2025年华师大新版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一物体受到三个共面共点力F1、F2、F3的作用，三力的图示如图所示（小方格边长相等），已知力F3的大小为4N，则下列说法正确的是（）A.三力的合力大小为（3++4）N，方向不确定B.三力的合力大小为12N，方向与F3同向C.三力的合力大小为8N，方向与F3同向D.由题给条件无法求出三力的合力大小2、固定的倾角为30°的斜面上有一物块，物块与斜面间动摩擦因数μ=0.2，t=0时刻由静止释放物块的同时给物块施加沿斜面向上的力F，F-t图像如图所示。规定沿斜面向上为正方向，则物块的a-t图像正确的是()3、已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍．一飞行器绕地球做匀速圆周运动的周期为3小时。若地球半径为R，则该飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近A.0.83RB.1.7RC.1.9RD.3.3R4、如图所示，甲、乙两个小球的质量均为m

，两球间用细线连接，甲球用细线悬挂在天花板上.

现分别用大小相等的力F

水平向左、向右拉两球，平衡时细线都被拉紧.

则平衡时两球的可能位置是下列选项中的()A.B.C.D.5、如图所示，ABC是等边三角形，在A点放置电荷量为Q的点电荷时，取无穷远处电势为0，C点的电场强度大小和电势分别为E和ϕ．再在B点放置电荷量为-Q的点电荷时，C点的电场强度大小和电势分别（）A.E和0B.E和2ϕC.2E和ϕD.2E和2ϕ6、关于α粒子散射实验和卢瑟福的原子核式结构，下列说法正确的是（）A.α粒子散射实验揭示了原子核的组成B.少数α粒子发生了较大偏转，卢瑟福认为是环境的影响C.利用α粒子散射实验可以估算原子核的半径D.原子的核式结构模型很好地解释了氢原子光谱的实验7、如图所示，小船以v=4m/s的速度匀速向左运动，并拉动岸上的车，当船经图中的A点时，绳与水平方向的夹角为θ=60°，当船经过图中B点时，绳子与水平方向的夹角θ′=30°，则该过程车的速度变化的大小为（）A.2m/sB.2m/sC.（2-2）m/sD.m/s评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、（2015秋•津市市校级期中）如图所示，质点A从高为h的窗台上方H处自由下落．则A通过窗台所用的时间为____．9、在某闭合电路中，2秒中通过导体某个截面的电量为1.0库仑，则该导体中的电流为____安．10、（2012秋•溧阳市校级期末）如图所示，阴极射线管（A为其阴极）放在蹄形磁铁的N、S两极间，射线管的A、B两极分别接在直流高压电源的____极和____极（填：“正”或“负”）．此时，荧光屏上的电子束运动轨迹____偏转（填“向上”、“向下”或“不”）．11、（2011春•长兴县期中）自行车的大齿轮、小齿轮、后轮是相互关联的三个转动部分，三个轮子的半径不一样，它们的边缘有三个点分别为A、B、C，如图所示，当自行车运动时A、B、C三点中角速度最小的是____，向心加速度最大的是____．12、电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台能够发射波长为50m的无线电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在____Hz．13、气球上升到50m高空时，从气球上脱落一个物体，物体上升了10m后开始下落，若取向上为正方向，则物体从离开气球开始下落到地面时的位移为____m，通过的路程为____m．14、（2011秋•合浦县期末）如图所示，A、B两物体的质量分别是2m和m，将A、B之间的细线剪断的瞬间A的加速度的大小是____，方向是____，B的加速度的大小是____，方向是____．15、（2014•浙江模拟）如图所示为研究光电效应的电路图，对于某金属用紫外线照射时，电流表指针发生偏转．将滑动变阻器滑动片向右移动的过程中，电流表的示数不可能____（选填“减小”、“增大”）．如果改用频率略低的紫光照射，电流表____（选填“一定”、“可能”或“一定没”）有示数．16、真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F，如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，则它们之间作用力的大小等于____F．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)17、热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．____．（判断对错）18、当达到动态平衡时，蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发．____．（判断对错）19、因为汽车刹车时的速度越大滑的越远，所以速度大的物体惯性大．____（判断对错）20、根据公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，则线速度也增大一倍．____．21、原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性____．（判断对错）22、公式E=和对于任何静电场都是适用的．____．（判断对错）23、分力的大小一定小于合力的大小．____．评卷人得分四、简答题(共1题，共8分)24、（2016春•梅州月考）如图所示，在光滑的水平面上，质量为m的小球A以速率v0向右运动，在小球的前方O点处有一质量未知的小球B处于静止状态，Q点处为一竖直的墙壁．小球A与小球B发生弹性碰撞后两小球均向右运动，小球B与墙壁碰撞后原速率返回并与小球A在P点相遇，=3；两小球可看成质点．求：

