2025年粤教版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某同学设计了一个测定列车加速度的仪器，如图所示，AB是一段圆弧形的电阻，O点为其圆心，圆弧半径为r，O点下用一电阻不计的金属线悬挂着一个金属球，球的下部与AB接触良好且无摩擦．A、B之间接有内阻不计、电动势为9V的电池，电路中接有理想电流表A，O、B间接有一个理想电压表V．整个装置在一竖直平面内，且装置所在平面与列车前进的方向平行．下列说法中正确的有（）A.从图中看到列车一定是向右加速运动B.当列车的加速度增大时，电流表A的读数增大，电压表V的读数也增大C.若电压表显示3V，则列车的加速度为gD.如果根据电压表示数与列车加速度的一一对应关系将电压表改制成一个加速度表，则加速度表的刻度是不均匀的2、把浸有乙醚的一小块棉花放在厚玻璃筒的底部，当快速下压活塞时，由于被压缩的空气骤然变热，温度升高，达到乙醚的燃点，使浸有乙醚的棉花燃烧起来，此实验的目的是要说明（）A.做功可以升高物体的温度B.做功可以改变物体的内能C.做功一定可以增加物体的内能D.做功可以增加物体的热量3、2012年6月24日，中国第一台自行设计、自主集成研制的深海载人潜水器——“蛟龙”号在西太平洋的马里亚纳海沟下潜深度超过7000米，预示着中国已经有能力征服全球99.8％的海底世界。假设在某次实验时，“蛟龙”号从水面开始下潜到最后返回水面共历时10min，其速度随时间的变化如图所示，则“蛟龙”号：A.下潜的最大深度为360mB.整个过程中的最大加速度为0.025m/s2C.在3～4min和6～8min内出现超重现象D.在8～10min内机械能守恒4、如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2（θ1、θ2均为锐角）；则由此条件可求得（）

