2025年沪教版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，导线ab和cd互相平行；则下列情况中导线cd中无感应电流的是（）

A.电键K闭合或断开的瞬间B.电键K是闭合的，但滑动触头向左滑C.电键K是闭合的，但滑动触头向右滑D.电键K始终是闭合的，不滑动触头2、下列物理现象及其原理的叙述正确的是()A.纤细小虫能停在平静的液面上，是由于受到浮力的作用B.墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果C.“破镜不能重圆”，是因为接触部分的分子间斥力大于引力D.用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是晶体各向异性的表现3、一定质量的理想气体状态变化P-T图象如图所示，由图可知下列说法不正确的是（）A.体积关系Va＞Vb=VcB.从a→b，气体体积减小，外界对气体做功C.从b→c，气体内能变大，外界对气体做功D.从c→a，气体内能不变，气体对外界做功4、2014年8月25日，在我国南京举行的青奥会上，18岁的江苏选手吴圣平高难度的动作夺得三米板女子跳水冠军．起跳前，吴圣平在跳板的最外端静止站立时，如图所示，则（）A.吴圣平对跳板的压力方向竖直向下B.吴圣平对跳板的压力是由于跳板发生形变而产生的C.吴圣平受到的重力就是它对跳板的压力D.跳板对吴圣平的支持力是由跳板发生形变而产生的5、如图，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零．对于该运动过程，若用x、a、Ep、Ek、分别表示滑块下滑的位移的大小、加速度的大小、重力势能（以斜面底面所在平面为零势面）和动能，t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)6、（2012秋•孝感校级月考）如图所示，一个细绳下悬挂一光滑的圆环，圆环上穿着两个质量相等的小球，两小球从最上方由静止开始沿圆环下滑，则小球从最高处下滑到最低处的过程中，细绳拉力大小刚好等于圆环重力的时刻共有____次．7、拖拉机的额定功率为2×104W，在平直路面上行驶时速度为2m/s，则它在平直路面上牵引力为____N．8、（2012秋•船营区校级期中）一个电流表的满刻度电流值Ig=0.6A，刻度板如图所示，那么它每一小格所相应的电流是____mA，指针现在的电流示数是____A．如果这个量程为0.6A的电流表内阻Rg=60Ω，要把这个电流表的量程扩大为3A，那么应该在Rg上并联一个电阻R，R的阻值大小应是____Ω．9、“嫦娥一号”先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时），再经过变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”，最后奔向月球．设卫星绕行轨道为圆，忽略卫星质量的变化，则卫星在每次变轨完成后的机械能比变轨前____（填“变大”、“不变”或“变小”）．卫星在72小时轨道运行的角速度和24小时轨道上的角速度之比为____．10、自由落体运动的物体由静止下落2秒的位移S=____米，（g取10m/s2）评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)11、分子的动能和分子势能的和叫做这个分子的内能．____．（判断对错）12、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）13、月亮在云中穿梭，参考系是云．____（判断对错）14、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．15、形状规则的物体，重心一定在其几何中心．____（判断对错）16、电子手表中的液晶在外加电压的影响下能够发光．____．（判断对错）17、光的偏振现象说明光是横波____（判断对错）评卷人得分四、推断题(共4题，共40分)18、实验室以一种工业废渣rm{(}主要成分为rm{MgCO_{3}}rm{Mg_{2}SiO_{4}}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物rm{)}为原料制备rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}实验过程如下：

rm{(1)}酸溶过程中主要反应的热化学方程式为rm{MgCO_{3}(s)+2H^{+}(aq)=Mg^{2+}(aq)+CO_{2}(g)+H_{2}O(l)}rm{娄陇H=-50.4kJ隆陇mol^{篓C1}}rm{Mg_{2}SiO_{4}(s)+4H^{+}(aq)=2Mg^{2+}(aq)+H_{2}SiO_{3}(s)+H_{2}O(l)}rm{娄陇H=-225.4kJ隆陇mol^{篓C1}}酸溶需加热的目的是________；所加rm{H_{2}SO_{4}}不宜过量太多的原因是________。rm{(2)2}分加入rm{H_{2}O_{2}}氧化时发生发应的离子方程式为____rm{(3)}用下图所示的实验装置进行萃取分液，以除去溶液中的rm{Fe^{3+}}

