2025年粤教版高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡，线圈L自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是（）A.合上开关S时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B.断开开关S时，A1要过一会儿才熄灭，A2立即熄灭C.断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭D.断开开关S时，流过A2的电流方向向右2、做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v，则（）A.前一半位移的平均速度是2.5vB.前一半时间的平均速度是3vC.后一半时间的平均速度是4vD.后一半位移的平均速度是6v3、一物体从高处自由下落，经2秒落地，则该物体下落1秒时，离地高度是（）A.5米B.10米C.15米D.18米4、【题文】关于晶体和非晶体的说法，正确的是（）A.晶体一定具有各向异性B.液晶具有光学各向异性C.金刚石和石墨都是单晶体D.具有熔点的物体一定是单晶体5、（2016•虹口区二模）图示为一种应用逻辑电路制作的简易走道灯的电路图，虚线框内的C是一门电路，R0和R1中有一个是定值电阻，另一个是光敏电阻（受光照时阻值减小），R2是定值电阻．当走道里光线较暗或将手动开关S接通时灯泡L都会点亮，则电路中（）A.C是“或门”，R0是光敏电阻B.C是“或门”，R1是光敏电阻C.C是“与门”，R0是光敏电阻D.C是“与门”，R1是光敏电阻6、下列哪一个式子是磁感应强度公式？（）A.E=B.F=kC.B=D.Q=I2Rt7、关于质点，下列说法正确的是（）A.质点就是没有质量、没有形状和大小的点B.只有体积很小或质量很小的物质才可以看作质点C.在研究子弹穿过一张薄纸所需的时间时，子弹可以看作质点D.研究地球公转一周所需时间时，地球可以看作质点评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、有一个电容器，如果使它的电荷量增加8.0×10-8C，两极间电势差就增大40V，这个电容器的电容为____F．9、已知铜的摩尔质量是M，密度是ρ，阿伏加德罗常数是NA，则V体积的铜块中含有的铜原子个数为____．10、起重机在10s内将重为200N的物体匀速竖直提高10m，这段时间内起重机对物体所做功的平均功率为____．11、将截面均匀、长为L、电阻为R的金属导线截去，再拉长至L，则导线电阻变为____Ω12、某同学设计了如图(a)所示电路研究电源输出功率变化情况．电源E电动势、内电阻恒定，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻；A；V为理想电表．

(1)若滑动片P由a滑至b时A示数一直变小，则R1和R2必须满足的关系是____________．

(2)若R1=6Ω，R2=12Ω，电源内电阻r=6Ω，当滑动片P由a滑至b时，电源E的输出功率P随外电路总电阻R的变化关系如图(b)所示，则R3的阻值应该选择____________．

A．2ΩB．4Ω

C．6ΩD．8Ω13、一定质量的理想气体压强p

与热力学温度T

的关系如图所示，ABBC

分别与p

轴和T

轴平行.

气体在状态C

时分子平均动能____(

填“大于”“等于”或“小于”)A

状态时分子平均动能.

气体从状态A

经状态B

变化到状态C

的过程中，对外做的功为W

内能增加了娄陇U

则此过程气体吸收的热量为____．14、（1）如图甲所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取g=10m/s2；那么：

①照相机的闪光频率是____Hz；

②小球抛出的初速度的大小是____m/s；

③小球经过B点时的速度大小是____m/s．

（2）某同学获得了如图乙所示的平抛运动的轨迹，并在图上建立了直角坐标系，坐标原点O为小球的抛出点．若在轨迹上任取一点，测得坐标为（x，y），则还可以利用图象求出小球抛出时的初速度v0=____．15、匀速转动的电动砂轮的转速为900r/min，砂轮的半径为10cm，可知砂轮转动的角速度为____rad/s，砂轮边缘上的质点的线速度为____m/s．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．____．（判断对错）17、影响蒸发快慢的因素有绝对湿度、表面积、温度．____．（判断对错）18、光的偏振现象说明光是横波____（判断对错）19、电荷在电场中一定受电场力的作用．____（判断对错）20、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）21、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）22、没有施力物体的力有可能存在．____（判断对错）评卷人得分四、实验题(共3题，共6分)23、某小组设计了如图所示的电路，该电路能够测量电源的电动势E和内阻r；E′是辅助电源，A；B两点间有一灵敏电流表G．