A.水星和金星绕太阳运动的周期之比。

B.水星和金星的密度之比。

C.水星和金星到太阳的距离之比。

D.水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比。

5、【题文】在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.根据速度定义式当极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法6、已知两个点电荷间的距离为L时，两点电荷间的库仑力为F．现把两点电荷间的距离变为2L，则要保持它们之间的库仑力不变，两点电荷的电荷量的乘积应是原来的（）A.4倍B.2倍C.0.5倍D.0.25倍7、如图，质量m的物体静止于倾角为α的斜面体上，当斜面体受水平推力F使物体与斜面保持相对静止一起匀速移动s的过程中，斜面体对物体做的总功为（）A.0B.mgsinα•sC.mgcosα•sD.Fs评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A.位移的大小可能小于7mB.位移的大小可能大于10mC.加速度的大小可能小于4m/s2D.加速度的大小可能大于10m/s29、下列关于简谐振动的说法正确的是（）A.位移的方向总跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同B.位移减小时，加速度减小，速度增大C.物体运动方向指向平衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背向平衡位置时，速度方向与位移方向相同D.水平弹簧振子向左运动时，其加速度方向与速度方向相同；向右运动时，其加速度方向跟其速度方向相反10、下列关于力的说法中，正确的是（）A.力是改变物体运动状态的原因B.运动物体在运动方向上一定受到力的作用C.一个力必然涉及两个物体D.力的大小相等，作用效果不一定相同11、下列说法中正确的是（）A.布朗运动不是液体分子的无规则运动，而是微粒分子的无规则运动B.物体中分子间距离减小时，分子间的引力和斥力都增大，而分子势能可能减小也可能增大C.热量可以从低温物体传递到高温物体E.对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大E.对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大12、人站在h高处的平台上，水平抛出一个质量为m的物体，物体落地时的速度为v，以地面为重力势能的零点，不计空气阻力，则有（）A.人对小球做的功是B.人对小球做的功是-mghC.小球落地时的机械能是D.小球落地时的机械能是+mgh13、如图所示的正方形线框abcd，边长为L（L＜d），质量为m，电阻为R，将线框在磁场上方高为h处由静止释放，然后线框减速进入磁场，且当ab边刚进入磁场时速度为v0，ab边刚出磁场时速度也为v0，在线框穿过磁场的过程中，有（）A.ab刚进磁场时线框受安培力F=B.线框离开磁场过程中做匀速运动C.感应电流做的功为2mgdD.线框最小速度为14、压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图（a）所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动的过程中，电流表示数如图（b）所示，下列判断正确的是（）A.从t2到t3时间内，小车做匀减速直线运动B.从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动C.从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动D.从t1到t2时间内，小车做变加速直线运动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、起重机在10s内将重为200N的物体匀速竖直提高10m，这段时间内起重机对物体所做功的平均功率为____．16、（2010•泰州三模）氢原子的能级如图所示．有一群处于n=4能级的氢原子，这群氢原子能发出____种谱线，发出的光子照射某金属能产生光电效应现象，则该金属的逸出功应小于____eV．17、将一个大小为80N、方向竖直向下的力分解为两个分力，其中一个分力的大小为60N，方向向东，那么另一个分力的大小为____N．18、（2013•德州二模）如图所示为氢原子的能级图．用光子能量为13.06eV的光照射一群处于基态的氢原子，可能观测到氢原子发射的不同波长的光有____种．19、如图乙所示，小球以某一初速由斜面底部向上运动，其速度-时间图象如图甲所示，根据图线可知，斜面的倾角θ=____；小球回到A点时的速度为____m/s．20、如图所示，质量为m的物体A，静止在倾角为θ，质量为M的斜面B上，则斜面B对物体A的作用力大小为____；若物体A沿着斜面B以加速度a向下匀加速运动，斜面B仍静止，则下滑过程中地面对B的作用力大小为____．评卷人得分四、判断题(共3题，共9分)21、晶体的各向异性是由于它的微粒按空间点阵排列．____．（判断对错）22、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）23、光的衍射现象、偏振现象、色散现象都能体现光具有波动性____（判断对错）评卷人得分五、证明题(共2题，共4分)24、如图所示，两个光滑的水平导轨间距为L．左侧连接有阻值为R的电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m的导体棒以初速度v0向右运动．设除左边的电阻R外．其它电阻不计．棒向右移动最远的距离为s，问当棒运动到λs时0＜λ＜L，证明此时电阻R上的热功率：P=．25、如图，太阳系中星体A绕太阳做半径为R1的圆周运动，星体B作抛物线运动．B在近日点处与太阳的相距为R2=2R1，且两轨道在同一平面上，两星体运动方向如图中箭头所示．设B运动到近日点时，A恰好运动到B与太阳连线上，A、B随即发生某种强烈的相互作用而迅速合并成一个新的星体，其间的质量损失可忽略．试证明新星体绕太阳的运动轨道为椭圆．评卷人得分六、实验题(共2题，共12分)26、（I）在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验中．

（1）在下列所给的器材中，应该选用的电源是____．（用器材前的字母表示）

A；6V的交流电源B、6V的直流电源C、100V直流电源。

（2）在实验过程中，要把（A）复写纸、（B）导电纸、（C）白纸铺放在木板上，它们自下而上的顺序是____．（填写序号）；且导电纸涂导电物质的一面____．（填“向上”或“向下”）

（3）如图1所示为描绘电场中平面上等势线的装置，图中A、C、P、D、B等相邻两点间距相等，其中A、B为金属圆柱，当电流从正接线柱流入电流表时，其指针向正接线柱一侧偏转，当探针I接在D点，探针Ⅱ接在导电纸上某点时，电流表指针向负接线柱一侧偏转．为了尽快寻找等势点，探针Ⅱ应____移动（选填“向左”或“向右”）