①小球B的质量M；

②假设两小球第一次碰撞的时间是△t，求两小球第一次碰撞时相互间的平均作用力F的大小．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共16分)25、现要比较准确测量电压表V1（0～3V，内阻约3kΩ）的内阻RV．实验室提供的器材有：

A．电流表A（0～0.6A；内阻约0.1Ω）

B．电压表V2（0～9V；内阻约10kΩ）

C．定值电阻R1（阻值为6kΩ）

D．定值电阻R2（阻值为600Ω）

E．滑动变阻器R（0～20Ω）

F．直流电源（10V；内阻可不计）

G．开关S及导线若干。

①A同学设计的测量电路如图甲所示，该设计方案实际上不可行，其原因是______；

②B同学用如图乙所示的测量电路完成了实验；则。

（Ⅰ）定值电阻应选______（选填“R1”或“R2”）；

（Ⅱ）请用笔画线代替导线在丙图中完成电路的连接；

（Ⅲ）在实验中测得若干组电压表V1、V2的读数U1、U2，画出U2、U1图线如图丁所示，并求出图线的斜率k=2.8，则可求出RV=______kΩ．（保留3位有效数字）26、某同学利用如图所示的装置验证动能定理.

该装置由斜面和很短一段水平部分组成；固定并调整斜槽，使它的末端O

点的切线水平，在水平地面上依次铺放好木板；白纸、复写纸.

将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的高度H

并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x

．

改变小球在斜槽上的释放位置；进行多次测量，记录数据如下：

。高度H(h

为单位长度)h2h3h4h5h6h7h8h9h水平位移x/cm5.59.111.714.215.917.619.020.621.7垄脵

已知斜槽倾角为娄脠

小球与斜槽之间的动摩擦因数为娄脤

斜槽底端离地的高度为y.

小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是(

利用给定和测得的物理量)

______

垄脷

以H

为横坐标，以______为纵坐标，在坐标纸上描点作图，如图乙所示.

图线不过坐标原点的原因是______．27、如图1

是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx

的原理图；图中R0

是保护电阻(10娄赂)R1

是电阻箱(0隆芦99.9娄赂)R

是滑动变阻器，A1

和A2

是电流表，E

是电源(

电动势10V

内阻很小).

在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大.

实验具体步骤如下：

(

Ⅰ)

连接好电路；将滑动变阻器R

调到最大；

(

Ⅱ)

闭合S

从最大值开始调节电阻箱R1

先调R1

为适当值，再调滑动变阻器R

使A1

示数I1=0.15A

记下此时电阻箱的阻值R1

和A2

示数I2

．

(

Ⅲ)

重复步骤(

Ⅱ)

再测量6

组R1

和I2

(

Ⅳ)

将实验获得的7

组数据在坐标纸上描点．

根据实验回答以下问题：

垄脵

现有四只供选用的电流表：

A.电流表(0隆芦3mA

内阻为2.0娄赂)B.

电流表(0隆芦3mA

内阻未知)

C.电流表(0隆芦0.3A

内阻为5.0娄赂)D.

电流表(0隆芦0.3A

内阻未知)

A1

应选用______；A2

应选用______．

垄脷

测得一组R1

和I2

值后；调整电阻箱R1

使其阻值变小，要使A1

示数I1=0.15A

应让滑动变阻器R

接入电路的阻值______(

选填“不变”；“变大”或“变小”)

．

垄脹

在坐标纸上(

图2)

画出R1

与I2

的关系图。

垄脺

根据以上实验得出Rx=

______娄赂.

28、据统计，人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍。为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况。重物与地面的形变很小，可忽略不计，不考虑空气阻力的影响取重力加速度g=10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据。