rm{垄脵2}分实验装置图中仪器rm{A}的名称为_________。rm{垄脷2}分为使rm{Fe^{3+}}尽可能多地从水相转移至有机相，采取的操作：向装有水溶液的仪器rm{A}中加入一定量的有机萃取剂，________rm{_}静置、分液，并重复多次。rm{(4)}请补充完整由萃取后得到的水溶液制备rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}的实验方案：边搅拌边向溶液中滴加氨水，__________________，过滤、用水洗涤固体rm{2隆芦3}次，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}rm{[}已知该溶液中rm{pH=8.5}时rm{Mg(OH)_{2}}开始沉淀；rm{pH=5.0}时rm{Al(OH)_{3}}沉淀完全rm{]}19、rm{(14}分rm{)}硼镁泥是硼镁矿生产硼砂rm{(Na_{2}B_{4}O_{7}隆陇l0H_{2}O)}时的废渣，其主要成分是rm{MgO}还含有rm{CaO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}、rm{FeO}rm{MnO}rm{B_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等杂质。以硼镁泥为原料制取的七水硫酸镁在印染、造纸和医药等工业上都有广泛的应用。硼镁泥制取七水硫酸镁的工艺流程如下：rm{(1)}滤渣rm{A}能溶于氢氟酸，写出其反应的化学方程式____________rm{(2)}滤渣rm{B}中含有不溶于稀盐酸的黑色固体，则滤渣rm{B}含有的成分有____，加rm{MgO}并煮沸的主要目的是____________rm{(3)}写出加rm{NaClO}过程中发生的所有反应的离子方程式____rm{(4)}趁热过滤的目的是____rm{(5)}因rm{B_{2}O_{3}}溶于硫酸，所以此法制备的七水硫酸镁含有少量硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}硼酸与rm{NaOH}溶液反应可制得硼砂，写出该反应的化学方程式____。失去结晶水的硼砂与金属钠、氢气及石英砂一起反应可制备有机化学中的“万能还原剂rm{隆陋隆陋NaBH_{4}}”和另一种钠盐，写出其反应的化学方程式____。20、rm{35.}醋硝香豆素是一种治疗心脑血管疾病的药物，能阻碍血栓扩展。醋硝香豆素可以通过以下方法合成rm{(}部分反应条件省略rm{)}已知：rm{(1)}反应rm{垄脺}的反应类型为____。rm{(2)}反应rm{垄脷}的化学方程式为____。rm{(3)}反应rm{垄脹}的化学方程式为____。rm{(4)}关于rm{E}物质，下列说法正确的是____rm{(}填字母序号rm{)}rm{a.}可以用酸性高锰酸钾溶液鉴别rm{D}和rm{E}rm{b.}在核磁共振氢谱中有五组吸收峰rm{c.}可以发生加成反应、聚合反应、氧化反应和消去反应rm{d.}存在顺反异构rm{(5)}写出rm{G}的结构简式____。rm{(6)}分子结构中只含有一个环，且同时符合下列条件的rm{G}的同分异构体共有____种。rm{垄脵}可与氯化铁溶液发生显色反应；rm{垄脷}可与碳酸氢钠溶液反应生成二氧化碳气体。其中，苯环上的一氯代物只有两种的同分异构体的结构简式为____。区分上述rm{G}的各种同分异构体可选用的仪器是____rm{(}填代号rm{)}rm{a.}红外光谱仪rm{b.}质谱仪rm{c.}元素分析仪rm{d.}核磁共振仪21、【化学—选修5：有机化学基础】有机物E（分子式C8H7ClO）在有机合成中有重要应用，它能与氯化铁发生显色反应，分子中苯环上有两种氢原子，其工业合成途径如下：（1）A的结构简式__________________，B中含有的官能团是_________________。（2）反应①～④中，属于加成反应的是______________________（填序号）（3）写出步骤②反应方程式___________________，其反应类型为__________________。（4）E分子核磁共振氢谱有5组峰，峰面积之比为1：1：1：2：2。①则E的结构简式为_______________________；②E的同分异构体中含有苯环且能够发生银镜反应的物质有_________种，其中核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为1：2：2：2，写出其结构简式为______________________。评卷人得分五、实验探究题(共1题，共5分)22、某同学测量一只未知阻值的电阻。

