2025年鲁科版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁科版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，一直流电动机与阻值的电阻串联在电源上，电源的电动势内阻．闭合开关，用理想电压表测出电动机两端的电压已知电动机线圈的电阻则下列说法中正确的是()

A.通过电动机的电流为10AB.电动机的输入功率为20WC.电源的输出功率为4WD.电动机的输出功率为18W2、下列哪些做法属于静电利用（）A.印刷厂要保持适当的湿度B.油罐车运油时要安装一条拖地的金属链C.空气静电净化器D.做静电实验时，实验室要通气，以避免空气中有过多的二氧化碳、水蒸气或各种离子3、如图所示，R是一个定值电阻，A、B为水平正对放置的两块平行金属板，B板接地，两板间带电微粒P处于静止状态；则下列说法正确的是（）

A.若增大A、B两金属板的间距，P将向上运动B.若增大A、B两金属板的间距，则有向右的电流通过电阻RC.若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，P将向下运动D.若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，P的电势能将减小4、法拉第于1831年通过精心安排的实验发现了电磁感应现象。下列都是法拉第曾做过的实验，其中能观察到电流计指针偏转的是（）A.把两根导线扭在一起，先将一根导线两端接在电池两极，再将另一根导线接在电流计两端B.将一空心螺线管两端与电池连接，再把一根导线引进螺线管中并与电流计相连C.将一空心螺线管两端与电池连接，再把一根导线放在螺线管外部并与电流计相连D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流计，连接电源的线圈通电或断电的瞬间5、如图所示，水平向右的匀强电场中，一根长的不可伸长的绝缘细线，一端连着一质量的带电小球，另一端固定于O点。把小球拉起至A点，此时细线水平，把小球从A点由静止释放，小球经最低点B后到达B的另一侧C点时速度为零，与夹角为g取则（）

A.小球一定带负电B.小球从A点经过B点再到C点的过程中，机械能先增加后减小C.细线所受的最大拉力为D.小球到达B点时的动能为6、如图甲所示，有一固定的负点电荷N，其右侧距离为L处竖直放置一内壁光滑的绝缘圆筒，圆筒内有一带电小球。将小球从H0高处由静止释放，至小球下落到与N同一水平面的过程中，其动能Ek随高度H（设小球与点电荷N的竖直高度差为H）的变化曲线如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.小球可能带负电，也可能带正电B.在高度H1~H2之间的某点，库仑力在竖直方向上的分力最大C.该过程中，小球所受合力先增大后减小再增大D.该过程中，小球的机械能先增大后减小7、如图所示，不带电的金属球M的半径为r，球心为O，球M左侧固定着两个电荷量大小均为q的异种点电荷，电荷之间的距离为N点在点电荷的右侧r处，N点和O点以及所在位置在同一直线上，且两点电荷连线的中点到O点的距离为当金属球达到静电平衡时；下列说法正确的是（）

A.N点的电势高于O点的电势B.N点的电场强度大小为C.感应电荷在球心O处产生的场强大小为D.将一电子由N点移到金属球上不同点，电场力所做的功不相等8、关于磁通量的概念，下列说法正确的是（）A.磁感应强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B.穿过线圈的磁通量为零时，该处的磁感应强度一定为零C.磁感应强度越大，线圈面积越大，穿过线圈的磁通量也越大D.穿过线圈的磁通量的大小可用穿过线圈的磁感线的条数来衡量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、电压表，电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲、乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，需要采用分压式电路10、机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一。电动汽车因其无尾气排放且噪音小等特点，正在逐渐被人们接受。某国产品牌电动汽车的铭牌如下表，已知蓄电池储存的电能等于其容量与输出电压的乘积，则下列说法正确的是（）。规格后轮驱动直流电动机车型：电动汽车电动机额定输出功率：1675W整车质量：2150kg额定转速：600r/min蓄电池（容量：800A·h，输出电压：U≥36V）额定工作电压/电流：36V/50A

A.电动机正常工作时消耗的电功率为1675WB.电动机的内阻为0.05ΩC.蓄电池充满电后储存的电能不小于2.88×108JD.蓄电池充满电后在额定功率下连续行驶的时间不小于16h11、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个质子只在静电力作用下的运动轨迹。设质子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB。下列说法正确的是（）