（Ⅱ）如图2是用来验证动量守恒的实验装置，弹性球1用细线悬挂于O点，O点下方桌子的边沿有一竖直立柱．实验时，将球1拉到A点，并使之静止，同时把球2放在立柱上．释放球1，当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞．碰后球1向左最远可摆到B点，球2落到水平地面上的C点测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒，现已测出A点离水平桌面的距离为a，B点离水平桌面的距离为b，c点与桌子边沿间的水平距离为c．此外，还需要测量的量是____、____和____．根据测量的数据，该实验中动量守恒的表达式为____．27、电火花计时器的电源应是____电源，每隔____秒打一次点，如果每打5个取一个计数点，即相邻两个计数点间的时间间隔为____秒．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】通过小球的合力方向确定列车的加速度方向，当加速度增大时，判断出θ角的变化，从而得知BC段电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律判断电流和电压的变化．【解析】【解答】解：A；小球所受的合力水平向右；知列车向右做加速运动或向左做减速运动．故A错误．

B；小球的加速度a=gtanθ；当加速度增大，θ增大，BC段电阻增大，因为总电阻不变，所以电流不变，BC段电压增大．故B错误．

C、当电压表为3V时，知BC段的电阻是总电阻的三分之一，则θ=30°，则a=gtan30°=．故C错误．

D；根据a=gtanθ知；a与θ不成正比关系，因为电流不变，电压表示数的大小与电阻成正比，BC段电阻与θ成正比，所以a与电压表示数的关系不成正比，所以加速度表的刻度不均匀．故D正确．

故选：D．2、B【分析】【分析】解决此题要结合温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题；解决此题要知道做功可以改变物体的内能．当外界对物体做功时，物体的内能增大；当物体对外界做功时，物体的内能就会减小．【解析】【解答】解：；AB当用力压活塞时；活塞压缩玻璃筒内的空气，对空气做功，空气的内能增加，温度升高，当达到乙醚着火点时，筒内棉花就会燃烧起来．此实验说明了：外界对物体做功，物体的内能增加，故A错误，B正确．

CD；改变物体的内能有做功和热传递；做功不一定增加物体的内能，还需考虑热传递；做功改变物体的内能，宏观表现为物体温度的变化，并非增加热量，故CD错误．

故选：B．3、A|C【分析】试题分析：观察速度时间图像，一开始速度是负值说明速度以向上为正方向。前4分钟速度都是负值，说明一直在下潜，4分钟到达最深处，深度即前4分钟位移等于v-t图像的面积，注意分钟单位化作秒，则有答案A对。图像斜率代表加速度，斜率最大的是下潜过程，答案B错误。在3～4min向下减速，加速度向上为超重，6～8min向上加速，加速度向上为超重，答案C对。在8～10min，向上减速，但是加速度不等于重力加速度说明除重力外还有别的力做功，因此机械能不守恒。D错。考点：速度时间图像【解析】【答案】AC4、A|C|D【分析】

A、相同时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2，可知它们的角速度之比为θ1：θ2．周期T=则周期比为θ2：θ1．故A正确．

B；水星和金星是环绕天体；无法求出质量，也无法知道它们的半径，所以求不出密度比．故B错误．

C、根据万有引力提供向心力：r=知道了角速度比，就可求出轨道半径之比．故C正确．

D、根据a=rω2；轨道半径之比；角速度之比都知道，很容易求出向心加速度之比．故D正确．

故选ACD．

【解析】【答案】相同时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2；可知道它们的角速度之比，绕同一中心天体做圆周运动，根据万有引力提供向心力，可求出轨道半径比，以及向心加速度比．

5、B【分析】【解析】

试题分析：平均速度的极限就是瞬时速度；选项A正确。质点代替物体的方法使用的是建立物理模型法，选项B错误。在探究牛顿第二定律的实验中，所使用的方法是变量控制法，选项C正确，研究匀变速直线运动的方法就是微元分割法，选项D正确。

考点：本题考查物理研究方法等基础知识。【解析】【答案】B6、A【分析】解：根据库仑定律的公式F=

两个点电荷间的距离为L时；两点电荷间的库仑力为F．

现把两点电荷间的距离变为2L，则要保持它们之间的库仑力不变，即F=

那么两点电荷的电荷量的乘积应是原来的它们的4倍．故A正确；BCD错误．

故选：A．

根据库仑定律的公式F=k即可分析求解．

对于库仑定律公式涉及物理量较多，要明确公式中各个物理量的含义，可以和万有引力公式对比理解．【解析】【答案】A7、A【分析】【分析】在物体运动的过程中，受到重力、斜面体对物体的作用力，由于物体做匀速运动，合力做功为零，再分析斜面体对物体所做的功．【解析】【解答】解：物体受到重力；斜面体对物体的作用力；物体做匀速运动，合力为零，合力做功也为零，而重力对不做功，则斜面体对物体所做的功为0．

