2025年苏教新版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版选修3物理上册月考试卷803考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一带电粒子从电场中的a点运动到b点，其电势能减小，下列说法正确的是（）A.该粒子动能一定增大B.电场力对该粒子一定做正功C.a点的电势一定高于b点的电势D.a点场强的大小一定大于b点场强的大小2、下列物理量的单位中，可以作为感应电动势单位的是（）A.B.C.D.3、根据玻尔的原子模型，一个氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时，该氢原子（）A.吸收光子，能量减小B.放出光子，能量减小C.放出光子，核外电子动能减小D.吸收光子，核外电子动能不变4、如图所示，为一定质量的理想气体变化过程中的三个不同状态；下列说法正确的是（）

A.三个状态的压强相等B.从到气体的内能减小C.从到气体吸收热量D.从到与从到气体对外界做功的数值相等5、如图所示；空间中存在一水平方向的半无界匀强磁场，其上边界水平。磁场上方有一个长方形导线框，线框一边水平，所在平面与磁场方向垂直。若线框自由下落，则刚进入磁场时线框的加速度不可能。

A.逐渐减小，方向向下B.为零C.逐渐增大，方向向上D.逐渐减小，方向向上6、介质中有一列沿轴正方向传播的简谐横波，某时刻其波动图像如图所示．为介质中一个质点，下列说法正确的是（）．

A.这列波的波长为B.这列波的振幅为C.质点的振动频率等于波源的振动频率D.质点P的振动方向可能与波的传播方向在同一直线上7、如图所示；让光沿着半圆形玻璃砖的半径射到它的平直的边上，在这个边与空气的界面上会发生反射和折射．逐渐增大入射角，观察反射光线和折射光线的变化．关于该实验现象，下列说法正确的是（）

A.反射光线和折射光线都沿顺时针方向转动B.反射光线和折射光线转过的角度相同C.在还未发生全反射过程中，反射光越来越强D.最终反射光完全消失8、两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A.线速度大小减小，角速度减小B.向心加速度大小变小，周期变小C.轨道半径增大，洛伦兹力大小增大D.轨道半径增大，角速度减小9、如图所示为氢原子的能级图，一个氢原子吸收能量后由基态跃迁到n=4的激发态，然后向低能级跃迁，下列说法正确的是（)

A.可能发出6种能量的光子B.只能发出1种能量的光子C.吸收的能量为12.75eVD.可能发出能量为0.85eV的光子评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、在如图所示的电路中，电动势为E、内阻为r，定值电阻为R1、R2，滑动变阻器为R.当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时；下列说法中正确的是()

A.电压表的读数变小B.电压表的读数变大C.电流表的读数变小D.电流表的读数变大11、下列说法正确的是（填入正确选项前的字母A.液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力B.悬浮在液体中的固体小颗粒会不停的做无规则的运动，这种运动是分子热运动C.把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体E.绝对零度不可达到E.绝对零度不可达到12、如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻；电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S,电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动。下列说法正确的是（）

A.R1滑片向右滑动，油滴仍然保持静止B.R1滑片向右滑动，灯泡亮度变暗C.R2滑片向下滑动，灯泡亮度变亮D.增大电容器两极板间距离，油滴仍然保持静止13、安培对物质具有磁性的解释可以用如图所示的情景来表示；那么（）

A.甲图代表了被磁化的铁棒的内部情况B.乙图代表了被磁化的铁棒的内部情况C.磁体在高温环境下磁性会减弱D.磁体在高温环境下磁性会加强14、如图(a)所示，理想变压器原副线圈匝数比n1:n2=55:4，原线圈接有交流电流表A1，副线圈电路接有交流电压表V、交流电流表A2、滑动变阻器R等，所有电表都是理想电表，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡L的阻值恒定．原线圈接入的交流电压的变化规律如图(b)所示；则下列说法正确的是。