（1）补充下列实验步骤：

①闭合开关S1、S2，____使得灵敏电流表的示数为零，这时，A、B两点的电势φA、φB的关系是φA____φB，即相当于同一点，读出电流表和电压表的示数I1和U1，其中I1就是通过电源E的电流．

②改变滑动变阻器R、R′的阻值，重新使得____，读出____．

（2）写出步骤①、②对应的方程式及电动势和内阻的表达式：____．24、【题文】在互成角度的两个共点力的合成实验中，其中的三个实验步骤如下：

(1)在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点的位置和两弹簧测力计的读数F1和F2。

(2)在纸上根据F1和F2的大小，应用平行四边形定则作图求出合力F。

(3)只用一只弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两只弹簧测力计同时拉时相同，记下此时弹簧测力计的读数F′及其方向。

以上三个步骤中均有错误或疏漏：

(1)_____________________________________；

(2)_____________________________________；

(3)______________________________________。25、实验题：

（1）某同学在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，计算出的分子直径结果明显偏大，可能是由于：____

A．油酸来完全散开；

B．油酸中含有大量酒精：

C．计算油膜面积时；舍去了所有不足一格的方格；

D．求每滴体积时；1mL的溶液的滴数误多计了10滴．

（2）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；实验室提供了如下器材：

A．小灯泡（3V；1.5W）B．电压表（量程3V，内阻20千欧）

C．电压表（量程15V；内阻50千欧）D．电流表（量程3A，内阻0.2欧）

E．电流表（量程0.6A；内阻l欧）F．滑动变阻器（0-100欧，0.5A）

G．滑动变阻器（0一l0欧；2A）H．学生电源（电动势4V．内阻不计）

I．电键及导线若干。

实验中要求拥在小灯泡上的电压从零开始调节且在不超过小灯泡额定电压的情况下尽可能精确的多测几组对应的U；I值；则：

①上述器材中电压表应选择____；电流表应选择____；滑动变阻器应选择____．（用器材前面的字母代号表示）

②在下面的方框中作出实验的电路图并在实物图中连线．（注意：实物图中连线不允许交叉）

评卷人得分五、推断题(共4题，共36分)26、实验室以一种工业废渣rm{(}主要成分为rm{MgCO_{3}}rm{Mg_{2}SiO_{4}}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物rm{)}为原料制备rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}实验过程如下：

rm{(1)}酸溶过程中主要反应的热化学方程式为rm{MgCO_{3}(s)+2H^{+}(aq)=Mg^{2+}(aq)+CO_{2}(g)+H_{2}O(l)}rm{娄陇H=-50.4kJ隆陇mol^{篓C1}}rm{Mg_{2}SiO_{4}(s)+4H^{+}(aq)=2Mg^{2+}(aq)+H_{2}SiO_{3}(s)+H_{2}O(l)}rm{娄陇H=-225.4kJ隆陇mol^{篓C1}}酸溶需加热的目的是________；所加rm{H_{2}SO_{4}}不宜过量太多的原因是________。rm{(2)2}分加入rm{H_{2}O_{2}}氧化时发生发应的离子方程式为____rm{(3)}用下图所示的实验装置进行萃取分液，以除去溶液中的rm{Fe^{3+}}

