2025年人教五四新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版必修3物理上册月考试卷17考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在研究一个小电动机的性能时，应用了图示的实验电路。已知电动机线圈内阻为3Ω，调节R使电动机正常运转时，理想电流表和电压表的示数分别为1A和12V。则电动机正常运转时的输出功率P和效率η为（）

A.P＝12Wη＝75%B.P＝12Wη＝25%C.P＝9Wη＝75%D.P＝9Wη＝25%2、甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（）A.2：1B.1：2C.1：4D.1：83、某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点。如图所示；实线为电场线，虚线为粒子运动轨迹，由此可以判定()

A.粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B.粒子在A点的动能小于它在B点的动能C.电场中A点的电势低于B点的电势D.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能4、A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线如图所示，图中C点为两点电荷连线的中点，D为中垂线上的一点；电场线的分布左右对称。下列说法正确的是（  ）

A.这两个电荷可能是等量异种电荷B.电场中的电场线是客观存在的C.电子从C点运动到D点，电场力做负功D.电子从C点运动到D点，所受电场力变小5、如图所示，无穷大的匀强电场（图中未画出）与矩形ABCD在同一平面内，AB2cm、BC1cm。取C点的电势为0，一电子在A点的电势能为3eV，该电子以2eV的初动能从C点沿某一方向发射出来，刚好可以到达B点，且在B点的动能为5eV；则下列说法正确的是（）

A.A3VB.UCB3VC.电场强度的大小为300V/mD.电子以相同的初动能从C点沿其他方向发射，有可能运动到D点6、如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，为定值电阻，R为滑动变阻器，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部。闭合电键S，电容器极板带电量为Q，小球静止时悬线与竖直方向的夹角为下列判断正确的是（）

A.若只将变阻器滑片P缓慢地向b端移动，则角将减小B.若只将变阻器滑片P缓慢地向b端移动，则电容器带电量Q将减小C.若只将电容器M极板靠近N极板，则角将增大D.若只将电容器M极板靠近N极板，则电容器电量Q不变7、如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器的A、B两极板间有一带电液滴，在P点处于静止状态。若保持极板B不动，两位同学分别从初状态开始不同方向移动极板A，小明同学将极板A稍向上平移，小亮同学将极板A稍向左平移错开一些（移动极板A后P点还在两极板之间）；则下列说法正确的是（）

A.小明移动过程中，有电流从a经二极管流向bB.小明移动过程中，静电计指针夹角变小C.小亮移动过程中，液滴向下运动D.小亮移动过程中，P点处电势升高8、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象。当时；在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.内，粒子回到出发点C.内，电场力的总功不为零D.带电粒子在内的初、末位置间的电势差为零评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，带电量之比为qA：qB=1：3的带电粒子A、B，先后以相同的速度从同一点水平射入平行板电容中，不计重力，带电粒子偏转后打在同一极板上，水平飞行距离之比xA：xB=2：1；则（）

A.粒子B的质量之比为mA:mB=2:1B.粒子B的质量之比为mA:mB=4:3C.粒子B在电场中飞行的时间之比为tA:tB=2:3D.粒子B在电场中飞行的时间之比为tA:tB=2:110、如图所示，阴影部分表示导体，在各图中，P点的电场强度为零的是（）A.B.C.D.11、如图所示，竖直面内一绝缘细圆环，关于水平直径PQ上下对称各镶嵌7个电荷量相等的正、负点电荷，上边为正，下边为负，在竖直直径上各有一个正负电荷，其余6个正、负电荷关于竖直直径对称。a、b、c、d分别为水平和竖直直径上的四个点，四点连线构成一正方形，圆心O位于正方形的中心。则以下说法正确的是（）

A.a、b两点的场强不相等B.c、d两点的场强相等C.c、d两点的电势相等D.带正电的试探电荷沿着直线cOd，由c运动到d过程，电场力先减小后增大12、如图，电荷量分别为+q和–q的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b、c、d是正方体的另外四个顶点；则。

