2025年教科新版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

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A.图示位置穿过线框的磁通量为零B.图示位置线框产生的感应电动势为零C.使用变压器的目的是为了提高输出功率D.若灯泡偏暗，可通过增加原线圈匝数来提高灯泡亮度2、如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角为导轨电阻不计，与阻值为R的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B，有一质量为m长为的导体棒从ab位置获得平行于斜面的、大小为v的初速度向上运动，最远到达的位置，滑行的离为s，导体棒的电阻也为R，与导轨之间的动摩擦因数为则下列说法错误的是（）

A.上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B.上滑过程中电流做功发出的热量为C.上滑过程中导体棒损失的机械能为D.上滑过程中导体棒克服安培力做的功为3、如图所示，金属导轨水平放置，导轨间的距离为L，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面成角，金属导轨的一端接有电动势为E、内阻为r的直流电源．现把一根金属杆ab放在金属导轨上，金属杆静止．已知金属杆ab质量为m，长为L，电阻为R；则下列说法中正确的是（）

A.通过金属杆ab的电流为B.金属杆ab受到水平向右的安培力C.棒ab对导轨的压力为D.棒ab受到的摩擦力为4、如图所示的甲、乙、丙图中，是固定在同一水平面内足够长的平行金属导轨．导体棒垂直放在导轨上，导轨都处于垂直水平面向下的匀强磁场中．导体棒和导轨间的摩擦不计，导体棒、导轨和直流电源的电阻均可忽略，甲图中的电容器原来不带电．今给导体棒一个向右的初速度在甲、乙、丙图中导体棒在磁场中最终运动状态是（）

A.甲、丙中，棒最终将以相同速度做匀速运动；乙中棒最终静止B.甲、丙中，棒最终将以不同速度做匀速运动；乙中棒最终静止C.甲、乙、丙中，棒最终均做匀速运动D.甲、乙、丙中，棒最终都静止5、如图所示，金属线圈平面正对着条形磁铁的S极，现将条形磁铁迅速地靠近线圈，则（）

A.线圈中电流的方向是逆时针的（从左往右看）B.线圈中电流的方向是顺时针的（从左往右看）C.线圈向静止不动D.线圈向左移动6、在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法正确的是（）A.“电流的周围存在磁场”最早是由安培发现的，所以安培定则可用来判断电流周围的磁场分布B.法拉第发现了电磁感应现象，并率先提出了感应电动势与穿过回路的磁通量变化率成正比C.安培发现了磁场对运动电荷的作用和规律D.法拉第引入了“场”的概念来研究电磁现象7、如图所示正方形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，粒子a、b以相同的初速度从正方形某一边的中点垂直于边界进入磁场区域，粒子离开磁场的位置恰好在图中两个顶点，已知．则下列说法正确的是（）

A.a带正电，b带负电B.a、b的比荷之比为1：5C.ab在磁场中运动的周期之比为5：1D.ab在磁场中运动的时间之比为180：538、如图所示，圆心为O的轻质闭合金属圆环竖直放置，可以在竖直平面内运动，金属圆环与竖直导线EF共面且彼此绝缘，当通电直导线EF中电流不断增大时（）

A.金属圆环向左平动B.金属圆环向右平动C.金属圆环以导线EF为轴左半部向纸内、右半部向纸外转动D.金属圆环以导线EF为轴左半部向纸外、右半部向纸内转动9、如图所示，导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的交变电动势导线框与理想升压变压器相连进行远距离输电，理想降压变压器的原、副线圈匝数之比为降压变压器副线圈接入一台电动机，电动机恰好正常工作，且电动机两端的电压为输入功率为输电线路总电阻电动机内阻导线框及其余导线电阻不计，电表均为理想电表，则下列说法正确的是（）

A.该发电机的电流方向每秒改变100次，图示位置电压表读数为B.电动机的机械功率为C.输电线路损失的电功率为D.升压变压器原、副线圈匝数之比为评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、下列对涡流的认识正确的是（）A.大块金属中产生了涡流，但不一定产生了感应电动势B.涡流大小与穿过金属的磁通量的大小有关C.涡流的形成一定遵循法拉第电磁感应定律D.涡流也有电流的热效应11、如图所示，用小灯泡模仿光控电路，A、Y之间为斯密特触发器，为光敏电阻，为可变电阻；J为继电器的线圈，为它的常开触点；下列说法正确的是（）

