2024年岳麓版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年岳麓版必修3物理下册阶段测试试卷186考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、安培提出了著名的分子电流假说．根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，下列关于该环形电流的说法正确的是A.电流大小为电流方向为顺时针B.电流大小为电流方向为逆时针C.电流大小为电流方向为顺时针D.电流大小为电流方向为逆时针2、如图所示，在某静电场中沿abcda移动一正电荷，电场力对其做功为则a、b、c、d四个点中电势最高的是（）

A.aB.bC.cD.d3、某电场的电场线分布如图，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线所示路径运动，M和N是轨迹上的两点.以下说法正确的是。

A.M、N点的场强B.粒子在M、N点的加速度C.粒子在M、N点的速度D.粒子带负电4、如图所示，已知带电小球A、B的电荷量分别为都用长为L的绝缘丝线悬挂在O点处，静止时A、B相距为d，连接Ａ球的丝线竖直。为使重新平衡时A、B间距离减为可采用的方法是（）

A.将小球B的质量增加到原来的4倍B.将小球B的质量增加到原来的2倍C.将小球B的电荷量都减小到原来的一半D.将小球B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍5、如图甲所示为测量一节干电池的电动势和内电阻的实验电路图，根据测得的数据作出了如图乙所示的U—I图线；以下实验结论正确的是（）

A.电池电动势和内电阻的测量值均偏大B.电池内阻的测量值为3.50ΩC.外电路发生短路时的电流为0.40AD.电压表的示数为1.20V时，电流表的示数I′=0.20A6、如图所示，将悬挂在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内不与C的内壁接触在C附近另外有一个悬挂在细线上的带负电的小球B，则（）

A.A，B两球均不偏离竖直方向B.A球不偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向C.A球向左偏离竖直方向，B球不偏离竖直方向D.A球向左偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向7、下列关于矢量和标量的说法正确的是A.做直线运动的甲、乙两物体位移x甲＝3m，x乙＝－5m，则x甲>x乙B.速度是矢量，而速度变化量是标量C.电流既有大小又有方向，所以它是矢量D.矢量和标量遵从不同的运算法则，而不只是看物理量的正、负8、在如图所示的U-I图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，在b点则下列说法中正确的是（）

A.在a点时电源有最大输出功率B.在b点时电源的总功率最大C.从a→b，β角增大，电源的总功率和输出功率可能都将增大D.从b→c，β角增大，电源的总功率和输出功率可能都将减小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、在图示电路中；P为滑动变阻器的滑片，电表均为理想电表．下列说法正确的是。

A.在P向右移动的过程中，电流表的示数变大B.在P向右移动的过程中，电压表的示数变大C.当P移到滑动变阻器的右端时，电源内部消耗的电功率最大D.当P移到滑动变阻器的右端时，电源的效率最高10、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为正温度系数的热敏电阻(热敏电阻的阻值随温度的升高而变大)；L为小灯泡，当温度升高时()

A.电源的输出功率一定变大B.电流表的示数变小C.小灯泡的亮度变强D.R1两端的电压变大11、是两个带电小球，质量分别是电荷量大小分别是用两条等长绝缘细线悬挂在同一点两球静止时如图所示，此时细线对两球的拉力分别为两球连线与所在竖直线的交点为且下列说法正确的是（）

A.B.C.D.12、如图所示；竖直放置的长直导线通有恒定电流，有一矩形线框与导线在同一平面内，在下列情况中线框产生感应电流的是（）

A.导线中的电流变大B.线框以PQ为轴转动C.线框向下平动D.线框以AB边为轴转动13、如图甲所示，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0~T时间内运动的描述；正确的是（）

A.末速度沿水平方向，大小为v0B.重力势能减少了mgdC.电场力做功为D.金属板长度为3v014、如图所示，曲线表示某电场的等势面，图中a、b、c、d、e为电场中的5个点；则分析正确的是（）