。重物（包括传感器）的质量m/kg8.5重物下落高度H/cm45重物反弹高度h/cm20最大冲击力Fm/N850重物与地面接触时间t/s0.1（1）请你选择所需数据；通过计算回答下列问题。

a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a=______

b．在重物与地面接触过程中；重物受到地面施加的平均作用力是______倍重物所受的重力。

（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取一些具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由。______。评卷人得分六、推断题(共1题，共5分)29、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础】具有抗菌作用的白头翁素衍生物rm{N}的合成路线如下图所示：

回答下列问题：rm{(1)}物质rm{B}的名称是_____________，物质rm{D}所含官能团的名称是______________。rm{(2)}物质rm{C}的结构简式是___________________。rm{(3)}由rm{H}生成rm{M}的化学方程式为_____________________，反应类型为_________________。rm{(4)F}的同分异构体中，符合下列条件的有________种rm{(}包含顺反异构rm{)}写出核磁共振氢谱有rm{6}组峰、面积比为rm{1}rm{1}rm{1}rm{2}rm{2}rm{3}的一种有机物的结构简式_________________。条件：rm{垄脵}分子中含有苯环，且苯环上有两个取代基rm{垄脷}存在顺反异构rm{垄脹}能与碳酸氢钠反应生成rm{CO_{2}}rm{(5)}写出用乙烯和乙醛为原料制备化合物的合成路线_________________rm{(}其他试剂任选rm{)}参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】先根据平行四边形定则求出F1、F2的合力，再跟F3合成，求出最终三个力的合力．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则，出F1、F2的合力如图，大小等于2F3，方向与F2相同，再跟F3合成，两个力同向，则三个力的合力大小为3F3=12N，方向与F3同向；故B正确，ACD错误；

故选：B．2、D【分析】试题分析：t=0时刻物体沿斜面向下的重力分力推力为0，最大静摩擦力得到物体沿斜面向下滑行，加速度向下，为负方向，答案AC错。随着沿斜面向上的力F逐渐增大，加速度逐渐变小，当外力F增大到加速度等于0向下的速度不再增大，但速度向下摩擦力仍然向上，后F再增大，使得加速度向上，物体开始减速，当物体减速到0时，根据运动的对称性，此时物体不会反向向上运动，将保持静止，加速度等于0，答案B错。直到物体开始向上运动，随F的增大加速度逐渐增大答案D对。考点：牛顿第二定律【解析】【答案】D3、B【分析】试题分析：根据卫星的向心力由万有引力提供可知：对同步卫星有：对飞行器有：又因地球同步卫星绕地球运动的周期为24小时，则有联立以上各式得：故飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近考点：本题主要考查了人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【解析】【答案】B4、A【分析】用整体法分析，把两个小球看作一个整体，此整体受到的外力为竖直向下的重力2

mg

、水平向左的力F

(

甲受到的)

水平向右的力F

(

乙受到的)

和细线1

的拉力，两水平力相互平衡，故细线1

的拉力一定与重力2

mg

等大反向，即细线1

一定竖直；再用隔离法，分析乙球受力的情况，乙球受到向下的重力mg

、水平向右的拉力F

、细线2

的拉力F

2.

要使得乙球受力平衡，细线2

必须向右倾斜．【解析】A

5、A【分析】【分析】在AB分别放等量异种电荷，C在一条等势线上，该等势线的电势与无穷远相等．根据电场的叠加原理求C点的电场强度大小．【解析】【解答】解：A点处点电荷Q在C点的电场强度大小为E，方向由A指向C．由E=k知；B点处点电荷-Q在C点的电场强度大小为E，方向由C指向B，两个电场强度的夹角为120°，根据平行四边形定则得知C点的合电场强度大小等于E．

AB连线的垂直平分线是一条等势线；且电势与无穷远相等，所以C点的电势为0．

故选：A．6、C【分析】【分析】明确α粒子散射实验现象的内容以及造成这种现象的原因，正确利用物体受力和运动的关系判断．【解析】【解答】解：A；α粒子散射实验的内容是：绝大多数α粒子几乎不发生偏转；少数α粒子发生了较大的角度偏转；极少数α粒子发生了大角度偏转（偏转角度超过90°；有的甚至几乎达到180°，被反弹回来）是由于斥力，且质量较大，故A错误，B也错误；