A.天色变暗时，A端输入高电平，继电器吸引路灯点亮B.要想在天色更暗时，路灯才会点亮，应把的阻值调大些C.要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把的阻值调小些D.二极管的作用是继电器释放时提供自感电流的通路，防止损坏集成电路12、如图，理想变压器原线圈接在的交流电源上，副线圈匝数可通过滑片P来调节。当滑片P处于图示位置时，原、副线圈的匝数比为了使图中“”的灯泡能够正常发光；下列操作可行的是（）

A.仅将滑片P向上滑动B.仅将滑片P向下滑动C.仅在副线圈电路中并联一个阻值为的电阻D.仅在副线圈电路中串联一个阻值为的电阻13、如图所示，在直角三角形CDE区域内有磁感应强度为B垂直纸面向外的匀强磁场，P为直角边CD的中点，∠C=30°，CD=2L，一束相同的带负电粒子以不同的速率从P点垂直于CD射入磁场，粒子的比荷为k；不计粒子间的相互作用和重力，则下列说法正确的是（）

A.速率不同的粒子在磁场中运动时间一定不同B.从CD边飞出的粒子最大速率为C.粒子从DE边飞出的区域长度可以大于LD.从CE边飞出的粒子在磁场中运动的最长时间为14、如图为回旋加速器的示意图，两个靠得很近的D形金属盒处在与盒面垂直的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为一质子从加速器的A处开始加速，已知D形盒的半径为高频交变电源的电压为频率为质子质量为电荷量为不计粒子在电场中运动的时间。下列说法正确的是（）

A.质子的最大速度为B.质子的最大动能为C.质子在磁场中运动的时间与无关D.电压越大，质子在电场中加速的次数越多15、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，线圈所围的面积为0.1m2，线圈电阻为1Ω。规定线圈中感应电流I的正方向从上往下看是顺时针方向，如图所示。磁场的磁感应强度B随t的变化规律如图所示。则以下说法正确的是（）

A.在时间0~5s内I的最大值为0.1AB.在时间0~5s内I的方向先逆时针后顺时针C.在时间0~5s内，线圈最大发热功率为1.0×10-4wD.在时间0~5s内，通过线圈某截面的总电量为零16、2021年9月东北地区的高峰拉闸限电事件让我们清醒地认识到，随着人类能源消耗的迅速增加，如何有效地提高能源利用率是人类所面临的一项重要任务。如图是远距离输电示意图，变压器均为理想变压器，变压器原、副线圈的匝数之比为11∶5，两端的电压随时间t变化规律为：假设负载是电阻为电水壶；下列说法正确的是（）

A.交流电源输出的交流电周期为B.变压器副线圈两端的电压为C.经过1分钟电水壶产生的焦耳热是D.为了减少输电线r上的电能损失，变压器应该使用升压变压器评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、如图所示，水平放置的U形金属框架，框架上放置一质量为m、电阻为R的金属杆，它可以在框架上无摩擦地滑动，框架两边相距l，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下.当杆受到水平向右恒力F后开始向右滑动，则杆从静止开始向右滑动，启动时的加速度大小______，杆可以达到的最大速度_______，杆达到最大速度时电路中每秒放出的热量__________.

18、要有效地发射电磁波；振荡电路必须具有的两个特点：

（1）要有_________的振荡频率，频率越_________；发射电磁波的本领越大。

（2）振荡电路的电场和磁场必须分散到尽可能大的空间，因此采用_________电路。19、用如图所示的装置做“探究感应电流方向的规律”实验，磁体从靠近线圈的上方静止下落，当磁体运动到如图所示的位置时，流过线圈的感应电流方向从________（填“a到b”或“b到a”）。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示的电流i随时间t的图像应该是________。