A.一正电荷从b点运动到e点，电势能不变B.一电子从a点运动到d点，电场力做功为C.b点电场强度垂直于该点所在等势面，方向向左D.a、b、c、d四个点中，b点的电场强度大小最小15、一质量为m的物体，以的加速度减速上升h高度，不计空气阻力，则（）A.物体的机械能不变B.物体的动能减少C.物体的机械能增加D.物体的重力势能增加评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、正三角形ABC的边长为10cm，在三角形的顶点A和B上分别放有带电荷量为和的点电荷，这两个点电荷在三角形的顶点C处产生的合场强大小为________N/C．17、两根互相垂直的通电直导线放在同一平面内，彼此绝缘，电流方向如图所示．在两导线周围的四个区域中，肯定不可能出现磁感强度为零的区域是______；可能出现磁感强度为零的区域是______．18、静电平衡时，空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度处处为______.外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响，金属壳的这种作用叫作______．19、（1）变化的电场一定产生变化的磁场。_______

（2）恒定电流周围产生磁场，磁场又产生电场。_______

（3）电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。_______

（4）麦克斯韦预言并验证了电磁波的存在。_______

（5）电磁波在任何介质中的传播速度均为3×108m/s。_______

（6）光也是一种电磁波。_______20、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示。该工件的直径为__________cm，高度为________mm。

评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)23、如图所示，游标卡尺的读数为_________cm，螺旋测微器的读数为_________mm。

24、为了测量某电源电动势和内阻；实验室提供了以下器材。

A．待测电源E（一节干电池）

B．滑动变阻器（最大阻值10kΩ）

C．滑动变阻器（最大阻值10Ω）

D．电压表V（量程内阻约为1kΩ）

E．电流表（量程内阻为）

F．电流表（量程内阻约1Ω）

G．定值电阻（阻值为0.8Ω）

H．开关；导线若干。

（1）为了减小测量的误差，滑动变阻器应选(1分)______（填“”或“”），电流表选填(1分)_____（“”或“”）；

（2）为了尽可能地减小测量误差；请根据所选的器材在下列方框中画出合理的实验电路图(2分)；

（3）根据设计的电路连接实物，按照正确的操作测出多组电压表和电流表的示数U、I，作出图像，如果图线与纵轴的截距为a，求得图线斜率的绝对值为k，则电源的电动势(1分)______，内阻(1分)______（用求得的物理量和已知的物理量符号表示），实验(1分)______（填“存在”或“不存在”）因电压表分流引起的系统误差。25、为了测定一节干电池的电动势和内阻；在图中给出了两种实验电路图。

（1）为了使测量结果比较准确，应选用下列实验电路图中的__________图所示的电路进行实验；

（2）若实验台上备有下列实验器材：

A.电流表（0~0.6A）

B.电流表（0~3A）

C.电压表（0~3V）

D.电压表（0~15V）

E.滑动变阻器（10Ω；2A）

F.开关。

G.导线。

应该选用的电流表是________（填字母序号），应该选用的电压表是________（填字母序号）；

（3）某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上。请在图坐标纸上画出U-I图线()，根据所画图线可得出干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω。（结果均保留两位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)26、在利用如图所示的装置探究影响电荷间相互作用力的因素时，我们可以通过绝缘细线与竖直方向的夹角来判断电荷之间相互作用力的大小。如果A、B两个带电体在同一水平面内，B的质量为m，细线与竖直方向夹角为θ，求A、B之间相互作用力的大小。27、如图所示，虚线左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子（电荷量为e，质量为m，重力不计）无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为AO连线与屏垂直，垂足为O；求：

(1)电子到MN的速度大小；

(2)电子从释放到打到屏上所用的时间；

(3)电子刚射出电场E2时的速度方向与连线夹角的正切值

(4)电子打到屏上的点到点O的距离

28、如图所示，a、b、c是匀强电场中的三点并构成一个等边三角形，每边长为将一带电量为的带电粒子从a点移到b点，电场力做功若将同一点电荷从a点移到c点，电场力做功试求匀强电场的电场强度。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为根据电流的定义式可得电流强度为：因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故D正确，ABC错误．2、A【分析】【详解】