C；利用α粒子散射实验现象；极少数大角度偏转，可以估算原子核的半径，故C正确；

D；α粒子散射实验现象卢瑟福提出了原子核式结构模型的假设；而玻尔的原子模型很好地解释了氢原子光谱的实验，故D错误．

故选：C．7、C【分析】【分析】根据运动的合成与分解，结合平行四边形定则，及几何关系，即可求解．【解析】【解答】解：小船的实际运动可分解为两个分运动，一方面船绕O点做圆周运动，因此有垂直于绳子斜向上的分速度v1，另一方面沿绳子方向的运动，因此分速度为v2；如图所示：

当船经A点时由几何关系；可知：

v2=vcosθ=4×=2m/s

又因绳子的长度不变；所以：

v车=v2=2m/s

同理；当船经B点时，则有：

v车′=v2′=vcosθ′=4×=2m/s

所以从A到B点的过程中车的速度增加为：

△v=v车′-v车=（2-2）m/s；

故选：C．二、填空题(共9题，共18分)8、【分析】【分析】质点做自由落体运动，根据位移时间关系公式列式求解出质点到窗台上沿的时间和质点到窗台下沿的时间，最后得到时间差即为所求时间．【解析】【解答】解：质点A做自由落体运动，根据位移时间关系h=得：

质点A到窗台上沿的时间；

质点A到窗台下沿的时间；

则A通过窗台所用的时间为t=

故答案为：9、0.5【分析】【分析】已知通过导体的电流和通电时间，根据公式I=可求通过该导体横截面的电流．【解析】【解答】解：电量Q=1.0C；时间为2s；

故电流I===0.5A；

故答案为：0.5．10、负正下【分析】【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，所以是要接到高压的负极上的，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断．【解析】【解答】解：因为A是阴极；所以射线管的阴极A接直流高压电源的负极．B是阳极，接直流高压电源的正极．

因为A是阴极；B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向A，手掌对向N极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．

故答案为：负，正，下．11、AC【分析】【分析】自行车的链条不打滑，A与B的线速度大小相等，B与C绕同一转轴转动，角速度相等．由v=ωr研究A与B角速度的关系．由向心加速度公式an=，分别研究A与B和B与C的向心加速度的关系．【解析】【解答】解：自行车的链条不打滑，A与B的线速度大小相等，由v=ωr可知；线速度与半径成反比，则A的角速度小于B的角速度．B与C绕同一转轴转动，角速度相等．故A；B、C三点中角速度最小的是A．

对于A、B，线速度大小相等，由公式an=可知，向心加速度与半径成反比，则A的向心加速度小于B的向心加速度．对于B、C，角速度相同，由公式an=ω2r得；向心加速度与半径成正比，则C的向心加速度大于B的向心加速度．故A；B、C三点中向心加速度最大的是．

故本题答案是：A，C12、略

【分析】

根据v=λf得，f．所以收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在6×106Hz．

故答案为：6×106

【解析】【答案】根据波速；波长、频率的关系式v=λf求出无线电波的频率；接收电台的调谐频率等于电磁波的频率．

13、-5070【分析】【分析】位移的大小等于初位置到末位置的距离，方向由初位置指向末位置．路程等于物体运动轨迹的长度．【解析】【解答】解：物体从离开气球开始下落到地面时；初末位置的距离为50m，取向上为正方向，所以位移x=-50m．路程等于运动轨迹的长度，所以s=10×2+50m=70m．

故答案为：-50，70．14、0.5g竖直向上g竖直向下【分析】【分析】剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出A、B的瞬时加速度．【解析】【解答】解：开始整体处于平衡，弹簧的弹力F弹=3mg；剪断AB间细线的瞬间，弹簧的弹力不变；

对A，根据牛顿第二定律得，；方向竖直向上．

对B，根据牛顿第二定律得，；方向竖直向下．

故答案为：0.5g，竖直向上，g，竖直向下．15、减小可能【分析】【分析】当滑动变阻器向右移动时，正向电压增大，光电子做加速运动，需讨论光电流是否达到饱和，从而判断电流表示数的变化．发生光电效应的条件是当入射光的频率大于金属的极限频率时，会发生光电效应．【解析】【解答】解：AK间所加的电压为正向电压；发生光电效应后的光电子在光电管中加速，滑动变阻器滑动片向右移动的过程中，若光电流达到饱和，则电流表示数不变，若光电流没达到饱和电流，则电流表示数增大，所以滑动变阻器滑动片向右移动的过程中，电流表的示数不可能减小．