20、某发电站的输出功率为104kW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向125km远处用户供电．已知输电线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－4m2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是______，如果用户用电器的额定电压为220V，所用理想降压变压器原、副线圈匝数比是______.21、如图所示，真空中，在两个同心圆所夹的环状区域存在（含边界）垂直于纸面向里磁感应强度为B的匀强磁场，两圆的半径分别为R和3R，圆心为O。质量为m、电荷量为q（q＞0）的带电粒子从大圆边缘的P点沿半径PO方向以不同的速度垂直射入磁场；粒子重力不计；

（1）若粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为120°，则粒子在磁场中运动的时间t1=_______；

（2）若粒子能进入小圆内部区域，粒子在磁场中运动的速度v2>________22、回旋加速器工作原理如图所示。已知两个D形金属扁盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，磁场的磁感应强度为B，离子源置于D形盒的中心附近，若离子源射出粒子的电量为q，质量为m，最大回转半径为R，其运动轨道如图所示。若为已知量，则两盒所加交流电的频率为_______________，粒子离开回旋加速器时的动能为____________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)27、用如图a所示的电路测量铂热敏电阻的阻值与温度的关系．

（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移至______端（填“A”或“B”）．

（2）实验测得不同温度下的阻值，并绘得如图b的Rt-t关系图线，根据图线写出该热敏电阻的Rt-t关系式：Rt=______________（Ω）．

（3）铂的电阻对温度变化很灵敏，可以制成电阻温度计．请利用开关、导线、铂热敏电阻、图a中某一电表和图c所示的恒流源（调节旋钮时可以选择不同的输出电流，且输出电流不随外部条件的变化而变化），设计一个简易电阻温度计并在图d的虚线框内画出电路原理图____________________．

（4）结合图b的关系图线，选择恒流源的输出电流为0.15A，当选用的电表达到满偏时，电阻温度计所测温度为__________________℃．如果要提高该温度计所能测量的最高温度值，请提出一种可行的方法：_________________________________________．28、利用光敏电阻作为传感器；借助电磁开关，可以实现路灯自动在白天关闭，黑夜打开。某同学利用如下器材制作了一个简易的路灯自动控制装置。

A.励磁线圈电源B.路灯电源C.路灯灯泡LD.定值电阻

E.光敏电阻F.电磁开关G.导线；开关等。

（1）电磁开关的内部结构如图甲所示。1、2两接线柱接励磁线圈（电磁铁上绕的线圈），3、4两接线柱分别与弹簧片和触点连接，相当于路灯的开关。当流过励磁线圈的电流大于某个值时，电磁铁吸合铁片，弹簧片和触点分离，3、4断开，路灯熄灭。该同学首先用多用电表的欧姆挡测量励磁线圈的电阻，将选择开关置于“×1”挡，调零后测量时的示数如图丙所示，则励磁线圈的电阻约为________Ω。

（2）图乙为光敏电阻的阻值随照度的变化关系（照度可以反映光的强弱，光越强，照度越大，单位为lx）。从图中可以看出，光敏电阻的阻值随照度的增大而________（选填“减小”“不变”或“增大”）。

（3）如图丁所示，请你用笔画线代替导线，将该同学设计的自动控制电路补充完整________。

（4）已知励磁线圈电源（内阻不计），定值电阻若设计要求当流过励磁线圈的电流为0.05A时点亮路灯，则此时的照度约为________lx。29、图甲所示是大型机械厂里用来称重的电子吊秤；其中实现称重的关键元件是拉力传感器。其工作原理是：挂钩上挂上重物，传感器中拉力敏感电阻丝在拉力作用下发生形变，拉力敏感电阻丝的电阻也随着发生变化，再经过相应的测量电路把这一电阻变化转换为电信号（电压或电流），从而完成将物体重量变换为电信号的过程。

（1）拉力敏感电阻丝的阻值随拉力变化的主要原因()

A.长度变化B.横截面积变化C.电阻率变化。

（2）小明找到一根拉力敏感电阻丝其重力忽略不计，阻值随拉力变化的图像如图乙所示，再按图丙所示电路制作了一个简易“吊秤”。电路中电源电动势约为内阻约为电流表量程为内阻约为是电阻箱，最大阻值是接在两接线柱上；通过光滑绝缘小滑环可将重物吊起，接通电路完成下列操作。

a.滑环下不吊重物时，调节电阻箱，当电流表为某一合适示数时，读出电阻箱的阻值

b.滑环下吊上待测重物，测出电阻丝与竖直方向的夹角为

c.调节电阻箱，使__________，读出此时电阻箱的阻值

若某次实验，测得分别为和结合乙图信息，可得待测重物的重力__________

（3）针对小明的设计方案，为了提高测量重量的精度，你认为下列措施可行的是()