A.a、c两点电场强度相同B.c、d两点电场强度相同C.a、b、c、d四点电势相等D.电势差Uad=Ubc13、如图所示，竖直放置的平行两金属板与电源相连，一个带负电的小球悬挂在电容器两平板间，闭合开关S后，电容器充电，这时电容器的带电荷量为悬线偏离竖直方向的夹角为那么下列说法正确的是（）

A.保持S闭合，将板向板靠近，则电荷量增大，增大B.保持S闭合，将板向板靠近，电荷量增大，但是不变C.断开S，将板向板靠近，电压减小，但是不变D.断开S，将板向板靠近，电压减小，则减小14、如图所示是一个由电池、电阻R、电键S与平行板电容器组成的串联电路，电键S闭合；在增大电容器两极板间距离的过程中（）

A.电阻R中没有电流B.电容器的电容变小C.电阻R中有从a流向b的电流D.电阻R中有从b流向a的电流15、如图所示，竖直固定的光滑的绝缘杆上O点套有一个质量为m，带电量为q(q<0)的小环．在杆的左侧固定一个带电量为+Q的点电荷，杆上A、B两点与Q正好构成一边长为a的等边三角形，OA间距离也为a。现将小环从O点由静止释放，若小环通过A点的速率为则在小环从O到B的过程中（）

A.在O点时，q与Q形成的系统电势能最大B.到达AB的中点时，小环速度一定最大C.从O到B，电场力对小环一直做正功D.到达B点时，小环的速率为16、将两个不同的电源甲；乙的伏安特性曲线描绘在同一坐标系中；其关系如图所示。则下列分析正确的是（）

A.两图线的交点表示两电源所接的外电阻相等B.两图线的交点表示两电源在该状态下的内电压相等C.电源甲的电动势大D.电源甲的内阻小17、下列关于热辐射和黑体辐射的说法正确的是（）A.一切物体都在辐射电磁波B.一般物体辐射电磁波的强度与温度无关C.随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动D.黑体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、在图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动．若电源的端电压保持不变，电流表A的示数与电流表示数的比值将________；电压表V示数的变化与电流表示数的比值将________．（均选填“变小”“不变”或“变大”）

19、判断下列说法的正误。

（1）公式UAB=Ed适用于计算任何电场中A、B两点间的电势差。____

（2）根据公式UAB=Ed，在匀强电场中A点和B点间距离越大，则这两点的电势差越大。____

（3）在匀强电场中，沿电场线方向，相同距离上降低的电势必相等。____

（4）由公式得，电场强度E与电势差U成正比，与两点间距离d成反比。____20、自然界只有两种电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒带_______电，丝绸是_______（选填“得到”或“失去”）电子.毛皮摩擦过的橡胶棒带_______电，橡胶棒是_______（选填“得到”或“失去”）电子.21、一均匀带正电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的电势___________；始终在球外的任意点的场强___________。（填写变大、变小或不变）22、如图所示虚线为电场中的一簇等势面，两等势面间的电势差为10且的电势高于的电势，相邻两等势面电势差相等，一个电子在电场中通过的轨迹如图中实线所示，电子过点的动能为8它经过点时的动能为________电子在点的电势能比在点的电势能________．

23、(1)下列各个实验中，应用了等效法的是_________，应用了控制变量法的是_________

A．探究小车速度随时间的变化关系。

B．探究弹簧伸长与弹力的关系。

C．探究求合力的方法。

D．探究小车加速度与质量；力的关系。

(2)①用20分度的游标卡尺测量钢球的直径，示数如图所示，则钢球直径为___________mm。

②若某同学也是用这个游标卡尺测量另一物体的长度，测量结果为51.45mm，则在读数时游标尺上的第_________格与主尺上的第_________毫米格对齐。评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)24、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

25、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)26、某探究性学习小组利用图1中的实验器材测量电池的电动势和内阻。其中电流表A1的内阻电阻为了方便读数和作图，给电池串联一个的定值电阻。