rm{垄脵2}分实验装置图中仪器rm{A}的名称为_________。rm{垄脷2}分为使rm{Fe^{3+}}尽可能多地从水相转移至有机相，采取的操作：向装有水溶液的仪器rm{A}中加入一定量的有机萃取剂，________rm{_}静置、分液，并重复多次。rm{(4)}请补充完整由萃取后得到的水溶液制备rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}的实验方案：边搅拌边向溶液中滴加氨水，__________________，过滤、用水洗涤固体rm{2隆芦3}次，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO_{3}隆陇3H_{2}O}rm{[}已知该溶液中rm{pH=8.5}时rm{Mg(OH)_{2}}开始沉淀；rm{pH=5.0}时rm{Al(OH)_{3}}沉淀完全rm{]}27、芳香烃rm{A}是基本有机化工原料，由rm{A}制备高分子rm{E}和医药中间体rm{K}的合成路线rm{(}部分反应条件略去rm{)}如图所示：已知：回答下列问题：rm{(1)A}的名称是________；Ⅰ含有官能团的名称是________。rm{(2)垄脻}的反应类型是________，rm{垄脿}的反应类型是________。rm{(3)}写出反应rm{垄脷}的化学方程式：____________________________．rm{(4)D}分子中最多有________个原子共平面。rm{E}的结构简式为______________。rm{(5)}写出一种同时符合下列条件的rm{F}的同分异构体的结构简式：________________________。rm{垄脵}苯环上只有两种不同化学环境的氢原子；rm{垄脷}既能与银氨溶液反应又能与rm{NaOH}溶液反应。rm{(6)}将由rm{D}为起始原料制备的合成路线补充完整rm{(}无机试剂及溶剂任选rm{)}______________________________________________________________________________________合成路线流程图示例如下：rm{CH_{3}CHOxrightarrow[麓脽禄炉录脕/?]{{O}_{2}}CH_{3}COOHxrightarrow[脜篓脕貌脣谩/?]{C{H}_{3}C{H}_{2}OH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CHO

xrightarrow[麓脽禄炉录脕/?]{{O}_{2}}CH_{3}COOH

xrightarrow[脜篓脕貌脣谩/?]{C{H}_{3}C{H}_{2}OH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}28、水芹烯是一种具有祛痰、抗菌、杀虫作用的添加剂，由水芹烯合成聚合物rm{H}的路线如图所示。

回答下列问题：rm{(1)B}的结构简式为________。rm{C}的化学名称是________。rm{(2)垄脹}的反应试剂和反应条件分别是________，该反应的反应类型是________。rm{(3)垄脼}的化学方程式为________。rm{垄脼}中浓rm{H_{2}SO_{4}}的作用是________。rm{(4)H}的分子式为________。rm{(5)M}是rm{G}的同分异构体，rm{M}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应生成rm{CO_{2}}则rm{M}可能的结构有________种。rm{(6)}乙酸rm{隆陋2隆陋}丙酯rm{(}rm{)}是重要的有机化工中间体，写出以rm{2隆陋}甲基rm{隆陋2隆陋}丁烯rm{(}rm{)}为原料rm{(}其他试剂任选rm{)}制备乙酸rm{隆陋2隆陋}丙酯的路线：________。29、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}石油分馏得到的轻汽油可在rm{Pt}催化下脱氢环化，逐步转化为芳香烃。以链烃rm{A}为原料合成两种高分子材料的路线如图所示：已知以下信息：rm{垄脵B}的核磁共振氢谱中只有一组峰；rm{G}为一氯代烃；rm{垄脷R-X+R{{'}}-Xxrightarrow[]{Na,{20}^{0}C}R-R{{'}}(X}为卤素原子，rm{垄脷R-X+R{{'}}-X

xrightarrow[]{Na,{20}^{0}C}R-R{{'}}(X}rm{R}为烃基rm{R{{'}}}回答以下问题：rm{)}的化学名称为________，rm{(1)B}的结构简式为________。rm{E}生成rm{(2)G}的化学方程式为________。rm{H}的结构简式为________。rm{(3)J}合成丁苯橡胶的化学方程式为________。rm{(4)F}的同分异构体中能同时满足下列条件的共有________种。rm{(5)I}不含立体异构rm{(}rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生气体；rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振氢谱为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{4}的是________。rm{6漏U2漏U1漏U1}写出其中一种的结构简式rm{(}rm{)}参照上述合成路线，设计以rm{(6)}甲基己烷和rm{2-}氯甲烷为原料rm{-}无机试剂任选rm{(}制备化合物rm{)}的合成路线：________。rm{E}参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析．【解析】【解答】解：A、当电键K闭合时，灯A2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，灯A1逐渐亮起来．所以灯A2比灯A1先亮．由于线圈直流电阻忽略不计；当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A正确；

B、C、D、稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，线圈L、灯A2与灯A1构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于两灯泡完全相同，线圈的电阻又不计，则灯A2不会出现闪亮一下，且流过灯A2的电流方向向左；故BCD错误；