紫光的频率小于紫外线；紫外线照射能发生光电效应，但是紫光照射不一定能发生光电效应．所以电流表可能有示数．

故答案为：减小，可能．16、【分析】【分析】电量不变，只是将距离增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小．【解析】【解答】解：由点电荷库仑力的公式F=k可以得到，电量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的．

故答案为：．三、判断题(共7题，共14分)17、√【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据．【解析】【解答】解：热平衡是两个系统相互影响的最终结果；根据热平衡的定义可知，热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发．【解析】【解答】解：饱和蒸汽的平衡是一种动态平衡．当达到动态平衡时；液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发蒸发的速度不再改变，此时以恒速蒸发．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性大小由物体的质量来量度．根据这些知识来解答．【解析】【解答】解：质量是物体惯性大小的唯一量度；与物体的速度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】当半径不变时，角速度增大一倍，线速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根据公式v=ωr可知，当半径r不变时；角速度增大一倍，则线速度也增大一倍，故此说法错误．

故答案为：×21、√【分析】【分析】在铁棒未被磁化前，铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性；对磁铁加热或敲打时会使磁铁内的分子电流的排布变的杂乱无章，从而使磁铁的磁性减弱．【解析】【解答】解：在铁棒未被磁化前；铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性．所以该说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；场强取决于电场本身，与检验电荷无关．【解析】【解答】解：场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；故错误．

故答案为：×．23、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解析】【解答】解：当二力反向时；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故这句话是错误的；

故答案为：×四、简答题(共1题，共8分)24、略

【分析】【分析】根据碰后再次相遇的路程关系，求出小球碰后的速度大小之比，根据碰撞过程中动量、能量守恒列方程即可求出两球的质量之比．通过动量定理求出两小球第一次碰撞时平均作用力的大小．【解析】【解答】解：①设A、B两个小球碰撞后的速度分别为v1、v2；以向右为正，由动量守恒定律有：

mv0=mv1+Mv2①

由能量守恒定律有：mv02=mv12+Mv22②

两个小球碰撞后到再次相遇；其速度率不变，由运动学规律有：

v1：v2=：（）=1：7③

联立①②③代入数据解得：M=

②以A球为研究对象；由动量定理有：

-F△t=mv1-mv0④

联立①④，代入数据解得：．

答：①小球B的质量M为；

②两小球第一次碰撞时相互间的平均作用力F的大小为．五、实验探究题(共4题，共16分)25、略

【分析】解：①根据I=可知，通过电压表U1的最大电流，I==1mA；

而与电流表A的量程0～0.6A；被测电流太小或电流表示数太小，因此不准确；

②Ⅰ、如图乙所示的测量电路完成了实验，要将电压表U1与电阻串联后，才能与电压表U2并联；

因电压表V2（0～9V），而电压表V1（0～3V），因此必须串联阻值为6kΩ，即定值电阻R1；

Ⅱ；根据电路图；连接实物图，结合电表的量程，及正负极；

则实物图如下图所示：

Ⅲ、根据欧姆定律，则有：

整理可得，

根据图象的斜率可知，=2.8

且R0=6kΩ；

解得：RV=3.33kΩ；

故答案为：

①因电流表量程太大（或被测电流太小；或电流表示数太小）．

②（Ⅰ）R1；

（Ⅱ）如上图所示：

（Ⅲ）3.33．

①根据I=从而确定电流表量程与最大电流的关系；

②根据被测电压表的量程与内阻，及电压表V2的量程及内阻；即可确定定值电阻；

根据电路图连接实物图；注意电表的量程与正负极；

根据欧姆定律，从而列出U2与U1的关系；结合图象的斜率，即可求解．

考查电压表的改装，掌握串并联的特征，理解欧姆定律的应用，注意图象斜率的应用，同时掌握由电路图连接实物图的要点．【解析】被测电流太小；R1；3.3326、略

【分析】解：垄脵

设小球离开斜槽时的速度为v

根据平抛运动的规律得：

x=vt

y=12gt2

联立得：v=xg2y

小球在斜槽上滑下过程中；重力和摩擦力做功，则合力做的功为：

W=mgH鈭�娄脤mgcos娄脠?Hsin娄脠=mgH(1鈭�娄脤tan娄脠)