A.质子可能从A向B运动B.若aA>aB，则Q靠近M端且为正电荷C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有EpB>EpAD.A点电势可能高于B点电势12、如图所示，一个电荷量为–Q的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O点，另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线方向向甲运动，到B点时速度减小到最小值v．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A、B间距为L，静电力常量为k；则下列说法中正确的是。

A.O、B间距为B.点电荷甲产生的电场在B点的场强大小为C.点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D.点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差UAB=13、如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷＋Q，a、b、c、d、e、f为以O为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）

A.a、c两点的电场强度相同B.b点的电势等于d点的电势C.点电荷＋q在球面上任意两点之间移动时，静电力一定做功D.将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电势能的变化量一定最大14、如图，真空中三个完全相同的带电小球A、B、C（均视为点电荷）均由轻质绝缘细线悬挂在O点，整个系统静止时，三小球在水平面构成等边三角形，M为三角形的中心。已知小球所带电荷量均为+q，M到A、B、C的距离均为L，细线与OM夹角均为30°。已知选取无穷远处电势为0时，真空中电荷量为Q的点电荷周围的电势表达式为（其中r为到点电荷的距离）；下列说法正确的是（）

A.小球所受重力为B.M点的电场强度为C.带电小球A产生的电场在M点的电势为D.电荷量为+q0的试探电荷在M点具有的电势能为15、如图是某区域的电场线分布。A、B、C是电场中的三个点；下列说法正确的是（）

A.三点中B点场强最强，C点场强最弱B.一正点电荷在A处所受电场力的方向就是A点场强方向C.三点中B点电势最高D.把一负电荷从B点移到C点，电势能减小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、静电平衡：导体内的自由电子不再发生______的状态．17、电磁波的产生:周期性变化的____周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的____周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的____,这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了_______。18、热辐射。

（1）概念：一切物体都在辐射电磁波，且辐射与物体的___________有关；所以叫热辐射。

（2）特点：温度升高时，热辐射中波长较___________的成分越来越强。

（3）黑体：能够完全吸收入射的各种波长的___________而不发生反射。19、如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下。已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则金属块带______电（填正或负），金属块机械能改变量为______J，金属块的电势能改变量为______J。

20、物理中常用类比的方法来理解复杂的物理过程。如图（a）所示，内阻为r的化学电池向电热器R供电，其过程中静电力和非静电力做功，就可以类比成图（b）中儿童在游乐场玩耍时，重力和电梯对人做功的情形。图（b）中各点的高度可类比为图（a）中各点的电势，设A、B、a、b四点的高度分别为hA、hB、ha、hb。电路中化学能转化为电能的过程发生在_________________（选填“A→B和b→a”、“a→A和B→b”），化学电池的电源电动势大小为______________（用hA、hB、ha、hb表示）。

21、如图所示，绝缘墙角固定了带电量为+的小球A；轻质绝缘细杆长为L，其正中心固定了质量为m、带电量为+的小球B，在杆底部水平力F的作用下静止靠在竖直墙面上。一开始轻杆与水平地面的夹角为60°，在杆底端水平外力F的作用下，杆缓慢转向直至竖直。此过程中，不计摩擦，地面对杆的支持力将________________（填“逐渐增大”、“逐渐变小”或“保持不变”），外力F做功大小为________________。

22、真空中有一电场，在电场中的P点放一电量为4.0×10﹣8C的检验电荷，它受到的电场力为2.0×10﹣5N，则P点的场强为______N/C；把检验电荷电量减小为2.0×10﹣8C，则该电荷在P点受到的电场力为______N。23、带电粒子在电场中的加速。

分析带电粒子的加速问题有两种思路：

（1）利用___________定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是___________且涉及___________等描述运动过程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及___________、___________等动能定理公式中的物理量或___________电场情景时，公式有qEd=mv2-mv（匀强电场）或qU=mv2-mv（任何电场）等。24、如图是某一半导体器件的U﹣I图，将该器件与标有“9V，18W”的用电器串联后接入电动势为12V的电源两端，用电器恰能正常工作，此时电源的输出功率是__W；若将该器件与一个阻值为1.33Ω的电阻串联后接在此电源两端，则该器件消耗的电功率约为__W。

评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

26、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)27、请写出下列测量工具的读数。

(1)用游标卡尺测量一金属丝的直径，则该金属丝直径的测量值为_________mm；

(2)用螺旋测微器测量圆柱体的直径为_________mm；

(3)如图为一正在测量中的多用电表表盘。当选用电阻挡“×100”测量，则读数为__________Ω；当选用量程为50mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为__________mA。28、现有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率；现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和乙所示。