（1）他先用多用电表欧姆档粗测其电阻；按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示。请你读出其阻值大小为______Ω．为了使多用电表测量的结果更准确，该同学接着测量前应该完成下列步骤中的______

A．换“×1”档再机械调零B．换“×1”档再欧姆调零。

C．换“×100”档再机械调零；D．换“×100”档再欧姆调零。

（2）若该同学再用“伏安法测量该电阻；实验室中备有如下器材。

电压表V1；量程为3V，内阻约为5kΩ

电压表V2；量程为15V，内阻约为15kΩ

电流表A1；量程为3mA，内阻约为10Ω；

电流表A2；量程为0.6A，内阻约为0.1Ω；

滑动变阻器R1；最大阻值20Ω；

滑动变阻器R2；最大阻值200Ω；

电池组E；电动势为3V，内阻很小电键和导线若干。

①实验时要求电压从零开始连续变化；以便多测几组数据，使测量结果尽量准确电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______。（填写器材的符号）

②请你在图乙完成其余的连线。评卷人得分六、画图题(共2题，共6分)23、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化．根据闭合电路欧姆定律分析ab中电流是否变化，分析cd所在回路的磁通量是否变化，再进行判断．【解析】【解答】解：

A、电键K闭合或断开的瞬间，下方回路中的电流发生变化，ab中产生的磁场随之变化；穿过上面回路的磁通量变化，所以导线cd中有感应电流，故A错误．

B、电键K闭合，滑动触头向左滑动时，接入电路的电阻增大，回路中的电流减小，则ab产生的磁场减弱；则穿过上面回路的磁通量减小，将产生感应电流，故B错误．

C、电键K闭合，滑动触头向右滑动时，接入电路的电阻减小，回路中的电流增大，则ab产生的磁场增强；则穿过上面回路的磁通量增大，将产生感应电流，故C错误．

D、电键K始终是闭合的，不滑动触头，回路中电流不变，ab产生的磁场不变；穿过上面回路的磁通量增大，将无感应电流产生，故D正确．

故选：D．2、B【分析】解：A；纤细小虫能停在平静的液面上；是由于受到张力的作用，而不是浮力，故A错误；

B；墨水滴入水中出现扩散现象；这是分子无规则运动的结果，故B正确；

C；“破镜不能重圆”．这是因为镜破处分子间的距离太大了；超过分子直径10倍，分子间作用力几乎不存在了，故C错误；

D；热针尖接触金属表面的石蜡；熔解区域呈圆形，这是非晶体各向同性的表现．

故选：B【解析】【答案】B3、C【分析】【分析】根据图示图象判断出气体的压强与热力学温度的变化关系；然后应用理想气体状态方程判断气体体积如何变化；

气体体积变大时，气体对外做功，体积减小时外界对气体做功；理想气体的内能由温度决定，气体温度不变，气体内能不变．【解析】【解答】解：A、由图示图象可知，b→c过程p与T成正比，该过程是等容变化，a→b过程气体的压强p不变而热力学温度T降低，由=C可知，气体的体积减小，则Va＞Vb=Vc；故A正确；

B、由图示图象可知，从a→b过程气体的压强p不变而热力学温度T降低，由=C可知；气体的体积减小，外界对气体做功，故B正确；

C、由图示图象可知，b→c过程p与T成正比；该过程是等容变化，气体的体积保持不变，外界对气体不做功，故C不正确；

D、由图示图象可知，c→a过程气体的温度T不变而压强p减小，由=C可知；气体的体积V变大，气体对外做功，气体温度不变，气体内能不变，故D正确；

本题选不正确的，故选C．4、D【分析】【分析】弹力产生的条件必须是与物体接触，并要发生形变；而弹力方向总垂直接触面；并会判定重力与压力的不同．【解析】【解答】解：AC；跳水运动员对跳板的压力和她的重力；它们不是一个力，而是两个不同的力，所以不能说跳水运动员对跳板的压力就是她的重力，且摩擦力和弹力的合力与重力大小相等，因此吴圣平对跳板的压力方向也不是竖直向下，故AC错误；