A.交流电压表V的读数为B.灯泡L两端电压的有效值为C.当滑动变阻器的触头P向上滑动时，电流表A1示数减小，V示数增大D.由图（b）可知交流发电机转子的角速度为rad/s15、对于红、蓝两种单色光，下列说法正确的是A.在水中红光的传播速度较大B.在同种介质中，蓝光的折射率较小C.在同种介质中红光、蓝光的传播速度一样大D.光从同种介质射向真空发生全反射时，蓝光的临界角较小16、两个小球A、B在光滑水平桌面上沿直线运动，发生弹性碰撞。碰撞过程中，A球对B球的冲量大小为I1，B球对A球的冲量大小为I2，A球对B球所做功的大小为W1，B球对A球所做功的大小为W2，则A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W217、下列说法正确的是()A.β衰变释放出电子，说明原子核内有电子B.氡的半衰期为3.8天，8个氡原子核经过7.6天后剩下2个氡原子核C.原子核的比结合能越大，原子核越稳定D.用频率为ν的入射光照射光电管的阴极，遏止电压为Uc，改用频率为2ν的入射光照射同一光电管，遏止电压大于2Uc评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、如图所示是一个用实验测量得到的用电器两端电压随时间变化的图象，图象反映了不同性质的电压信号。其中图甲叫做_____信号，图乙叫做_____信号。

19、如图所示，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到状态a。则气体在ab过程要_______（选填“吸热”或“放热”）；气体从c到a过程放出600J热量，则气体内能在这一过程将_______（选填“增加“或“减少”）________J。

20、如图所示电路中，R1=100Ω，滑动变阻器的总电阻R=100Ω，A、B两端电压恒定，且UAB=12V．当S断开时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由_______V变至_______V；当S闭合时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由______V变至________V．

21、如图所示，平行导轨间的距离为d，一端跨接一个电阻R，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于平行金属导轨所在平面向里。一根足够长的金属棒与导轨成θ角放置，金属棒与导轨的电阻不计，当金属棒沿垂直于棒的方向滑行时，则ab的电势差为____，φa_____φb。（填写“＜”“＞”“﹦”）

22、如图所示；将边长为L；总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）线圈放出的热量Q＝_________．

（5）通过导线截面的电量q＝_________．23、一质点作简谐运动，它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处，再经0.2s第二次到达M点，则其振动频率为__________Hz。24、阅读短文并回答下列问题:光的全反射。

一束激光从某种玻璃中射向空气(如图7所示)；保持入射点不动，改变入射角(每次增加0.2°)，当入射角增大到引41.8°时，折射光线消失，只存在入射光线与反射光线，这种现象叫做光的全反射，发生这种现象时的入射角叫做这种物质的临界角。当入射角大于临界角时，只发生反射，不发生折射。

(1)上述玻璃的临界角是_____.

(2)折射光线消失后反射光线的亮度会增强；其原因是折射光消失后，入射光几乎全部变为______.

(3)当光从空气射向玻璃；__________(选填“会”或“不会”)发生光的全反射现象。

(4)一个三棱镜由上述玻璃构成，让一束光垂直于玻璃三棱镜的一个面射入(如图8所示)，请在图中完成这束入射光的光路图_______。25、如图甲所示，100匝的圆形线圈面积为1m2，与水平放置的平行板电容器连接，电容器两板间距离10cm．圆形线圈内有垂直于圆平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示（B取向里为正），圆形线圈中感应电动势大小为______V；刚开始对电容器充电时圆形线圈中感应电流的方向为______（填“顺时针”或“逆时针”）；稳定后，质量10g的带电粒子恰能静止于电容器两板间某处，粒子的电荷量大小为______C．g取10m/s2．

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)29、市场上出现了一种新式的游标卡尺，这种游标卡尺上的刻度与传统的旧式游标卡尺明显不同，新式游标卡尺的刻度看起来很稀疏，使得读数时清晰明了，便于正确读数。新式游标卡尺也有10分度、20分度、50分度三种规格，但刻度却是：19mm等分成10份、39mm等分成20份、99mm等分成50份。以“39mm等分成20份”的新式游标卡尺为例，它的精确度是___________mm，用此新式游标卡尺测量某一物体的厚度，测量时游标的示数如图所示，其读数是___________cm。评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)30、一内壁光滑的气缸竖直放置，通过轻杆连接的两活塞之间封闭有一定质量的理想气体，如图所示。初始时，两厚度不计的活塞均处于静止状态，且两活塞到上、下两部分气缸连接处的距离相等，封闭气体的热力学温度为已知两活塞的质量横截面积重力加速度大小为g，大气压强恒为