故选：A．2、D【分析】【分析】解决本题需要掌握：匀变速直线运动的时间中点和位移中点的速度公式，明确公式适用条件和物理量意义．然后直接利用公式求解即可．【解析】【解答】解：A、匀变速直线运动的位移中点的速度公式为：=，故；故A错误；

B、中间时刻的瞬时速度为：，故总时间内的平均速度为，；故B错误；

C、后一半时间内的；故C错误；

D、后一半位移的平均速度是；故D正确．

故选：D．3、C【分析】【分析】根据h=gt2求出下落的高度，然后再根据该公式求出1s内下降的高度，从而得出离地的高度．【解析】【解答】解：物体2s内的位移为：；

物体第一秒的位移为：；

故物体下落1秒时；离地高度是H-h=15m；

故选C．4、B|C【分析】【解析】

试题分析：单晶体具有各向异性；而多晶体则各向同性，A错误；液晶的特点：同时具有流动性和光学各向异性，B正确；金刚石和石墨都是单晶体，C正确；单晶体和多晶体都具有一定的熔点，D错。

故选BC

考点：考查了对晶体和单晶体的理解。

点评：热学这一块知识点比较碎，所以在平时的学习中多注意积累，记忆【解析】【答案】BC5、A【分析】【分析】或门的特点是当有一个条件满足时，事件就会发生．由此分析即可．【解析】【解答】解：当电键闭合时；输入为高电势，当光线较暗时，光敏电阻较大，输入端为高电势，因为当走道里光线较暗时或是将手动开关S接通时，灯都会亮，知只要有一个条件满足，事件就能发生，知该门电路是“或”门电路．

当有光照时，光敏电阻阻值较小，输入端B端需要输入低电势，所以光敏电阻不能放在R1的位置，可以放在R0的位置．故A正确；B；C、D错误．

故选：A6、C【分析】【分析】明确各电学物理量的定义式及库仑定律、焦耳定律等内容进行分析即可．【解析】【解答】解：A、E=为电场强度的定义式；故A错误；

B、F=k为库仑定律的表达式；故B错误；

C、磁场是由电流元放入磁场中得出的；故B=；故C正确；

D、Q=I2Rt是焦耳定律的表达式；故D错误；

故选：C．7、D【分析】【分析】质点就是有质量但不存在体积与形状的点．在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们近似地把该物体看作是一个具有质量大小和形状可以忽略不计的理想物体，称为质点．【解析】【解答】解：A；质点是有质量而没有大小和形状的点；故A错误；

B；任何物体均可以看作质点；并不是只有体积很小，而质量很小的物质才能看作质点；故B错误；

C；在子弹通过纸时；子弹的大小和形状不能忽略；故子弹不能看作质点；故C错误；

D；研究地球公转时；地球的大小和形状可以忽略；故可以看作质点；故D正确；

故选：D．二、填空题(共8题，共16分)8、2×10-9【分析】【分析】根据电容的定义式C==，求得电容，电C与所带电量多少无关．【解析】【解答】解：电容定义式有：C====2×10-9F

故答案为：2×10-99、【分析】【分析】先根据m=ρV求解质量，再根据n=求解物质量，最后根据N=n•NA求解铜的原子个数．【解析】【解答】解：铜的质量为：m=ρV；

物质量物质量为：n=；

铜的原子个数：N=n•NA；

联立解得：N=；

故答案为：．10、100W【分析】【分析】做功必不可少的两个条件：有力作用在物体上，物体在力的方向上移动一段距离；然后由功率公式求出功率．【解析】【解答】解：起重机在匀速提高重物的过程中；起重机对重物的作用力竖直向上，而重物在竖直方向移动，在力的方向上重物移动距离，因此在该过程中起重机对重物做功；所以在该个过程中，起重机对重物所做的功：

W=Gh=200N×10m=1000J；

整个过程做功的平均功率为：

P===100W；

故答案为：100W11、【分析】【分析】根据电阻定律公式R=列式判断即可．【解析】【解答】解：将粗细均匀、长为L、电阻为R的金属导线截去，再均匀拉长至L，其体积减小了，变为（1-），故横截面积S变为（1-）S=S；