ABCD．根据电场力做正功电势能减小，电场力做负功电势能增加的关系，有

可得

再由电势与电势能关系

可得

即a点电势最高；A正确，BCD错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

A.根据电场线的疏密可知由图可知，点电场强度较大，即故A错误；

B.根据和牛顿第二定律可得粒子在点的加速度较大，即故B错误；

CD.粒子运动轨迹偏向右上方，则说明粒子在两处所受的电场力向右上方，由于电场线方向向右上方，故判断粒子带正电，若粒子从点运动到点，在从点到点的过程电场力做正功，动能增加，所以粒子在点的速度小于在点的速度，故C正确，D错误．4、D【分析】【分析】

【详解】

AB．B受重力丝线的拉力T及库仑力F，将拉力T及库仑力F合成，其合力应与重力大小相等、方向相反；由几何关系可知

而库仑力联立可得

要使A、B间距离变为可以使B的质量增大到原来的8倍，故AB错误；

CD．或将小球A；B的电荷量都减小到原来的一半；同时小球B的质量增加到原来的2倍，故C错误，D正确。

故选D。5、D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图像可知，电动势测量值

电源内阻

由图甲所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用了外接法，由于电压表的分流，使电流表所测电流小于流过电源的电流；实验误差来源于电压表的分流，电动势和内阻测量值和真实值之间的关系为

电源电动势与内阻测量值都小于真实值；A错误，B错误；

C．外电路发生短路时的电流为

故C错误；

D．电压表的示数为1.20V时，电流表的示数I′==0.20A

故D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

CD．由于静电屏蔽；小球B的电场对A无影响，小球A不会偏离竖直方向，选项CD错误；

AB．由于静电感应空心球C的内表面带负电；外表面带正电，小球B和空心球C之间异种电荷相吸引，小球B会偏离竖直方向向右靠近C球，选项A错误，B正确。

故选B。7、D【分析】【详解】

A．甲、乙两物体位移分别为x甲=3m，x乙=-5m；乙的位移大小为5m，可知乙的位移大于甲的位移，故A错误；

B．速度和速度变化量都是矢量；选项B错误；

C．电流既有大小又有方向；但是电流的合成不符合平行四边形法则，所以它是标量，选项C错误；

D．矢量是既有大小又有方向的物理量，它的运算规律是平行四边形定则，标量只有大小没有方向，它的运算只遵循算术法则，选项D正确。8、D【分析】【分析】

【详解】

A．图线斜率表示电源内阻，b点与原点连线的斜率表示b状态电源的外电路电阻，b点的表示b点对应的内外电阻相等；此时电源的输出功率最大。故A错误；

B．外电路短路时，电源的总功率最大，在b状态；显然外电路不短路。故B错误；

C．从a到b；路端电压升高，回路电流减小，电源的总功率减小，外电路的电阻与内阻的差值逐渐减小，故电源的输出功率增大，故C错误；

D．从b到c；电流减小，电源的总功率变小，外电路电阻与内阻的差值逐渐增大，故电源的输出功率减小，故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、A:C【分析】【详解】

AB．滑动变阻器向右移动，电路总电阻减小，根据：

可知，电流表的示数变大，根据：

可知电压表的示数减小；故A正确；B错误；

CD．当P移到滑动变阻器的右端时，外电阻R最小，根据：

可知，电路中的电流最大；根据：

可知此时电源内部消耗的电功率最大；故C正确；根据效率：

可知，此时的电源的效率最低，故D错误；10、B:C【分析】【详解】

当温度升高时，阻值增大，电路总电阻增大，总电流减小，即电流表示数减小，路端电压增大，因为通过的电流减小，即两端电压减小；但路端电压是增大的，所以并联电路两端电压增大，即灯泡L两端电压增大，所以灯泡变亮，BC正确D错误，当外电路电阻和内电路电阻相等时，电源的输出功率最大，由于不知道内阻和外电路电阻的关系，所以无法判断电源输出功率的变化，A错误．