故选：A二、多选题(共7题，共14分)8、AD【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度，结合平均速度推论求出物体的位移，注意末速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．【解析】【解答】解：若1s后的速度方向与初速度方向相同，则加速度a=，位移x=；

若1s后的速度方向与初速度方向相反，则加速度a=，位移x=；负号表示方向，故A；D正确．B、C错误．

故选：AD．9、BC【分析】【分析】根据简谐振动的特征a=-分析加速度与位移的关系．根据方向关系分析速度与位移的关系．【解析】【解答】解：

A、根据简谐振动的特征a=-分析得知位移的方向总跟加速度的方向相反；但速度方向不一定相同，当物体离开平衡位置时，两者方向相反，故A错误．

B；位移减小时；物体靠近平衡位置，加速度减小，速度增大．故B正确．

C；位移方向总是从平衡位置指向物体所在的位置；则物体运动方向指向平衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背向平衡位置时，速度方向与位移方向相同．故C正确．

D；水平弹簧振子向左运动时；若振子做减速运动，其加速度方向与速度方向相反；向右运动时，若振子做加速运动，其加速度方向跟其速度方向相同，故D错误．

故选：BC．10、ACD【分析】【分析】根据牛顿第一定律分析力的作用：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．从力的概念分析可知，一个力必然涉及两个物体．力的作用效果与力的大小、方向和作用点都有关系．【解析】【解答】解：A；根据牛顿第一定律分析得知；力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故A正确．

B；运动物体在运动方向上不一定受到力的作用；可能由于惯性而继续运动，比如平抛运动水平方向并不受外力．故B错误．

C；力是一个物体对另一个物体的作用；涉及施力和受力两个物体．故C正确．

D；力的作用效果与力的大小、方向和作用点都有关系；则力的大小相等，作用效果不一定相同．故D正确．

故选ACD11、BCE【分析】解：A；布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动；不是微粒分子的无规则运动，它反映了液体或气体分子的无规则运动．故A错误．

B；物体中分子间距离减小时；分子间的引力和斥力都增大；当分子间为引力时，分子间距离减小时，分子力做正功；分子势能减小；当分子间为斥力时，分子间距离减小时，分子力做负功；分子势能增大．故B正确．

C；热量可以从低温物体传递到高温物体；但会引起其他的变化．如空调．故C正确．

D；根据热力学第二定律可知；热机的效率可以不等于100%．故D错误；

E；温度是分子平均动能的标志；对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大．故E正确．

故选：BCE

布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动；分子间同时存在引力和斥力；随着分子间距的增加，引力和斥力同时减小；根据分子力做功情况判断分子势能的变化；正确理解好应用热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志．

本题考查了有关分子运动和热现象的基本知识，对于这些基本知识一定注意加强记忆和积累．其中对热力学第二定律的几种不同的表述要准确理解．【解析】【答案】BCE12、BC【分析】【分析】人对小球做的功等于小球获得的初动能；根据对抛出到落地的过程运用动能定理即可求得初动能；

球落地的机械能等于落地时的动能加重力势能，以地面为重力势能的零点，所以小球落地的机械能等于落地时的动能．【解析】【解答】解：A、B人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对从开始抛到落地的过程，运用动能定理得：W+mgh=mv2，所以人对小球做的功是mv2-mgh；故A错误B正确；

C、以地面为重力势能的零点，小球落地的机械能等于落地时的动能加重力势能，小球落地时的重力势能是零，机械能为mv2；故C正确D错误．

故选：BC．13、ACD【分析】【分析】线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度是相同的，又因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动．可知线圈进入磁场先要做减速运动．【解析】【解答】解：A、ab刚进磁场时线框ab中产生的电动势：E=BLv0，受安培力：．故A正确；