（1）若使封闭气体缓慢降温至活塞a恰好移动到处，求此时气体的温度T；

（2）若气缸和活塞导热性良好，气缸外温度恒为现在活塞a上方缓慢加入液体使活塞a恰好移动到处（a恰未与接触），求加上的液体的总质量m。

31、如图所示，体积为2V、内壁光滑的圆柱形绝热汽缸有一绝热活塞，活塞的质量和厚度均可忽略不计。汽缸内密封一定质量的理想气体，外界大气压强和温度分别为p0和T0。初始时，活塞恰好位于汽缸的中部P位置，此时气体体积为V。现通过电热丝给封闭气体缓慢加热，活塞由P位置移动到顶部Q位置，继续加热，气体的温度上升到已知气体内能U与温度T的关系为为常数且大于零；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的。求：

（1）温度达到2.4T0时；汽缸内气体压强；

（2）在活塞上升过程中；汽缸内气体吸收的热量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

AB．粒子电势能减小；只能说明电场力做正功，因不知除电场力外是否受其它力作用，无法确定合力做正功还是负功，所以无法判断该粒子动能增大还是减小，故A错误，B正确；

C．如果粒子带正电，电势能减小，说明a点的电势高于b点的电势，如果粒子带负电，则a点的电势低于b点的电势；由题意无法确定粒子带何种电荷，故无法确定两点电势高低，故C错误；

D．因不知a点、b点电场力的大小；无法确定两点电场强度的大小，故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A、特斯拉是磁感应强度的单位，故A错误．B、由可知V/m是电场强度的单位，故B错误．C、依据电动势的定义故C正确．D、W/b不是物理量的单位；D错误．故选C．

【点睛】本题考查对物理量单位的掌握程度．对于以人名命名的单位可以结合科学家的成就进行记忆．3、B【分析】【详解】

一个氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级，即从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，电子的轨道半径减小，根据可知；核外电子的动能增加；故选B．

【点睛】

此题主要考查波尔理论的知识，知道高能级向低能级跃迁，释放光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子．4、C【分析】【详解】

A．反向延长ac线，不过坐标原点，说明气体不是等压变化，故abc三个状态的压强不相等；故A错误；

B．从a到c；气体的温度越来越高，气体的内能越来越大，故B错误；

C．从a到b，气体的温度升高，内能增加，由于气体体积增大，气体对外做功，根据热力学第一定律可得；气体吸热，故C正确；

D．从a到c的过程中，任意一点与坐标原点的连线斜率越来越小，压强越来越大，从a到b平均压强小于从b到c的平均压强，根据可知，从b到c气体对外界做功大于从a到b气体对外界做功；故D错误。

故选C。5、C【分析】导线框进入磁场时，下边切割磁场产生感应电流，受到向上的安培力，若安培力大于重力，合力方向向下，加速度方向向下，线框做加速运动，随着速度增大，产生的感应电动势和感应电流增大，线圈所受的安培力增大，合力减小，加速度减小，故A正确；若安培力等于重力，线框做匀速运动，加速度为零，B正确；若安培力大于重力，合力方向向上，加速度方向向上。线框做减速运动，随着速度减小，产生的感应电动势和感应电流减小，线圈所受的安培力减小，合力减小，加速度减小，C错误D正确．6、C【分析】【详解】

AB．根据波形图可知，故A错误，B错误；

C．据波的传播特点可知；各质点做受迫振动，既各质点的振动频率与波源的频率相等，故C正确；

D．由于该波是横波；所以质点的振动方向与该波的传播方向垂直，故D错误．

故选：C．7、C【分析】A；逐渐增大入射角；反射光线沿逆时针方向转动，折射光线沿顺时针方向转动，故A错误；

B；根据折射定律可知；反射光线和折射光线转过的角度不相同，故B错误；

CD、入射角增大，则反射光线OB的强度增强，折射光线OC的强度减弱，最终折射光完全消失，故C正确，D错误；

故选C．8、D【分析】【分析】

通过洛伦兹力提供向心力得知轨道半径的公式；结合该公式即可得知进入到较弱磁场区域后时，半径的变化情况；再利用线速度与角速度半径之间的关系式，即可得知进入弱磁场区域后角速度的变化情况．

【详解】

带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提高向心力，由牛顿第二定律有：

解得：

从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后．B减小，所以r增大．线速度；角速度的关系为：v=ωR

由于洛伦兹力不做功，所以线速度v不变，半径r增大；所以角速度减小；

由公式可知；洛伦兹力大小不变；

由公式可知；由于半径增大，所以向心加速度大小减小；

由公式可知；由于角速度减小，所以周期变大．

故选D．

【点睛】

本题考查了粒子在磁场中的运动，解答该题要明确洛伦兹力始终不做功，洛伦兹力只是改变带电粒子的运动方向，应用牛顿第二定律、线速度与角速度的关系即可解题．9、C【分析】【分析】