(1)由图读得圆柱体的直径为__________mm，长度为________cm；

(2)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ＝________。29、测量阻值约为100Ω的定值电阻Rx；实验室提供如下的实验器材：

A．直流电源（电动势E=6V；内阻很小）

B．电流表（量程5mA，内阻为R1=50Ω）

C．电流表（量程0.6A，内阻为R2=0.2Ω）

D．电压表（量程6V，内阻RV≈15kΩ）

E．定值电阻（R0=5Ω）

F．滑动变阻器（最大阻值15Ω；最大允许电流2A）

G．滑动变阻器（最大阻值15kΩ；最大允许电流0.5A）

H．开关一个；导线若干。

（1）为了能比较精确地测量Rx的电阻值，电流表应选用__________(填“B”或“C”)，滑动变阻器应选用__________(填“F”或“G”)；

（2）请根据所选用的实验器材；设计测量电阻的电路，并在方框中画出电路原理图；

()

（3）如果电压表的示数为U（单位为V）电流表的示数为I（单位为A），则待测电阻的计算式为Rx=__________(表达式中所用到的电阻值必须用对应的电阻符号表示，不得直接用数值表示)30、某同学想测量一段导体的阻值．

（1）他先用多用电表进行初步测量；主要的操作过程分以下几个步骤，请将第④步操作填写完整：

①将红；黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔；选择电阻档“×10”；

②将红；黑表笔短接；调整欧姆调零旋钮，使指针指向“0”；

③将红；黑表笔分别与导体的两端相接；发现指针示数接近“0”；

④选择电阻档_________(选填“×100”或“×1”)；将红；黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮调零后；重新将红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值．

（2）采用上述的操作步骤后，多用电表的指针位置如图所示．则该段导体的电阻测量值为______．

（3）为了比较精确地测量这个导体的电阻值；他采用伏安法继续进行实验测量，现有实验器材如下：

A．电源E（电动势4.0V；内阻约0.5Ω）；

B．电压表（0～3V；内阻3kΩ）;

C．电压表（0～15V；内阻15kΩ）；

D．电流表（0～0.6A；内阻0.1Ω）

E．电流表（0～3A；内阻0.02Ω）；

F．滑动变阻器R1（0～50Ω；1.5A）；

G．滑动变阻器R2（0～2000Ω；0.3A）；

H．开关S和导线若干．

为了调节方便，测量准确，在实验中，滑动变阻器应选用______（选填序号字母）．连接电路时，电压表应选_____（选填序号字母）、电流表应选______（选填序号字母）．实验电路应采用图中的_____（选填“甲”或“乙”）．

（4）若在上问中选用甲电路，产生误差的主要原因是______．（选填选项前的字母）

A．电流表测量值小于流经Rx的电流值。

B．电流表测量值大于流经Rx的电流值。

C．电压表测量值小于Rx两端的电压值。

D．电压表测量值大于Rx两端的电压值参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

电动机正常工作时是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，所以只能通过定值电阻R来计算通过电动机的电流；进而去求解电动机的各类功率问题．

【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律有

解得：故A错误；

BCD．电动机的输入功率：

电源的输出功率：

电动机的输出功率：

故B正确；CD错误。

【点睛】

电流通过电动机时，一方面电能转化为机械能对外输出，一方面电动机内阻消耗一部分能量，所以含电动机部分的电路不是纯电阻电路，但是电动机的内阻是纯电阻电路，消耗的能量符合欧姆定律的相关计算．2、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．印刷厂要保持适当的湿度；油罐车运油时要安装一条拖地的金属链，做静电实验时，实验室要通气，以避免空气中有过多的二氧化碳；水蒸气或各种离子，都是防止静电，故ABD错误；

C．空气静电净化器是利用静电净化空气；故C正确。

故选C。3、D【分析】【详解】

A．微粒处于静止状态，受重力和向上的电场力而平衡，若增大A、B两金属板的间距，根据场强减小，电场力减小，合力向下，故将向下运动；故A错误。

B．若增大A、B两金属板的间距，根据电容减小，电压不变，故电容器放电，故有向左的电流通过电阻故B错误。

C．若紧贴板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，根据电容增加，电压不变，故场强不变，不动；故C错误。

D．若紧贴板内侧插入一块一定厚度的金属片，相当于极板间距离变小了，而电压不变，根据场强增加，电场力增加，故将向上运动，电势升高；由于液滴带负电，故电势能减小，故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