B；跳水运动员受到弹力就是由于跳板发生了形变；压力是由于运动员的重力引起的，故B错误；

D；由弹力产生原理；跳板对吴圣平的支持力是由跳板发生形变而产生的，故D正确．

故选：D．5、D【分析】【分析】对物体受力分析由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度位移及下降高度与时间的关系即可求解．【解析】【解答】解：在下滑过程中；物体的加速度为mgsinθ-μmgcosθ=ma；a=gsinθ-μgcosθ，加速度的大小保持不变．故B错误；

下滑过程中速度大小关系为v=v0+at=v0+（gsinθ-μgcosθ）t，速度与时间之间是线性关系，所以速度图线是一条直线．则动能Ek=mv2；故D正确；

物体向下做匀减速运动，故下滑的位移为s=）t2；

位移-时间关系的图象开口向下弯曲的线．故A错误；

下降的高度为h=ssinθ；故势能EP=mgh=mgssinθ；故势的图象也应为曲线；故C错误；

故选：D二、填空题(共5题，共10分)6、2【分析】【分析】当小球运动到通过圆心的水平位置时，圆环对小球的弹力沿水平方向，此时绳子的拉力等于圆环的重力．当小球重力沿半径方向的分力刚好提供向心力时，圆环对小球的弹力为零，此时绳子的拉力等于圆环的重力．【解析】【解答】解：小球由静止开始沿圆环下滑；速度逐渐增大，小球受到圆环的沿半径方向向外的弹力逐渐减小，当小球的重力沿半径方向的分力刚好提供向心力时，圆环对小球的弹力为零．当小球运动到通过圆心的水平位置时，圆环对小球的弹力沿水平方向，没有竖直方向的分力．

所以只有这2种情况细绳拉力大小刚好等于圆环重力．

故答案为：27、1×104【分析】【分析】根据P=Fv，结合额定功率和速度的大小求出牵引力的大小．【解析】【解答】解：根据P=Fv知，牵引力的大小F=．

故答案为：1×104．8、200.3415【分析】【分析】电流表的读数：由量程确定最小分度从而确定估读位数后进行读数；电流表要扩大量程要并联电阻分流，分流电阻为R=．【解析】【解答】解：由图可知；最小分度为0.02A，即为20mA，则指针现在的电流示数为：0.3A+0.02×2A=0.34A；

扩大量程要并联电阻R===15Ω

故答案为：20，0.34，159、变大1：3【分析】【分析】根据变轨的原理确定机械能的变化，根据周期的关系，结合求出角速度之比．【解析】【解答】解：从“24小时轨道”经过变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”；每次变轨时先加速，做离心运动，到远地点时再加速进入高轨道，可知机械能增加，所以卫星在每次变轨完成后的机械能比变轨前变大．

根据知；在两个轨道上的周期之比为3：1，则角速度之比为1：3．

故答案为：变大，1：310、20【分析】【分析】自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合位移时间公式求出自由下落的位移．【解析】【解答】解：根据s=得，2s内下落的位移s=．

故答案为：20．三、判断题(共7题，共14分)11、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和，是大量分子的统计规律．【解析】【解答】解：物体内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；注意是物体的内能，不是分子的内能；

故答案为：×12、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√13、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：月亮在云中穿梭；月亮相对于云层的位置发生变化，所以参考系为云层，该说法是正确的．

故答案为：√14、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×15、×【分析】【分析】重心就是重力的作用点，物体的重心在物体的几何中心上有两个条件：质地均匀，外形规则．【解析】【解答】解：由于课本上指出重心就是重力的作用点；因此重力作用在物体的重心点上；质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上．质量不是均匀分布的物体，即使外形规则的物体，重心有可能不在物体的几何中心上．所以以上说法是错误的．

故答案为：×16、×【分析】【分析】液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质．液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态；液晶在外加电压的影响下并不发光，而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．【解析】【解答】解：液晶在外加电压的影响下并不发光；而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．所以该说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】可以把波分为横波和纵波两类，传播的只是振动形式和能量，而偏振现象与横波有关，从而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是横波特有的现象；所以光的偏振现象说明光是横波．以上说法是正确的．