B、根据能量守恒研究从ab边刚进入磁场到ab边刚穿出磁场的过程：动能变化为0，所以ab进入磁场的过程中一定会先做减速运动，ab边刚离开磁场时速度也为v0，所以ab离开磁场的过程中一定会先做减速运动．故B错误；

C、根据能量守恒研究从ab边刚进入磁场到ab边刚穿出磁场的过程：动能变化为0，所以ab加入磁场的过程中一定会想做减速运动；重力势能转化为线框产生的热量；Q=mgd．

ab边刚进入磁场时速度为v0，ab边刚离开磁场时速度也为v0，所以从ab边刚穿出磁场到cd边离开磁场的过程，线框产生的热量与从ab边刚进入磁场到ab边刚穿出磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程；产生的热量Q′=2mgd，感应电流做的功为2mgd．故C正确．

D；因为进磁场时要减速；即此时的安培力大于重力，速度减小，安培力也减小，当安培力减到等于重力时，线圈做匀速运动，全部进入磁场将做加速运动；

设线圈的最小速度为vm；知全部进入磁场的瞬间速度最小．

由动能定理，从cd边刚进入磁场到线框完全进入时，则有：

又：，综上所述，线圈的最小速度为为：．故D正确．

故选：ACD．14、BD【分析】【分析】压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，而电流变大说明电阻变小，故电流变大说明压力变大；反之，电流变小说明压力变小；电流不变说明压力不变．【解析】【解答】解：A、由图示图象可知，在t2～t3内；I不变，压力恒定，绝缘球受到的合力向右，加速度向右，小车向右做匀加速直线运动，故A错误，B正确；

C、由图示图象可知，在t1～t2内；I变大，说明压敏电阻阻值减小，压敏电阻受到的压力增大，绝缘球受到向右的力增大，球的合力增大，球的加速度增大，小车向右左加速度增大的加速运动，故C错误，D正确；

故选：BD．三、填空题(共6题，共12分)15、100W【分析】【分析】做功必不可少的两个条件：有力作用在物体上，物体在力的方向上移动一段距离；然后由功率公式求出功率．【解析】【解答】解：起重机在匀速提高重物的过程中；起重机对重物的作用力竖直向上，而重物在竖直方向移动，在力的方向上重物移动距离，因此在该过程中起重机对重物做功；所以在该个过程中，起重机对重物所做的功：

W=Gh=200N×10m=1000J；

整个过程做功的平均功率为：

P===100W；

故答案为：100W16、60.66【分析】【分析】根据组合，求出氢原子最多发出谱线的种数．发出能量最小的光子照射到金属上能发生光电效应，则所有光子照射金属都能发生光电效应．【解析】【解答】解：C=6；所以这群氢原子最多能发出6种谱线．

能级4跃迁到能级3发出的光子能量最小；为-0.85+1.51eV=0.66eV，所以金属的逸出功不应超过0.66eV．

故本题答案为：6，0.66．17、100【分析】【分析】力的合成与分解都遵守平行四边形定则，根据平行四边形定则，做出图形即可求得分力的大小．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则；已知一个分力沿水平方向，做出平行四边形如图所示；

由图形可知另一个分力F2的大小为F2==100N．

故答案为：10018、10【分析】【分析】依据氢原子的能级图，计算出基态氢原子吸收该光子后最高能跃迁到第几能级，然后即可求出有多少种不同频率光子．【解析】【解答】解：设氢原子吸收该光子后能跃迁到第n能级，根据能级之间能量差可有：13.06eV=En-E1

其中E1=-13.6eV，所以En=-0.54eV；故基态的氢原子跃迁到n=5的激发态．

所以放出不同频率光子种数为：=10种。

故答案为：10．19、37°20【分析】【分析】由v-t图象的斜率求出加速度，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出斜面倾角．【解析】【解答】解：由v-t图象的斜率知上滑时加速度a===8m/s2