根据电阻定律公式R=ρ，电阻与横截面积成反比，故电阻变为原来的倍，即；

故答案为：．12、略

【分析】解：(1)A示数I=欲使滑动片P由a滑至b时A示数一直变小，须使R并一直变大，因为两电阻之和一定时，当二者相等时并联电阻最大，所以要求R1≤R2．

(2)从图b知，当R外=6Ω时，电源E的输出功率P最大，即电源内阻为6Ω，而R1和R2部分的电阻变化范围是0～4Ω，因此R3的阻值必须大于2Ω小于6Ω．所以A；C、D错误；只能选B．

故答案为：(1)R1≤R2；(2)B．【解析】R1≤R2;B13、大于W＋△U【分析】【分析】温度是分子平均动能的标志，根据温度高低判断AC

状态的分子平均动能大小；气体从状态A

经状态B

变化到状态C

的过程中，应用热力学第一定律鈻�U=W+Q

判断吸收的热量。本题考查了热力学第一定律的应用；根据图象判断出气体温度如何变化，从而判断出气体分子平均动能情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题；要知道：温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由温度决定。

【解答】

温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大，由P鈭�T

图像知，状态C

时温度为2T0A

状态时温度为T0

所以状态C

时分子平均动能大于A

状态时分子平均动能；气体从状态A

经状态B

变化到状态C

的过程中，气体对外做的功为W

内能增加了娄陇U

应用热力学第一定律鈻�U=W+Q

得鈻�U=鈭�W+Q

所以Q=鈻�U+W

即此过程气体吸收的热量为鈻�U+W

故答案为：大于；W+鈻�U

【解析】大于W+鈻�U

14、101.52.5【分析】【分析】（1）①平抛运动在竖直方向上做自由落体运动；在水平方向上做匀速直线运动，根据竖直方向上相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔．

②结合水平位移和时间间隔求出水平分速度．

③根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度．

（2）根据平抛运动规律找出y与x2的关系式，整理成y-x2的形式，从而找出k的物理意义．【解析】【解答】解：（1）①因为xAB=xBC=0.15m，所以tAB=tBC；

根据△s=yBC-yAB=0.1m=gtAB2

解得：tAB=0.1s

所以f=10Hz

②水平分速度为：vx==m/s=1.5m/s．

③在B点时竖直分速度大小为：vy===2m/s

则B点的速度为：v===2.5m/s

（2）小球水平方向的位移：x=v0t，竖直方向上：y=gt2，所以：v0=．

故答案为：（1）①10；②1.5；③2.5；（2）．15、94.29.42【分析】【分析】根据公式ω=2πn求解角速度，根据公式v=ωr求解线速度．【解析】【解答】解：匀速转动的电动砂轮的转速为900r/min，砂轮的半径为10cm，故其转动的角速度为：ω=2πn=2π×=30πrad/s=94.2m/s；

砂轮边缘上的质点的线速度为：v=ωr=30π×0.1=3π=9.42m/s；

故答案为：94.2，9.42．三、判断题(共7题，共14分)16、√【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据．【解析】【解答】解：热平衡是两个系统相互影响的最终结果；根据热平衡的定义可知，热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．所以该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】影响蒸发快慢的因素和液体的温度、表面积以及空气的流动性有关．【解析】【解答】解：根据蒸发与液化的特点；影响蒸发快慢的因素和液体的温度；表面积以及空气的流动性有关，与绝对湿度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×18、√【分析】【分析】可以把波分为横波和纵波两类，传播的只是振动形式和能量，而偏振现象与横波有关，从而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是横波特有的现象；所以光的偏振现象说明光是横波．以上说法是正确的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用，电荷在电场中一定受到电场力作用．【解析】【解答】解：电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用；故电荷在电场中一定受电场力的作用．

故答案为：√20、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×22、×【分析】【分析】从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物体对物体的作用；力不能脱离物体而存在；因此有力必然涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，施力物体对受力物体施力的同时也受到受力物体对它的作用力，也就是说，物体间力的作用是相互的，没有施力物体的力有不可能存在．