故答案为：√四、推断题(共4题，共40分)18、（1）加快酸溶速率；避免制备MgCO3时消耗更多的碱；（2）H2O2＋2Fe2＋＋2H＋=2Fe3＋＋2H2O；

（3）①分液漏斗②充分振荡；（4）至5.0＜pH＜8.5，过滤，边搅拌边向滤液中滴加Na2CO3溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加Na2CO3溶液，若无沉淀生成【分析】【分析】本题是考查物质制备工艺流程图分析，废渣主要成分为rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}、rm{MgSO}rm{MgSO}的氧化物，加入rm{4}的硫酸酸溶，过量后滤液中含有硫酸镁、硫酸亚铁以及硫酸铝，加入rm{4}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物，加入rm{40%}的硫酸酸溶，过量后滤液中含有硫酸镁、硫酸亚铁以及硫酸铝，加入rm{H}rm{Fe}rm{Al}rm{40%}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化亚铁离子，然后加入有机萃取剂萃取rm{Fe}至rm{Fe}可除去rm{{,!}^{3+}}，分液后可除去溶液中的rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}，分液后水溶液中含有rm{Mg}rm{Mg}rm{{,!}^{2+}}下干燥，得到、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，可调节溶液rm{pH}至rm{5<pH<8.5}可除去rm{Al}rm{pH}以此解答该题。

rm{5<pH<8.5}【解答】rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，又可防止生成rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}，过滤后在滤液中加入碳酸钠溶液，可生成rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}沉淀，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO}加快酸溶速率；避免制备rm{50隆忙}时消耗更多的碱；rm{MgCO}rm{3}rm{3}rm{?3H}溶液中含有亚铁离子，双氧水具有强氧化性，能把亚铁离子氧化为铁离子，因此加入rm{?3H}rm{2}rm{2}rm{O}以此解答该题。rm{O}故答案为：rm{(}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{)}加热可以加快反应速率；如果硫酸过多，则需要消耗更多的碱液中和硫酸，从而造成生产成本增加，因此所加rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{SO}中加入一定量的有机萃取剂，充分振荡、静置、分液，并重复多次。故答案为：rm{SO}分液漏斗；rm{4}充分振荡；rm{4}不宜过量太多。故答案为：rm{MgCO_{3}}根据氢氧化镁和氢氧化铝沉淀的rm{(}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}溶液中含有亚铁离子，双氧水具有强氧化性，能把亚铁离子氧化为铁离子，因此加入rm{)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化时发生发应的离子方程式为rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{(}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}rm{)}rm{垄脵}rm{垄脵}实验装置图中仪器rm{A}rm{A}的名称为分液漏斗。rm{垄脷}rm{垄脷}为使rm{Fe}故答案为：至rm{Fe}过滤，边搅拌边向滤液中滴加rm{3+}溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加rm{3+}溶液，若无沉淀生成。尽可能多地从水相转移至有机相，采取的操作：向装有水溶液的仪器rm{A}中加入一定量的有机萃取剂，充分振荡、静置、分液，并重复多次。故答案为：【解析】rm{(1)}加快酸溶速率；避免制备rm{MgCO_{3}}时消耗更多的碱；rm{(2)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}rm{+}rm{+}rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+}rm{+}rm{2H}