根据玻尔理论；能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越高，并根据光电效应发生条件求解；根据n-1求出处于激发态的氢原子可能发射出不同波长光的种数．

【详解】

A；B项：一个原子从n=4的激发态向基态跃迁最多能发出n-1=3种；故A、B错误；

C项：从基态到n=4的激发态要吸收的能量为两能级差即故C正确；

D项：从n=4向基态跃迁有可能有三种能量的光子发出；分别为0.65eV，1.89eV，10.2eV,故D错误．

故应选：C．

【点睛】

解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，掌握辐射光子的种类计算方法．二、多选题(共8题，共16分)10、B:D【分析】试题分析：当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流减小，路端电压增大，则电压表的读数变大．R1的电压减小；则图中并联部分电路的电压增大，则电流表的读数变大；故选BD．

考点：电路的动态分析.

【名师点睛】本题是关于动态电路的分析；解题时先分析变阻器接入电路电阻的变化，再分析外电路总电阻的变化，路端电压的变化，根据串联电路的特点分析并联部分电压的变化，是电路动态分析问题常用的分析思路.11、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；故液体表面存在张力，A正确；

B．热运动是指分子的运动；不是固体颗粒的运动，B错误；

C．把很多小的单晶体放在一起；仍然是晶体，C错误；

D．第二类永动机没有违反能量守恒定律；违反了热力学第二定律，D正确；

E．绝对零度只能无限接近；不可达到，E正确。

故选ADE。12、A:C【分析】【分析】

液滴静止处于平衡状态；根据电路变化情况判断极板间电场强度如何变化，然后分析液滴受力情况如何变化，再分析液滴的运动状态．

【详解】

R1的阻值的变化对电路无影响，R1滑片向右滑动时，电容器两端的电压不变，油滴仍然保持静止，通过灯泡的电流不变，则亮度不变，选项A正确，B错误；R2滑片向下滑动阻值变小；电路中的总电阻变小，电流变大，则灯泡亮度变亮，选项C正确；增大电容器两极板间距离，根据E=U/d可知，两板间场强减小，则油滴向下运动，选项D错误；故选AC.

【点睛】

本题考查了判断液滴运动状态问题，分析清楚电路结构，分析清楚极板间场强如何变化、判断出液滴受力如何变化是解题的关键．13、B:C【分析】【详解】

根据“分子电流”的假说，未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性，A错误；根据“分子电流”的假说，未被磁化的物体，分子电流的方向大致相同，于是对外界显示出磁性，B正确；根据磁化与退磁的特性可知，磁体在高温环境下磁性会减弱，C正确，D错误．14、B:D【分析】【分析】

根据电压之比等于线圈匝数之比可求得输出端的有效值，从而确定电压表示数；根据有效值的定义以及二极管的性质则可明确灯泡L两端的电压的有效值，再根据电路结构分析电流表的变化；根据图b可知输入电压的最大值和周期；从而求出对应的有效值和角速度.

【详解】

A、由图b可知，原线圈输入电压有效值为440V，根据可得副线圈电压为32V，交流电压表V的示数为有效值即为32V，故A错误；

B、设灯泡L两端电压的有效值为U'，灯泡的阻值为r，交变电流的周期为T，根据交变电流有效值的定义有：解得：故B正确；

C、当滑动变阻器的触头P向下滑动时，滑动变阻器阻值减小，原副线圈匝数比不变、输入电压不变，则电压表V的示数不变；则由欧姆定律可知，电流表A2示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表A1示数也增大；故C错误；

D、根据可知，交流发电机转子的角速度为100πrad/s；故D正确.

故选BD.