故答案为：×四、实验题(共3题，共6分)23、调节R和R′等于灵敏电流计示数为零电流表和电压表的示数I2和U2E=U1+，r=【分析】【分析】本题是比较创新的实验，是属于研究性学习实验，是在常规实验基础上的改进，主要考查的是测量电源电动势和内阻、测金属电阻率的实验原理及误差的消除方法．本题都是两次测量，利用消元法消除了电表内阻造成的系统误差，提高了实验的准确度，根据闭合回路欧姆定律列出等式求解．【解析】【解答】解：（1）①闭合开关S1、S2，调节R和R′使得灵敏电流计G的示数为零，这时，A、B两点的电势φA、φB的关系是φA等于φB，读出电流表和电压表的示数I1和U1，电流表测量的是干路上的电流，其中I1等于通过电源E的电流．

②改变滑动变阻器R、R′的阻值，重新使得灵敏电流计示数为零．读出电流表和电压表的示数I2和U2．

（2）根据闭合回路欧姆定律得：

E=I1r+U1E=I2r+U2

解得：E=U1+

r=

故答案为：（1）①调节滑动变阻器R、R′；等于；②灵敏电流计示数为零，电流表和电压表的示数I2和U2

（2）E=U1+，r=24、略

【分析】【解析】

试题分析：在验证平行四边形时；最重要的是保证合力与分力的效果要等价。在实验过程中，必须要记录分力的大小和方向，并记录此刻橡皮条的形变位置，从题意来看，并没有记录细线的方向；在利用平行四边形定则求合力时，应使用力的图示，借助分力的大小和方向，做出对角线，从题来看没有说明方向，不够严谨；要保证前后两次效果等价，需要将橡皮条拉至同一位置O点，从题来看并没有明确说明。

考点：验证平行四边形定则的注意事项。

点评：此类题型考察了验证平行四边形定责的注意事项，并通过该实验来间接考察对力的合成方法的理解【解析】【答案】(1)未记录细线的方向。

(2)应根据F1和F2的大小和方向求合力F

(3)应把结点O拉至同一位置25、ABCBEG【分析】【分析】在油膜法估测分子大小的实验中；让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径．

根据小灯泡的规格选取电压表和电流表的量程；

因为要选取滑动变阻器分压接法，为了节省能源滑动变阻器选较小阻值即可．【解析】【解答】解：（1）计算油酸分子直径时要用到d=；

A．油酸未完全散开；S偏小，故直径偏大，选项A正确；

B．计算时利用的是纯油酸的体积；如果含有大量的酒精，则体积偏大，则直径偏大，选项B正确；

C．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格；S偏小，故直径偏大，选项C正确；

D．求每滴体积时，lmL的溶液的滴数误多记了10滴，由V0=可知；体积偏小，则直径偏小，选项D错误；

故选：ABC．

（2）①小灯泡额定电压为3V；故电压表选B即可；

小灯泡额定电流为I==0.5A；故电流表选E即可；

题目要求尽可能多测几组数据；所以选择滑动变阻器分压接法，为了节省能源滑动变阻器选较小阻值，故滑动变阻器选G．

②滑动变阻器分压接法；小灯泡属于小电阻；要选择电流表外接法，故电路图和实物图如下：

故答案为：（1）ABC（2）①B、E、G②如图．五、推断题(共4题，共36分)26、（1）加快酸溶速率；避免制备MgCO3时消耗更多的碱；（2）H2O2＋2Fe2＋＋2H＋=2Fe3＋＋2H2O；

（3）①分液漏斗②充分振荡；（4）至5.0＜pH＜8.5，过滤，边搅拌边向滤液中滴加Na2CO3溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加Na2CO3溶液，若无沉淀生成【分析】【分析】本题是考查物质制备工艺流程图分析，废渣主要成分为rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}、rm{MgSO}rm{MgSO}的氧化物，加入rm{4}的硫酸酸溶，过量后滤液中含有硫酸镁、硫酸亚铁以及硫酸铝，加入rm{4}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物，加入rm{40%}的硫酸酸溶，过量后滤液中含有硫酸镁、硫酸亚铁以及硫酸铝，加入rm{H}rm{Fe}rm{Al}rm{40%}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化亚铁离子，然后加入有机萃取剂萃取rm{Fe}至rm{Fe}可除去rm{{,!}^{3+}}，分液后可除去溶液中的rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}，分液后水溶液中含有rm{Mg}rm{Mg}rm{{,!}^{2+}}下干燥，得到、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，可调节溶液rm{pH}至rm{5<pH<8.5}可除去rm{Al}rm{pH}以此解答该题。