ABC．把两根导线扭在一起；先将一根导线两端接在电池两极，再将另一根导线接在电流计两端，该过程中连接电流计的导线中没有产生感应电流，电流计指针不偏转，同理，B；C选项所述情境中也没有电流通过电流计，故ABC错误；

D．绕在同一铁环上的两个线圈；分别接电源和电流计，连接电源的线圈通电或断电的瞬间，线圈内的电流发生变化，则该线圈产生的磁场发生变化，另一个线圈内的磁场；磁通量也发生变化，根据产生感应电流的条件可知，能产生感应电流，能观察到电流计指针偏转，故D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．对全过程；重力做正功，可知电场力做负功，可知电场力方向向右，则小球带正电，A错误；

B．小球从A点经过B点再到C点的过程中；电场力一直做负功，可知小球的机械能一直减小，B错误；

C．对全过程根据动能定理可得

解得

重力和电场力的合力

与水平方向夹角的正切值

可得

如图所示。

此时合力方向与圆弧的焦点为等效最低点，此时绳子的拉力最大，根据动能定理

在等效最低点，根据牛顿第二定律

联立解得细线所受的最大拉力

C错误；

D．从A到B根据动能定理可得

D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

A．若小环带正电；重力和静电力对小环都做正功，小环的动能一直增大，与图乙不符，所以小环带负电，故A错误；

B．小环在高度H1~H2之间运动时，动能减小，根据动能定理

因为在高度H1~H2之间的某点图像的斜率最大；则库仑力在竖直方向上的分力最大，选项B正确；

C．由以上分析可知；小球受到的合力为图像的斜率，则该过程中，小球所受合力先减小，后增大，再减小再增大，选项C错误；

D．该过程中；小球所受的库仑力一直对小球做负功，则机械能一直减小，选项D错误。

故选B。7、C【分析】【详解】

A．金属球靠近M左侧的位置感应出正电荷，N点电场线向左，沿着电场线的方向电势逐渐降落，处于静电平衡的金属球是一等势体，N点的电势低于O点的电势；A错误；

B．M点的电场强度大小由三部分组成，等量异种电荷的电场和金属球上的感应电荷的电场，等量异种电荷在N点的电场强度之和为

方向水平向左，感应电荷在N点产生的场强之和应水平向左，故合场强要大于B错误；

C．金属球处于静电平衡内部场强处处为0，等量异种电荷在O点的电场强度之和为

所以感应电荷在球心O处产生的场强大小等于C正确；

D．N点与金属球上不同点间的电势差相等，将一电子由N点移到金属球上不同点；克服电场力所做的功相等。D错误。

故选C。8、D【分析】【分析】

【详解】

A．磁感应强度越大的地方；穿过线圈的磁通量不一定越大，若线圈与磁感线平行，磁通量等于零，A错误；

B．穿过线圈的磁通量为零时；该处的磁感应强度不一定为零，可能线圈与磁感线平行，B错误；

C．磁感应强度越大；线圈面积越大，穿过线圈的磁通量不一定越大，还与线圈与磁感线的角度有关，C错误；

D．穿过线圈的磁通量的大小可用穿过线圈的磁感线的条数来衡量；D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、C:D【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，D正确。

故选CD。10、B:D【分析】【详解】

A．电动机正常工作时消耗的功率

故A错误；

B．电动机内阻上的发热功率

电动机的内阻

故B正确；

C．蓄电池充满电后储存的电能

故C错误；

D．充满电后在额定功率下连续行驶的时间

故D正确；

故选BD。

【点睛】

此题考查了速度，功和功率的计算及能量转化，关键是规律和公式的灵活运用，并注意能量守恒定律的运用，计算过程注意单位的换算；此题同时考查学生从图表中获取信息的基本能力。11、A:C【分析】【详解】