小球动能的变化量鈻�Ek=12mv2=12m(xg2y)2=x24y

则小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是mgH(1鈭�娄脤tan娄脠)=x24y

垄脷

根据上题结果可知；以H

为横坐标，以x2

为纵坐标，在坐标纸上描点作图．

由图乙可知：x2=0H>0

说明平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x

偏小．

故答案为：

垄脵mgH(1鈭�娄脤tan娄脠)=x24y

垄脷x2

平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x

偏小．

垄脵

小球在斜槽上滑下过程中；重力和摩擦力做功，写出合力做的功.

根据平抛运动的规律求出小球离开斜槽时的速度，得到动能的变化.

即可写出动能定理的关系式．

垄脷

根据动能定理表达式；选择纵坐标；根据图象的形状分析并得出结论．

本题关键利用平抛运动的知识求得小球到达斜槽的末速度，从而写出动能定理表达式，要能根据数学知识灵活选择坐标．【解析】mgH(1鈭�娄脤tan娄脠)=x24yx2

平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x

偏小27、略

【分析】解：垄脵A1

示数I1=0.15A

则A1

应选用量程为0.3A

的电流表，由于只要知道电流大小即可，即选用D

根据R1

与I2

的关系图；可知，A2

的量程为0.3A

且必须要知道其电阻，因此选用C

垄脷

调整电阻箱R1

使其阻值变小，要使A1

示数I1=0.15A

则与其串联的两个电阻一个电流表的两端电压必须要在减小，因此只有应让滑动变阻器R

接入电路的阻值在变大，才能达到这样的条件；

垄脹

根据描出点的用直线将各点连接；误差较大的点舍去；如图所示；

垄脺

根据欧姆定律；则有：(R1+R0+RA1)I1=2(RX+RA2)

整理可得：R1=I2RX+RA2I1鈭�R0鈭�RA1

而R1

与I2

的图象的斜率为：k=58鈭�00.30鈭�0.06=241.7娄赂

则有：RX=kIA1鈭�RA2=241.7隆脕0.15鈭�5=31.3娄赂

故答案为：垄脵DC垄脷

变大；垄脹

如图所示；垄脺31.3

．

垄脵

由题意可知；A1

示数I1=0.15A

即可确定量程，根据题目中图象示数可知A2

的范围，则可明确其量程；

垄脷

由欧姆定律；结合电路分析方法，可知滑动变阻器的阻值如何变化；

垄脹

根据描点；作出图象，让图线分布在点两边，删除错误点；

垄脺

根据串并联特征；结合R1

与I2

的图象的斜率含义，依据欧姆定律，即可求解．

本题考查如何确定电表的方法，紧扣题意是解题的关键，理解欧姆定律的应用，掌握串并联特点，注意误差与错误的区别，理解图象的斜率含义．【解析】DC

变大；31.3

28、90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力【分析】解：（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律解得：a=m/s2=90m/s2①

b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：mgh=②

重物与地面接触前瞬时的速度大小为：v1=

重物离开地面瞬时的速度大小为：v2=

重物与地面接触过程；重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：

（F-mg）t=mv2-mv1③

解得：F=510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：=6

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。

（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力。

故答案为：（1）a、90m/s2；b；6；（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力。

（1）根据牛顿第二定律求重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小；先求人落地时的速度和反弹时的速度；再选取重物与地面接触过程利用动量定理求解。

（2）根据公式Ft=mv2-mv1可知在动量一定的情况下；延长力的作用时间可减小冲击力的大小。

根据物体不同的运动过程，正确选取动能定理或动量定理解题是解答此题的关键。求重物与地面接触过程利用动量定理求解时，要注意动量和冲量的方向。【解析】90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力六、推断题(共1题，共5分)29、（1）邻溴甲苯羧基、溴原子

（2）

（3）+NaOH+NaI+H2O消去反应

（4）9

（5）CH2=CH2CH2BrCH2BrCH3-CH=CH-CH3

【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，有机物的命名，官能团的名称，结构简式、化学方程式的书写，同分异构体的判断等，难度中等。【解答】根据rm{B}r