A.将毫安表换成内阻更小的电流表。

B.将毫安表换成量程更大的电流表。

C.将电阻箱换成精度更高的电阻箱。

D.适当增大接线柱之间的距离。评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)30、如图所示，竖直平面xOy，其x轴水平，在整个平面内存在沿x轴正方向的匀强电场E，在第三象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.2T．现有一比荷为=25C/kg的带电微粒，从第三象限内某点以速度v0向坐标原点O做直线运动，v0与x轴之间的夹角为θ=45°，重力加速度g=10m/s2．求：

(1)微粒的电性及速度v0的大小；

(2)带电微粒在第一象限内运动时所达到最高点的坐标．

31、如图所示，四分之一圆环区域ABCD中有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为内环壁BC的半径为外环壁AD的半径为入口AB处有分布均匀的线状粒子源，能同时向磁场中发射质量均为电荷量均为的带负电粒子，所有粒子的速度大小相等，方向均垂直AB，已知从A点射入磁场的粒子恰好从C点射出磁场。粒子碰到环壁即被吸收，CD为出口；不计粒子重力和粒子间的相互作用。

（1）求粒子速度的大小；

（2）求出口CD有粒子射出的区域：

（3）推导粒子在出口CD的射出率与粒子速度的关系式。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

由图可知，此时线圈和磁场垂直，线框的磁通量最大，感应电动势为0，故A错误，B正确．变压器只是改变电压和电流，不改变功率和频率，故C错误；根据要使输出电压变大，可通过减少原线圈匝数，故D错误．故选B．

点睛：本题关键交变电流产生的过程及其规律，掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系：线框与磁场垂直时，位于中性面，感应电动势为零．根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等.2、D【分析】【详解】

A．导体棒开始运动时所受的安培力最大，由E=Blv

电流为

则安培力为

故A说法正确,不符合题意；

B．根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出的热量

故B说法正确,不符合题意；

C．上滑的过程中导体棒的动能减小重力势能增加mgssinθ，所以导体棒损失的机械能为故C说法正确,不符合题意；

D．根据功能关系知：导体棒克服安培力做的功等于电路中产生的焦耳热，设为W，由上分析可知导体棒克服安培力应小于导体棒动能的减小，即故D说法错误,符合题意．

所以选D．3、D【分析】【详解】

A.根据闭合电路的欧姆定律可得通过金属杆ab的电流为

故A错误；

B.根据左手定则可得安培力的方向斜向右下方；如图所示。

故B错误；

C.金属杆ab静止，合外力为零，则：安培力为：

支持力为：

由牛顿第三定律得棒ab对导轨的压力为：

故C错误；

D.根据平衡条件可得摩擦力为：

故D正确．4、B【分析】【详解】

甲图中棒产生的感应电动势对电容器充电，两极板间电势差与感应电动势相同时，电路中没有电流，棒向右匀速直线运动，乙图中导体棒在初速度作用下切割磁感线，产生电动势，受安培力，阻碍其运动，动能转化为热能，最终静止，丙图虽在初速度下向右运动，但受到向左的安培力，杆向右减速运动，接着向左运动，当金属杆切割磁感线产生电动势与电源电动势相等时，电路中无电流产生，所以金属杆最终处于向左的匀速直线运动，B正确．5、B【分析】【详解】

AB．当条形磁铁的S极迅速地靠近线圈；穿过线圈的磁场方向向左，线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，产生感应电流方向为顺时针（从左往右看），A错误，B正确；

CD．根据楞次定律的“来拒去留”可知；线圈向右摆动，CD错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

A．奥斯特首先发现了通电导线周围存在着磁场；安培总结出“安培定则”来判断电流与磁场的方向关系，故A错误；

B．法拉第发现了电磁感应现象；纽曼和韦伯先后指出闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，故B错误；