A．由运动轨迹只能得到质子受力指向凹的一侧，不能得到运动走向，可能从A向B运动；故A正确；

B．由电场场源为点电荷，若aA＞aB，可知，点电荷Q靠近M端；又质子受力指向凹的一侧可得，MN上电场线方向向左，故点电荷Q为负电荷；故B错误；

D．质子受力指向凹的一侧，MN上电场线方向向左，根据沿着电场线电势降低可得，B点电势高于A点电势，正电荷在电势高的地方电势能大，故一定有EpB>EpA

故C正确；D错误。

故选AC。12、A:B【分析】【详解】

AB.设OB=x，当速度最小时，有=qE=μmg，得x=场强E=AB正确；

C.点电荷乙运动过程中，电场力一直做正功，电势能减小，则点电荷乙在A点的电势能大于在B点的电势能；C错误；

D.点电荷从A到B过程中，根据动能定理有qUAB–μmgL=–得UAB=+D错误．13、B:D【分析】【详解】

A．点电荷＋Q在a、c两点的电场强度大小相等；方向相反，可知与匀强电场叠加后，合场强大小不相等，故A错误；

BC．点电荷＋Q在b、d两点的电势相等，匀强电场在b、d两点的电势相等，电势是标量，可知点电荷和匀强电场叠加后，b点的电势等于d点的电势，点电荷＋q沿bedf在球面上b、d两点之间移动时；静电力不做功，故B正确，C错误；

D．点电荷＋Q在球面上任意点的电势均相等；匀强电场在球面上的a点的电势最高，在球面上的c点的电势最低；故叠加后球面上的a点的电势最高，c点的电势最低，根据

可知将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电场力做功最大；电势能的变化量最大，故D正确。

故选BD。14、C:D【分析】【详解】

A．带电小球A受到B、C库仑力的合力为合成如图。

根据几何关系可知

则对A球受力分析，根据平衡条件可知

各小球受力情况均相同，所以小球的重力为故A错误；

B．处于的中心，根据场强的叠加法则可知点场强为0；故B错误；

C．A在处产生的电势为

故C正确；

D．三个小球在点产生的总电势为

则电势能为

故D正确。

故选CD。15、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线越密电场强度越大，越疏电场强度越小，所以三点中B点场强最强，C点场强最弱；A正确；

B．正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同；B正确；

C．沿电场线方向电势逐渐降低；C正确；

D．把一负电荷从B点移到C点；电场力做负功，电势能增大，D错误。

故选ABC。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】定向移动17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]电磁波的产生:周期性变化的磁场周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的电场周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的电磁振动，这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了电磁波。【解析】①.磁场②.电场③.电磁场④.电磁波18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]概念：一切物体都在辐射电磁波；且辐射与物体的温度有关，所以叫热辐射。

（2）[2]特点：温度升高时；热辐射中波长较短的成分越来越强。

（3）[3]黑体：能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射。【解析】①.温度②.短③.电磁波19、略

【分析】【详解】

[1]已知在金属块滑下的过程中，由动能定理可得

解得：金属块下滑过程电场力做负功，电场力水平向右，因此电场力与电场线方向相同，因此金属块带正电；

[2]金属块机械能改变量为

[3]金属块的电势能改变量为【解析】正电-12420、略

【分析】【详解】

[1]化学能转化为电能的过程是非静电力做功的过程，类比于克服重力做功转化为重力势能，所以为a→A和B→b过程；

[2]化学电池的电源电动势大小为两段静电力做功之和，所以为【解析】和21、略

【分析】【详解】

[1]轻杆受力图所示。

根据平衡条件有

根据库仑定律和几何知识有

可知库仑力F1不变，逐渐增大，则地面对杆的支持力N1将逐渐减小；

[2]外力F做功使轻杆的重力势能增加，则【解析】逐渐变小22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由电场强度的定义式有

得P点的场强为

[2]检验电荷电量减小，但电场强度仍保持不变，这时电荷受到的电场力为【解析】①.②.23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛顿第二定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是匀强电场且涉及运动时间等描述运动过程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及位移、速率等动能定理公式中的物理量或非匀强电场情景时，公式有qEd=mv2-mv（匀强电场）

或qU=mv2-mv（任何电场）【解析】①.牛顿第二②.匀强电场③.运动时间④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非匀强24、略

【分析】【详解】

[1]由题意知，用电器恰能正常工作，其电压和功率分别为U=9V，P=18W，则电路中电流为：

由图读出，当I=2A时，半导体器件的电压为U′=1V；

根据闭合电路欧姆定律得，电源的内阻为

则电源的输出功率为：P′=（U+U′）I=10×2W=20W；

[2]若将该器件与一个阻值为1.33Ω的电阻串联后，相当于电源内阻为r′=2.33Ω；

则该器件两端的电压U=E﹣2.33I，

画出图象如图所示：

由图可知；此时该器件的电压为5V，电流为3A

功率P=UI=15W。【解析】2015四、作图题(共2题，共16分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止