rm{2H}分液漏斗rm{{,!}^{+}}充分振荡；rm{=2Fe}至rm{=2Fe}过滤，边搅拌边向滤液中滴加rm{{,!}^{3+}}溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加rm{+}溶液，若无沉淀生成rm{+}19、（1）SiO2+4HF=SiF4↑+2H2O（2）氢氧化铝、氢氧化铁、二氧化锰氧化镁并煮沸的目的是调节溶液的pH，促进铝离子、铁离子完全水解成氢氧化物沉淀而除去（3）Mn2++ClO-+H2O=MnO2+Cl-+2H+、2Fe2++ClO-+2H+=2Fe3++Cl-+2H2O（4）防止硫酸镁在温度降低时结晶析出（5）H3BO3+2NaOH+3H2O=Na2B4O7·10H2ONa2B4O7+16Na+8H2+7SiO2=4Na2SiO3+7Na2B4O7【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题基础性强，主要是考查学生对化学基础知识和实验基本技能的了解掌握程度，有利于培养学生严谨的逻辑推理能力以及规范的实验设计能力，提升学生的学科素养。硼镁泥溶于硫酸时只有rm{SiO}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}加入不溶而形成滤渣rm{A}加入rm{NaClO}将亚铁离子氧化生成铁离子，氧化锰离子生成二氧化锰，经氧化镁调高rm{pH}后，溶于硫酸和氧化后形成的铝离子、铁离子生成氢氧化物沉淀，和二氧化锰一起形成滤渣rm{B}蒸发浓缩，因温度高时硫酸镁溶解度大而硫酸钙溶解度小，趁热过滤得到的滤渣rm{C}为硫酸钙，滤液冷却结晶后得到的将亚铁离子氧化生成铁离子，氧化锰离子生成二氧化锰，经氧化镁调高rm{A}后，溶于硫酸和氧化后形成的铝离子、铁离子生成氢氧化物沉淀，和二氧化锰一起形成滤渣rm{NaClO}蒸发浓缩，因温度高时硫酸镁溶解度大而硫酸钙溶解度小，趁热过滤得到的滤渣rm{pH}为硫酸钙，滤液冷却结晶后得到的rm{B}rm{C}主要物质是七水硫酸镁。据此作答。【解答】硼镁泥溶于硫酸时只有rm{SiO}加入rm{SiO}将亚铁离子氧化生成铁离子，氧化锰离子生成二氧化锰，经氧化镁调高rm{{,!}_{2}}后，溶于硫酸和氧化后形成的铝离子、铁离子生成氢氧化物沉淀，和二氧化锰一起形成滤渣不溶而形成滤渣rm{A}加入rm{NaClO}将亚铁离子氧化生成铁离子，氧化锰离子生成二氧化锰，经氧化镁调高rm{pH}后，溶于硫酸和氧化后形成的铝离子、铁离子生成氢氧化物沉淀，和二氧化锰一起形成滤渣rm{B}蒸发浓缩，因温度高时硫酸镁溶解度大而硫酸钙溶解度小，趁热过滤得到的滤渣rm{C}为硫酸钙，滤液冷却结晶后得到的蒸发浓缩，因温度高时硫酸镁溶解度大而硫酸钙溶解度小，趁热过滤得到的滤渣rm{A}为硫酸钙，滤液冷却结晶后得到的rm{NaClO}rm{pH}rm{B}由题意可知，滤渣rm{C}不溶于硫酸而溶于氢氟酸，则滤渣主要物质是为二氧化硅，与氢氟酸反应的化学方程式为七水硫酸镁，rm{(1)}由题意可知，滤渣rm{A}不溶于硫酸而溶于氢氟酸，则滤渣rm{A}为二氧化硅，与氢氟酸反应的化学方程式为rm{SiO}rm{(1)}rm{A}rm{A}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}

rm{+4HF=SiF}废渣与硫酸反应后，经过滤所得的产物中含有rm{+4HF=SiF}rm{{,!}_{4}}rm{隆眉+2H}rm{隆眉+2H}等离子，次氯酸钠具有氧化性能将rm{{,!}_{2}}氧化成rm{O}rm{O}易水解生成氢氧化铁，rm{(2)}易水解生成氢氧化铝，同时次氯酸钠还可将rm{Fe^{2+}}氧化为二氧化锰，二氧化锰是不溶于稀盐酸的黑色固体，所以滤渣rm{Fe^{3+}}含有的成分有：氢氧化铝、氢氧化铁、二氧化锰；加氧化镁并煮沸的目的是调节溶液的rm{Al^{3+}}促进铝离子；铁离子完全水解成氢氧化物沉淀而除去。