C．洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律；故C错误；

D．法拉第引入了“场”的概念来研究电磁现象；故D正确。

故选D。7、A【分析】【详解】

A、由左手定则知a带正电，b带负电，故A正确；

B；设正方形区域的边长为L；如图所示：

由几何关系得：a的轨道半径b的轨道半径根据几何关系可以得到：

解得：

由得：

由速度相等，所以a、b的比荷之比为：

故B错误；

C、由得：

故C错误；

D、粒子在磁场中的运动时间由几何关系得：

所以：

故D错误．8、B【分析】【详解】

AB.由题图可知；导线左侧的金属圆环面积大于导线右侧的金属圆环的面积，根据安培定则可知导线左侧的磁感应强度垂直纸面向外，导线右侧的磁感应强度垂直纸面向里，当导线中电流不断增大时，金属圆环中垂直纸面向外方向的磁通量不断增大，其产生的感应电流会阻碍这种变化，所以金属圆环会向右平动，从而使圆环中垂直纸面向里方向的磁通量有所增大，去抵消垂直纸面向外方向磁通量的增大，故A错误，B正确；

CD．根据通电直导线周围磁场的分布情况可知，圆环以导线EF为轴转动时；并不会阻碍其磁通量的变化，故CD错误。

故选B。9、C【分析】【详解】

A．交流电动势表达式为

所以原线圈中交流电压的频率为

又因为电流在一个周期T内改变两次，故发电机的电流方向每秒钟改变100次，电压表读数为交流电的有效值，即为故A错误；

BC．电动机的输入功率为两端电压为则通过电动机的电流

此时电动机的机械功率为

根据比值关系可知，降压变压器输入电流为

根据变压比可知，降压变压器输入电压为

根据欧姆定律可知，输电线分压

输电线消耗功率为

故B错误；C正确；

D．升压变压器输出电压为

根据变压比可知，升压变压器原、副线圈匝数比

故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．大块金属中产生了涡流；据闭合电路欧姆定律可知，一定产生了感应电动势，A错误；

BC．涡流的形成一定遵循法拉第电磁感应定律；与磁通量的变化率有关，与磁通量的大小无关，B错误，C正确；

D．涡流在金属中也有电流的热效应；D正确。

故选CD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．天色变暗时，光敏电阻阻值较大，则两端的电势差较大，所以A端的电势较高，继电器工作吸引常开触点路灯点亮，故A正确；

BC．当A端电势较高时，路灯会亮，天色更暗时光敏电阻的阻值更大，则两端的电势差更大，A端的电势更高；要想在天色更暗时路灯才会点亮，必须使光敏电阻分担的电压降低，根据串联分压可知应把的阻值调大些；故B正确，C错误；