下滑时加速度为a′==4m/s2

根据牛顿第二定律：mgsinθ+f=ma

mgsinθ-f=ma′

联立得：θ=37°

上升时的位移为x=×40×5=100m

则回到A点时的速度v2-02=2a′x

得：v=20m/s

故答案为：37°；20．20、mg【分析】【分析】物体A静止在斜面上处于平衡状态，所受合力为0，A物体受重力和斜面B对A的作用力，根据平衡知两者大小相等方向相反；以物体A为研究对象受力分析，根据牛顿第二定律求出斜面B对A的支持力和摩擦力大小，再以物体B为研究对象根据平衡求物体B所受地面摩擦力即可．【解析】【解答】解：（1）由题意知；物体A静止在B上，处于平衡状态，物体A所受合力为0，对物体A进行受力分析，A受竖直向下的重力，沿斜面向上的摩擦力和斜面对物体的支持力，根据平衡知斜面对A的支持力和摩擦力的合力与物体A所受重力的大小相等方向相反，故斜面B对物体A的作用力大小为支持力和摩擦力的合力，即为mg；

（2）若物体A沿斜面匀加速下滑时；对物体A进行受力分析有：

根据牛顿第二定律知有：

mgsinθ-fBA=ma

NBA-mgcosθ=0

解得：fBA=mgsinθ-ma

NBA=mgcosθ

如图；对斜面B进行受力分析有：

如图；根据牛顿第三定律有：

斜面B所受A物体的压力NAB=NBA=mgcosθ

斜面B所受A物体的摩擦力fAB=fBA=mgsinθ-ma；根据斜面B处于平衡状态有：

NABsinθ-f-fABcosθ=0

N-Mg-NABcosθ-fABsinθ=0

所以有：N=Mg+mgcosθ•cosθ+（mgsinθ-ma）sinθ=（M+m）g-masinθ

f=mgcosθ•sinθ-（mgsinθ-ma）cosθ=macosθ

所以斜面B受到地面的作用力为地面对斜面B的摩擦力和地面对斜面B的支持力的合力；所以。

F===

故答案为：mg，四、判断题(共3题，共9分)21、√【分析】【分析】同时晶体内部排列有规则，而非晶体则没有，但形状不一定有规则．晶体分为单晶体和多晶体，单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性．【解析】【解答】解：晶体分为单晶体和多晶体．根据晶体的结构的特点可知；单晶体由于内部原子按空间点阵排列，排列规律相同，所以具有各向异性．故该说法是正确的．

故答案为：√22、√【分析】【分析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大．【解析】【解答】解：物态的内能与物体的物质的量；温度、体积以及物态有关．对一定质量的理想气体；物质的量一定，物态一定，而气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关．

故答案为：√23、×【分析】【分析】光的粒子性能够很好的解释光的直线传播、反射、折射和色散；光的波动性能够很好的解释光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波动性能够很好的解释光的干涉和衍射；偏振是横波特有的现象，故光的干涉；衍射和偏振证明了光具有波动性；

光的粒子性能够很好的解释光的直线传播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直线传播、反射、折射和色散证明了光的粒子性．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×五、证明题(共2题，共4分)24、略

【分析】【分析】导体棒向右运动时，受到向左的安培力作用而减速运动，根据牛顿第二定律和加速度的定义式，运用积分法研究整个过程，再对棒运动λs时研究，求出电路中电流，从而得到R上的热功率．【解析】【解答】证明：取向右为正方向．根据牛顿第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

两边求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

对整个过程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

从开始运动到棒运动到λs的过程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒运动到λs速度为：v=（1-λ）v0⑦

此时电阻R上的热功率为：P===．

得证．25、略

【分析】【分析】A、B星体靠拢过程中动量守恒，从而求出新星体C的速度，计算C新星体的机械能判断轨道的形状是否为椭圆．【解析】【解答】证明：计算新星体C的机械能，设C距日R3，设A、B星球的速度分别为vA和vB；则：

在径向：可以认为在A；B靠拢过程中质心未动；所以C到太阳的距离为。

R3==①

在切向：A、B合并过程中动量也守恒，则有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：