rm{5<pH<8.5}【解答】rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，又可防止生成rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}，过滤后在滤液中加入碳酸钠溶液，可生成rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}沉淀，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO}加快酸溶速率；避免制备rm{50隆忙}时消耗更多的碱；rm{MgCO}rm{3}rm{3}rm{?3H}溶液中含有亚铁离子，双氧水具有强氧化性，能把亚铁离子氧化为铁离子，因此加入rm{?3H}rm{2}rm{2}rm{O}以此解答该题。rm{O}故答案为：rm{(}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{)}加热可以加快反应速率；如果硫酸过多，则需要消耗更多的碱液中和硫酸，从而造成生产成本增加，因此所加rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{SO}中加入一定量的有机萃取剂，充分振荡、静置、分液，并重复多次。故答案为：rm{SO}分液漏斗；rm{4}充分振荡；rm{4}不宜过量太多。故答案为：rm{MgCO_{3}}根据氢氧化镁和氢氧化铝沉淀的rm{(}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}溶液中含有亚铁离子，双氧水具有强氧化性，能把亚铁离子氧化为铁离子，因此加入rm{)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化时发生发应的离子方程式为rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{(}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}rm{)}rm{垄脵}rm{垄脵}实验装置图中仪器rm{A}rm{A}的名称为分液漏斗。rm{垄脷}rm{垄脷}为使rm{Fe}故答案为：至rm{Fe}过滤，边搅拌边向滤液中滴加rm{3+}溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加rm{3+}溶液，若无沉淀生成。尽可能多地从水相转移至有机相，采取的操作：向装有水溶液的仪器rm{A}中加入一定量的有机萃取剂，充分振荡、静置、分液，并重复多次。故答案为：【解析】rm{(1)}加快酸溶速率；避免制备rm{MgCO_{3}}时消耗更多的碱；rm{(2)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}rm{+}rm{+}rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+}rm{+}rm{2H}

rm{2H}分液漏斗rm{{,!}^{+}}充分振荡；rm{=2Fe}至rm{=2Fe}过滤，边搅拌边向滤液中滴加rm{{,!}^{3+}}溶液至有大量沉淀生成，静置，向上层清液中滴加rm{+}溶液，若无沉淀生成rm{+}27、（1）甲苯羧基、肽键（酰胺基）（2）取代反应（或硝化反应）氧化反应

（3）

（4）19

（5）

（6）【分析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，明确有机物官能团及其性质关系、反应条件及题给信息的迁移是解本题关键，难点是有机物合成路线设计及限制型同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】芳香烃rm{A}与氯气在光照条件下发生取代反应生成rm{B}rm{B}发生水解反应生成苯甲醛，结合rm{B}的分子式，可知rm{A}为rm{B}为对比rm{C}rm{D}的结构可知，苯甲醛与丙酮脱去rm{1}分子水形成碳碳双键而生成rm{D}rm{D}发生加聚反应生成高分子化合物rm{E}为由rm{I}中取代基处于对位位置，可知甲苯发生硝化反应生成rm{F}为rm{F}发生还原反应生成rm{G}为由rm{I}的结构简式、rm{H}的分子式可知rm{H}的结构简式为：rm{H}被酸性高锰酸钾溶液氧化生成rm{I}rm{I}发生取代反应生成rm{G}rm{J}发生水解反应生成rm{K}可知rm{G隆煤H}是为了保护氨基；防止被氧化；

rm{(1)A}为名称是甲苯，rm{I}中官能团是羧基和肽键rm{(}酰胺基rm{)}酰胺基rm{(}；故答案为：甲苯；羧基、肽键rm{)}酰胺基rm{(}酰胺基rm{)}；

rm{(}由以上分析可知反应rm{)}为rm{(2)}或硝化反应rm{垄脻}反应取代反应rm{(}或硝化反应rm{)}反应rm{垄脿}为氧化反应为氧化反应；

故答案为：rm{(}或硝化反应rm{)}氧化反应；

rm{垄脿}为取代反应rm{(}或硝化反应rm{)}氧化反应发生水解反应生成苯甲醛，该反应方程式为故答案为：

rm{(}通过旋转碳碳单键，可以使苯环、碳碳双键、碳氧双键的平面共面，可以使甲基中rm{)}个rm{(3)B}原子出平面内，分子中最多有rm{B}个原子共平面，rm{(4)}的结构简式为：