D．天色变亮时，A端输入低电平，继电器不工作释放常开触点继电器的线圈会产生自感电动势，二极管与继电器的线圈串联构成闭合回路，防止损坏集成电路，故D正确。

故选ABD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

原线圈电压有效值

则次级电压有效值

则为了使图中“”的灯泡能够正常发光，则需要减小次级电压，即仅将滑片P向下滑动；或者仅在副线圈电路中串联一个电阻，阻值为

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

A．速率小的粒子在CD边射出时；粒子在磁场中的运动轨迹为半圆，时间为周期一半，而粒子的运动周期相同，所以粒子在磁场中运动时间相同，故A错误；

B．根据左手定则，粒子向左偏转，从CD边飞出的粒子最远从D点飞出，此时半径为

根据洛伦兹力提供向心力有

解得

故B正确；

C．由B项分析可知粒子可以从D点飞出，粒子与CE相切从DE飞出时，是粒子从DE飞出的最远点；如图所示。

由几何关系得

粒子从DE边飞出的区域长度最大为L，故C错误；

D．粒子与CE相切飞出时在磁场中运动的时间最长，由几何关系可得

粒子在磁场中运动的最长时间为

故D正确。

故选BD。14、A:B【分析】【详解】

A．质子圆周运动最大半径为D形盒的半径则

解得

A正确；

B．根据上述有

B正确；

C．令加速次数为n，则有

粒子在磁场中圆周运动的周期为

质子在磁场中运动的时间

解得

可知，质子在磁场中运动的时间与有关；C错误；

D．根据上述有

解得

可知，电压越大；质子在电场中加速的次数越少，D错误。

故选AB。15、C:D【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律得

知磁感应强度的变化量越大，则电流越大，磁感应强度的变化率最大值为0.1，则最大电流

故A错误；

B．根据楞次定律可知；在时间0~5s内感应电流的方向先顺时针后逆时针，故B错误；

C．当电流最大时，发热功率最大，则

故C正确；

D．根据

因为在时间0~5s内；磁通量的变化量为零，则通过线圈某横截面的总电量为零，故D正确。

故选CD。16、C:D【分析】【详解】

A．变压器改变电压和电流，不改变频率，故电源的频率与的频率相同，则交流电源输出的交流电周期为

A错误；

B．由题意可知，降压变压器副线圈两端电压的有效值为

原线圈两端电压的有效值为

由于输电线上一定有电压损失，故变压器副线圈两端的电压大于B错误；

C．电水壶中的电流为

经过1分钟电水壶产生的焦耳热为

C正确；

D．变压器原副线圈满足

输电线上损失的功率可表示为

变压器使用升压变压器，可减小电流减小功率损失D正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

[1]杆受到水平向右恒力F后开始向右滑动,启动的瞬间速度为零，则没有感应电流，杆也不受安培力，由牛顿第二定律：

解得启动时的加速度大小：

[2]杆向右运动后受逐渐增大的安培力而做加速度逐渐减小的变加速直线运动，当a=0时杆的速度达到最大，则有：

联立可得：

[3]根据热量的定义式：

其中联立可得：【解析】18、略

【解析】①.足够高②.高③.开放19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当磁体运动到如图所示的位置时，线圈中的磁通量正在增大，感应电流所产生的磁场的方向竖直向下，根据右手定则可判定电流方向从b到a；

[2]磁体进入线圈的过程中，线圈中有感应电流；磁体完全进入线圈后，线圈内的磁通量保持不变，感应电流为零，磁体在线圈内加速下落；磁体离开线圈时的速度大于磁体进入线圈时的速度，感应电流也大于磁体进入线圈过程中的感应电流。故选A。【解析】①.b到a②.A20、略

【分析】【分析】

（1）根据电阻定律得出输电线的电阻；根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而根据P=UI求出升压变压器的输出电压；根据输电线上的电流和电阻求出输电线上的电压损失；根据变压比公式求解升压变压器原；副线圈的匝数比；

（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压；结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

【详解】

（1）远距离输电的示意图，如图所示：

导线电阻：R线=ρ

代入数据得：R=40Ω

升压变压器副线圈电流：I2=I线

又I2R线=4%P

解得：I2=100A

根据P=U2I2

得：U2=100kV

根据变压比公式，有：

（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2R线=96kV

由

得：

【点睛】

解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．【解析】1∶254800:1121、略

【分析】【详解】

（1）[1]带电粒子在磁场中运动的周期

若粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为120°，则粒子在磁场中运动的时间为

（2）[2]设带电粒子进入小圆内部区域的最大速度为vm，对应半径rm

由几何关系，有

解得rm=4R

由牛顿第二定律有

解得

所以要使粒子能进入小圆内部区域，有【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]由回旋加速器知识可知，所加交流电的周期与粒子在磁场中运动周期相同，则

则两盒所加交流电的频率为

[2]当粒子达到最大回转半径R时，根据

即

所以粒子离开回旋加速器时的动能为【解析】四、作图题(共4题，共8分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共21分)27、略

【分析】【详解】

（1）开关闭合前；为了保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，故滑片应移至B端；

（2）由图象可知，铂丝电阻Rt的阻值与温度的关系式：Rt＝50+t；

（3）直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而变化，并且可读出其大小，电压表并联在铂丝电阻Rt的两端；如图所示：

（4）当恒流源的输出电流为0.15A，所以当电压表示数最大时，即Rt两端的电压Ut＝15V时，铂丝电阻Rt的阻值最大，由丙图中所画的Rt﹣t图象可知，此时温度计所能测量的温度最高；由I得铂丝电阻Rt的阻值为：Rt′100Ω，则温度计所能测量的最高温度为：t＝Rt﹣50＝100﹣50＝50℃．直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而