【点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

BCD．利用相似三角形知识可得，球所受三个力构成的矢量三角形与三角形相似，

球所受三个力构成的矢量三角形与三角形相似，

因所以

选项B；D正确；C错误；

A．因两球之间的作用力是相互作用力；无法判断两球带电荷量的多少关系，选项A错误。

故选BD。12、A:D【分析】【详解】

导线中电流强度变大，磁场增大，线框中的磁感应强度增大，故磁通量增大，可以产生感应电流，故A正确；线框以直导线PQ为轴转动，穿过线框的磁通量不变化，则没有产生感应电流，故B错误；线框向下运动时，线框中的磁感应强度不变，磁通量不变，故不会产生感应电流，故C错误；线框以AB边为轴转动，则线圈的磁通量发生变化，会产生感应电流，选项D正确.13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．时间内微粒匀速运动，则有

内，微粒做平抛运动，下降的位移

时间内，微粒的加速度

方向竖直向上，微粒在竖直方向上做匀减速运动，T时刻竖直分速度为零，所以末速度的方向沿水平方向，大小为故A正确；

B．微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为则重力势能的减小量为故B错误；

C、在内和时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，时间相等，则位移的大小相等，为整个过程中电场力做功为

故C错误；

D．根据上面分析可以知道：在内和时间内，竖直方向位移大小相等为则在内下降的位移

则

而水平方向为匀速运动，则金属板长度为

故D正确。

故选AD。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．同一个等势面上电场力不做功；所以电势能不发生变化，故A正确；

B．一电子从a点运动到d点，电场力做功为

故B错误；

C．电场线与等势面处处垂直，沿着电场线反向电势降低，所以b点电场强度垂直于该点所在等势面；方向向左，故C正确；

D．电场强度的大小看电场线疏密，根据电场线与等势面处处垂直，所以b点的电场强度大小最大；故D错误。

故选AC。15、B:C:D【分析】【详解】

A．由题意可知物体的加速度为

所以除重力外；还有其他力做功，物体的机械能不守恒，故A错误；

B．根据牛顿第二定律有

由动能定理知

即物体的动能减少了故B正确；

C．设物体所受拉力的大小为F，则由牛顿第二定律可得

解得：

则机械能的增量

故C正确；

D．物体上升高度增加，重力势能增加，增加的重力势能等于克服重力做的功，为mgh；故D正确。

故选BCD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

[1]如图所示，根据场强的合成可知：

【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．先由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向．如图所示；

“•”表示磁感线垂直纸面向外，“×”表示磁感线垂直纸面向里．所以第二、四象限磁场不可能为零，而第一、三象限可能为零；肯定不可能出现磁感强度为零的区域是Ⅱ、Ⅳ；可能出现磁感强度为零的区域是Ⅰ、Ⅲ．【解析】Ⅱ、Ⅳ；Ⅰ、Ⅲ18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】0静电屏蔽19、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]变化的电场一定产生的磁场；不一定是变化的磁场。故错误。

(2)[2]恒定电流周围产生磁场；变化的磁场才能产生电场，稳定的磁场不能产生电场。故错误。

(3)[3]电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。故正确。

(4)[4]麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹验证了电磁波的存在。故错误。

(5)[5]电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s，其它介质中传播速度小于3×108m/s。故错误。

(6)[6]光是一种电磁波。故正确。【解析】①.错误②.错误③.正确④.错误⑤.错误⑥.正确20、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数即工件的直径为

[2]螺旋测微器的读数即工件的高度为【解析】4.2151.850四、作图题(共2题，共6分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共3题，共6分)23、略

【分析】【详解】

[1]该游标卡尺的规格是20分度，根据游标卡尺的读数规则，先读主尺读数为14mm，游标尺第10条刻线与主尺刻度线对齐，读数为

所以总的读数为

[2]螺旋测微器固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为20.5×0.01mm=0.205mm

故螺旋测微器的读数为3mm+0.205mm=3.205mm

因为可动刻度最后一位数字为估读，所以读数为3.204mm~3.206mm均可。【解析】1.4503.205##3.204##3.20624、略

【分析】【详解】

(1)[1]电源内阻较小，应选最大阻值较小的R2；

[2]因电流表量程较小，可并联定值电阻R0，扩充量程，故选内阻较大的A1电流