故答案为：rm{1}

rm{H}一种同时符合下列条件的rm{19}rm{E}的同分异构体：rm{19}苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，可以含有rm{(5)}个不同的取代基且处于对位，rm{F(}既能与银氨溶液反应又能与rm{)}溶液反应，含有rm{垄脵}结构，或者含有酚羟基与醛基，可能的结构简式为：

故答案为：

rm{2}在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成然后与溴发生加成反应生成最后在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成合成路线为

故答案为：rm{垄脷}【解析】rm{(1)}甲苯羧基、肽键rm{(}酰胺基rm{)}rm{(2)}取代反应rm{(}或硝化反应rm{)}氧化反应或硝化反应rm{(}氧化反应

rm{)}

rm{(3)}

rm{(4)19}

rm{(5)}rm{(6)}28、（1）2—羟基丙酸

（2）HBr、加热；取代反应

（3）CH2＝CHCOOH＋CH3OHCH2＝CHCOOCH3＋H2O；作催化剂和吸水剂

（4）（C4H6O2）n

（5）4

（6）

【分析】【分析】本题考查了有机物的合成与推断，难度中等。【解答】根据已知：，可以推出rm{B}为为rm{B}rm{B}的分子式分析可知为，根据rm{D}的分子式分析可知rm{D}为rm{C}的羟基被溴原子取代的产物，则rm{D}为rm{CH}的羟基被溴原子取代的产物，则rm{D}为rm{D}rm{D}rm{D}rm{C}rm{C}rm{D}rm{D}为rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}酸化后得到rm{CHBrCOOH}为rm{CHBrCOOH}，rm{CH}rm{CH}rm{CH}与甲醇在浓硫酸催化下发生酯化反应生成rm{3}为rm{3}rm{CHBrCOOH}rm{CHBrCOOH}在氢氧化钠的乙醇溶液中加热发生消去反应生成rm{E}为rm{E}在一定条件下发生加聚反应生成rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOONa}rm{=CHCOONa}，rm{E}酸化后得到rm{拢脝}为rm{E}rm{E}rm{拢脝}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOOH}rm{=CHCOOH}羟基丙酸，故答案为：，rm{拢脝}与甲醇在浓硫酸催化下发生酯化反应生成rm{拢脟}为羟基丙酸rm{拢脝}rm{拢脟}rm{CH}rm{CH}rm{2}的反应是rm{2}在浓氢溴酸和加热条件下发生取代反应生成rm{=CHCOOCH}试剂和反应条件分别是rm{=CHCOOCH}加热，该反应的反应类型是取代反应，故答案为：rm{3}加热；取代反应rm{3}，rm{拢脟}在一定条件下发生加聚反应生成rm{拢脠}rm{拢脟}rm{拢脠}反应rm{(}是rm{(}与甲醇在浓硫酸催化下发生酯化反应生成rm{1}反应的化学方程式为rm{1}rm{)}rm{)}rm{B}rm{B}的结构简式为；rm{C}rm{C}rm{(}rm{(}rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}中浓rm{CH}rm{CH}rm{OH}rm{OH}rm{COOH}故答案为：rm{COOH}rm{)}rm{)}的化学名称是rm{2隆陋}羟基丙酸，故答案为：rm{2隆陋}rm{2隆陋}；rm{(}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}rm{)}rm{垄脹}的反应是rm{拢脙}在浓氢溴酸和加热条件下发生取代反应生成rm{拢脛}试剂和反应条件分别是rm{垄脹}rm{拢脙}rm{拢脛}rm{HBr}加热，该反应的反应类型是取代反应，故答案为：rm{HBr}rm{HBr}；rm{(}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}反应rm{垄脼}是rm{拢脝}与甲醇在浓硫酸催化下发生酯化反应生成rm{拢脟}反应的化学方程式为rm{)}rm{垄脼}rm{拢脝}rm{拢脟}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOOH+CH}rm{=C