【点睛】

本题考查了变压器的原理及最大值与有效值之间的数量关系．能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，明确二极管的单向导电性的正确应用和有效值定义的基本方法的掌握情况.15、A:D【分析】【详解】

AB、红色光的频率比蓝色光的频率小，故红色光的折射率比蓝色光的折射率小，根据可知在水中红色光的速度比蓝色光的速度大，A正确B错误；

C；在真空中两种光的传播速度相等；都为光速度，C错误；

D、根据可知，折射率越大的单色光，其全反射的临界角越小，即蓝光的临界角较小，D正确．16、A:C【分析】【详解】

AB．根据牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力，等大反向，同时变化，而冲量所以冲量大小相等，A正确B错误．

CD．因为发生的是弹性碰撞，没有能量损失，A减少的动能等于B增加的动能，而动能改变等于合外力的功，所以A球对B球所做功和B球对A球所做功相等，C正确D错误．17、C:D【分析】【详解】

A.β衰变的本质是核内的一个中子转化成了一个质子和一个电子；原子核内没有电子，A错误。

B.半衰期是大量样本的统计规律；对8个来说并不适用，B错误。

C.原子核的比结合能越大；说明结合过程中每个核子平均能量损失越大，原子核越稳定，C正确。

D.根据光电效应方程：当频率为ν时，遏止电压为Uc，当频率为2ν时，根据方程可得：遏止电压大于2Uc，D正确三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

图甲电压信号随时间连续变化，是模拟信号，图乙电压信号随时间不连续，取值是离散的，是数字信号。【解析】模拟数字19、略

【分析】【详解】

[1]由图知，一定质量的理想气体，从到是等容升压过程，根据可知，温度升高，则气体在过程要吸热。

[2]气体从到过程压强不变，体积减小，根据可知；气体温度降低，气体内能在这一过程将减少。

[3]气体从到过程压强不变，体积减小，外界对气体做功，由可得

气体向外放出热量600J，根据热力学第一定律可得，

气体内能减少300J。【解析】吸热减少300J20、略

【分析】【分析】

当电键S断开时；滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，当滑片滑到最下端时，电压表示数最小，由欧姆定律求出；

当电键S闭合时；电压表示数最大值不变，滑片滑到最下端时，电压表示数为零；

【详解】

当电键S断开时，当滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，滑片滑到最下端时，变阻器与电阻串联，电压表示数最小，最小值为即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至

当电键S闭合时，滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V；

滑片滑到最下端时，电阻R1被短路，电压表示数为零，即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至．

【点睛】

本题考查对变阻器两种接法的理解：S断开时变阻器为限流器，S闭合时，变阻器为分压器．运用欧姆定律求解电压范围．【解析】12612021、略

【分析】【详解】

[1][2]由导体切割磁感线时的电动势公式可知，ab中产生的感应电动势为

磁场方向垂直纸面向里，根据右手定则得到ab中感应电流方向为b到a，则电流从下向上经过R，a端相当于电源的正极，b端相当于电源的负极，则a点电势高于b点电势。【解析】>22、略

【分析】【详解】

（1）线框受到的安培力由平衡条件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感应电动势产生的焦耳热

（5）感应电动势电流电荷量【解析】23、略

【分析】【详解】

质点作简谐运动，它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处，再经0.2s第二次到达M点，从M位置沿着原路返回到最大位移的时间也为0.3s，故完成一个全振动的时间为：T=0.3+0.2+0.3=0.8s，故频率为：．【解析】1.2524、略

【分析】【详解】

（1）由题意可以知道；当入射角为41.8°时，折射光线消失了，所以玻璃的临界角为41.8°；

（2）当入射光线从一种介质斜射入另一种介质时；会发生折射，同时也发生反射，所以反射光线要比入射光线暗一些，而当光从小于临界角向临界角靠近，当折射光线消失后，发生了全反射，光线全变为反射光线，所以反射光线亮度增强了。

（3）光只有从水或玻璃射向空气时；才会发生全反射，所以光从空气射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光线从空气进入玻璃时；因是垂直照射，所以方向不变；当从玻璃中斜射入空气时，其入射角为45°大于临界角，故其发生全反射，其大致路径如下图：

【点睛】

本题主要考查了光的折射现象以及光的全反射现象的实验，要读数实验的过程，并能总结出相应的结论加以运用。同时还考查了光的折射的光路图，有一定综合性。【解析】（1）41.8；（2）反射光；（3）不会；25、略

【分析】【详解】

第一空．根据法拉第电磁感应定律从图乙可知联立解得：．

第二空．根据楞次定律可知；磁通量向里增加，感应电流磁场向外，根据右手定则判断感应电流为逆时针方向．

第三空．带电粒子恰能静止于电容器两板间某处，根据平衡条件有通过以上分析板间电压为100V，板间场强与电压关系：联立解得：．【解析】100逆时针1×10-4四、作图题(共3题，共18分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