rm{Mn^{2+}}由上述分析知，加次氯酸钠过程中发生反应的离子方程式为rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}rm{Fe^{3+}}蒸发浓缩、趁热过滤的滤渣rm{Al^{3+}}为rm{Mn^{2+}}这是因为趁热过滤时硫酸钙的溶解度小，而硫酸镁的溶解度大，冷却后硫酸镁会结晶析出，故趁热过滤的目的是防止硫酸镁在温度降低时结晶析出。rm{B}与氢氧化钠溶液反应可制得硼砂，该反应为中和反应，配平可得化学方程式为：rm{pH}万能还原剂rm{(3)}中，钠元素是rm{Mn^{2+}+ClO^{-}+H_{2}O=MnO_{2}隆媒+Cl^{-}+2H^{+}}价，氢元素是rm{2Fe^{2+}+ClO^{-}+2H^{+}=2Fe^{3+}+Cl^{-}+2H_{2}O}价，所以金属钠是还原剂，氢气是氧化剂，根据化合价守恒得其反应的化学方程式为：rm{(4)}rm{C}rm{CaSO_{4}隆陇2H_{2}O}【解析】rm{(1)SiO_{2}+4HF=SiF_{4}隆眉+2H_{2}O}rm{(2)}氢氧化铝、氢氧化铁、二氧化锰氧化镁并煮沸的目的是调节溶液的rm{pH}促进铝离子、铁离子完全水解成氢氧化物沉淀而除去rm{(3)Mn^{2+}+ClO^{-}+H_{2}O=MnO_{2}+Cl^{-}+2H^{+}}rm{2Fe^{2+}+ClO^{-}+2H^{+}=2Fe^{3+}+Cl^{-}+2H_{2}O}rm{(4)}防止硫酸镁在温度降低时结晶析出rm{(5)H_{3}BO_{3}+2NaOH+3H_{2}O=Na_{2}B_{4}O_{7}隆陇10H_{2}O}rm{Na_{2}B_{4}O_{7}+16Na+8H_{2}+7SiO_{2}=4Na_{2}SiO_{3}+7Na_{2}B_{4}O_{7}}20、（1）加成反应​

（2）

（3）

（4）bd

（5）

（6）13abd

【分析】【分析】本题考查了有机物的结构、性质、转化、反应类型、化学方程式和同分异构体的书写的相关知识。【解答】与浓硝酸、浓硫酸在加热时发生取代反应产生rm{A}对硝基甲苯rm{A}与rm{Br_{2}}在光照时发生取代反应产生rm{B}rm{B}与rm{NaOH}的水溶液发生取代反应产生相对分子质量是rm{153}的rm{C}rm{C}氧化变为rm{D}rm{D}与生反应产生rm{E}苯酚与丙二酸酐发生反应产生rm{G}rm{G}与rm{E}发生反应形成rm{(}rm{(}反应rm{1)}反应rm{垄脺}的反应类型是加成反应，故答案为：的反应类型是加成反应，故答案为：加成反应rm{1)}rm{垄脺}在碱性条件下；rm{(2)}在碱性条件下变为rm{(2)}故答案为：发生反应rm{垄脷}变为rm{垄脷}，反应的化学方程式为：rm{;}rm{(3)}rm{(3)}故答案为：与物质发生反应是rm{垄脹}rm{垄脹}物质产生的化学方程式为：rm{(4)}物质rm{(4)}rm{E}是rm{E}，rm{a.}物质rm{D}rm{a.}rm{D}错误；中含有醛基和物质物质分子中含有五中不同的氢原子，所以核磁共振氢谱中有五组吸收峰，故rm{E}正确；rm{E}物质中含有的碳碳双键都可以被酸性中含有碳碳双键和羰基可以发生加成反应，碳碳双键可以发生加成聚合反应、氧化反应和还原反应，不能发生消去反应，故rm{KMnO4}错误；rm{KMnO4}由于在不饱和的碳碳双键上连有不同的原子或原子团，它们可以在双键的同侧，也可在双键的异侧，故存在顺反异构，故溶液氧化，因此不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别正确。rm{D}rm{D}和rm{E}的结构简式为：故答案为：rm{E}分子结构中只含有一个环，且同时符合条件，故rm{a}错误；rm{a}rm{b.}物质分子中含有五中不同的氢原子，所以核磁共振氢谱中有五组吸收峰，故rm{b}正确；rm{b.}rm{b}的同分异构体共有rm{c.}物质rm{c.}rm{E}中含有碳碳双键和羰基可以发生加成反应，碳碳双键可以发生加成聚合反应、氧化反应和还原反应，不能发生消去反应，故rm{c}错误；的各种同分异构体可选用的仪器是红外光谱仪、质谱仪、和核磁共振仪，故答案为：rm{E}rm{c}

rm{d.}由于在不饱和的碳碳双键上连有不同的原子或原子团，它们可以在双键的同侧，也可在双键的异侧，故存在顺反异构，故rm{d}正确。【解析】rm{(1)}加成反应rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}rm{(3)}rm{