子间同时存在引力和斥力；且这两种力同时增大，同时减小，选项D正确，不符合题意；

E．热量能自发地从温度高的物体向温度低的物体进行传递；选项E错误，符合题意；

故选BCE.8、A:B:C【分析】【详解】

A．用棉线做酒精灯的灯芯是利用了毛细现象；选项A正确；

B．碳原子按不同的排列规则可以形成石墨和金刚石两种不同的晶体；选项B正确；

C．气体温度每降低所放出的热量与气体经历的过程有关；选项C正确；

D．水蒸气的压强离饱和汽压越远；越有利于水的蒸发，人感觉越干爽，选项D错误；

E．小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小的趋势；选项E错误。

故选ABC。9、B:C:E【分析】【详解】

A．因从a到b的p—T图像过原点，由可知从a到b气体的体积不变，则从a到b气体不对外做功；选项A错误；

B．因从a到b气体温度升高；可知气体内能增加，选项B正确；

CDE．因W=0，∆U>0，根据热力学第一定律∆U=W+Q

可知；气体一直从外界吸热，且气体吸收的热量等于内能增加量，选项CE正确，D错误。

故选BCE。10、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．物体温度越高；分子平均动能越大，A正确；

B．一定质量的理想气体的温度升高；根据理想气体状态方程，压强还和体积有关，若体积增加，压强甚至可能还会减小，B错误；

C．物体放热时；可能外界对它做功，内能不一定减小，C错误；

D．有热力学第三定律可得；绝对零度不可能达到，D正确；

E．从单一热源吸收热量并全部用来对外做功而不引起其他变化是不可能实现的；E正确。

故选ADE。11、B:C【分析】【详解】

试题分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值；根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解．

根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，所以电压表的示数为A错误B正确；根据且得实现点火的条件是故C正确D错误．三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】

粒子进入磁场时，受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角，再可求出轨迹对应的圆心角由求解时间之比；根据几何知识求出轨迹半径之比，由半径公式求出速度之比．

【详解】

设圆柱形区域为R。带电粒子第一次以速度沿直径入射时；轨迹如图所示：

粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为带电粒子第二次以速度沿直径入射时，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转90°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为所以轨迹半径之比：时间之比：根据半径公式得速度之比：根据可知；周期之比为1：1。

【点睛】

本题关键要掌握推论：粒子速度的偏向角等于轨迹的圆心角，运用几何知识求出半径关系，就能正确解答【解析】111:12：313、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据门电路特点可知，输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是或门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是与门，输入是“1”，输出为0的电路是非门。【解析】或与014、略

【分析】【详解】

[1]根据

可知

则气体从状态A到状态B温度不变。

[2]从状态B到状态C，气体密度减小，则体积变大，对外做功；压强不变，则温度升高，内能变大，则气体吸热。【解析】不变吸15、略

【分析】【详解】

[1][2]理想气体从状态A到状态B，压强不变，体积变大，分子的密集程度减小，所以在相同时间内撞在单位面积上的分子数减小，从状态A经B、C再回到状态A，内能不变，一个循环过程中，A到B气体对外做的功

B到C过程中外界对气体做功

C到A体积不变不做功，所以

根据

解得

即一个循环气体吸热2J，所以一个循环中气体吸收的热量大于放出的热量。【解析】①.减小②.大于16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】同一平面法线的两侧等于17、略

【分析】【详解】

为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，即热敏电阻或光敏电阻的电阻值小时，输入为“1”，输出为“1”，所以虚线框内应选“或”门．若要提高光照时电动机启动的灵敏度，需要在光照较弱即光敏电阻阻值较大时输入为“1”，输出为“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大18、略

【分析】【分析】

带电粒子在加速电场中电场力做功等于粒子动能的增加量；由动能定理可以求得粒子进入磁场时的速度v；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场中运动半个圆周后打在A点，根据左手定则判断粒子的电性；洛伦兹力提供向心力；O；A两点间的距离是圆的直径．

【详解】

带电粒子在加速电场中加速，在磁场中向上偏转，根据左手定则可知，粒子带负电；由动能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m解得：

O、A两点间的距离：x=2r=

【点睛】

本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是解题的关键，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题．【解析】负19、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.20、略

【分析】【分析】

由题意可知考查电流表内接；外接对测量电路的影响；根据电路结构特点分析可得．

【详解】

[1]为了减小实验误差，电流表内接、外接的选择原则：大电阻采用内接法，小电阻采用外接法，Rx约为5Ω；属于小电阻，故采用电流表外接法，选择乙电路图．

[2]因测的电流值大于真实值，由可知计算得到的电阻值小于真实值．

[3]电流表测得电流值大于通过Rx电流值；原因是电压表的分流作用．

【点睛】

电流表内接法，测得是电流表和待测电阻串联以后的电阻，测量值大于真实值，当待测电阻较大时选择内接法．电流表外接法，测得是电压表和待测电阻并联以后的电阻，测量值小于真实值，当待测电阻较小时选择外接法．【解析】乙小于电压表的分流作用四、作图题(共3题，共6分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)24、略

【分析】【详解】

（1）图中①是光源,⑤是光屏,