（1）请在图1中完成电路连线________；

（2）通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表和的多组数据，作出图像如图2，由—图像得到电池的电动势E=________V，内阻r=________（结果保留2位有效数字）27、某实验小组利用如图甲所示的电路探究在25℃~80℃范围内某热敏电阻的温度特性。所用器材有：置于温控室（图中虚线区域）中的热敏电阻RT，其标称值（25℃时的阻值）为900.0Ω；电源E（6V，内阻可忽略）；电压表V（量程150mV）；定值电阻R0（阻值20.0Ω），滑动变阻器R1（最大阻值为1000Ω）；电阻箱R2（阻值范围0~999.9Ω）；单刀开关S1，单刀双掷开关S2。

实验时，先按图甲连接好电路，再将温控室的温度t升至80.0℃。将S2与1端接通，闭合S1，调节R1的滑片位置，使电压表读数为某一值U0；保持R1的滑片位置不变，将R2置于最大值，将S2与2端接通，调节R2，使电压表读数仍为U0；断开S1，记下此时R2的读数。逐步降低温控室的温度t，得到相应温度下R2的阻值，直至温度降到25.0℃。实验得到的R2-t数据见下表。

。t/℃

25.0

30.0

40.0

50.0

60.0

70.0

80.0

R2/Ω

900.0

680.0

500.0

390.0

320.0

270.0

240.0

回答下列问题：

(1)在闭合S1前，图甲中R1的滑片应移动到______（填“a”或“b”）端。

(2)在图乙的坐标纸上补齐数据表中所给数据点，并作出R2-t曲线。（_______）

(3)由图乙可得到RT在25℃~80℃范围内的温度特性。当t=44.0℃时，可得RT=____Ω。

(4)将RT握于手心，手心温度下R2的相应读数如图丙所示，该读数为______Ω，则手心温度为_______℃。28、在“测量金属丝的电阻率”实验中，待测金属丝的电阻约为

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量如图所示，其读数为______

（2）用电流表和电压表测量金属丝的电阻．按如图连接好电路，用电压表的接线柱P先后与a、b接触，发现电压表的示数有较大变化，而电流表的示数变化不大，则实验中电压表的接线柱P应与_______点相连（选填“a”或“b”）。

（3）某同学在实验中记录了多组数据，并描绘出图像，如图所示，由图像可知，金属丝的电阻约为_______

（4）设被测金属丝电阻为长度为L，直径的平均值为d，则该金属材料电阻率的表达式为________。（用L、d等物理量表示）。29、某同学要用伏安法测一节干电池的电动势和内阻。现备有下列器材：

A．被测干电池一节。

B．电流表1：量程0~0.6A；内阻为0.30Ω

C．电流表2：量程0~0.6A；内阻约为0.1Ω

D．电压表1：量程0~2V；内阻约为2kΩ

E．电压表2：量程0~10V；内阻约为10kΩ

F．滑动变阻器1：最大阻值为10Ω

G．滑动变阻器2：最大阻值为100Ω

H．开关；导线若干。

（1）请在上述器材中选择适当的电压表与滑动变阻器（填写器材前的字母）：电压表选择_________，滑动变阻器选择___________；

（2）某实验小组选用的电流表是C，请根据他们选用的器材将图甲的实物连线补充完整_____________；

（3）另一实验小组选用的电流表是B，他们考虑了电表内阻造成的系统误差，重新连接电路后进行实验，得到了如图乙所示的U—I图像。则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=_______________V，内电阻r=________________Ω（以上结果均保留2位小数）。评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)30、如图所示，HI、OP为水平直轨道，IKMNO为竖直面内半径R=0.1m的圆轨道（I、O不重叠），PQ为倾角=37°的足够长倾斜直轨道，各段轨道平滑连接，圆轨道区域虚线范围内有方向竖直向下、场强E=2000N/C的匀强电场。现用左侧的弹射装置将一质量m=0.1kg、电荷量q=510−4C的带正电物块向右弹出，弹射过程无机械能损失。物块可视为质点，物块与倾斜直轨道间的动摩擦因数与到底端P的距离x满足关系式其余各段轨道光滑，整套装置绝缘良好，物块电量保持不变。

（1）若弹射装置弹性势能EP1=0.1J，求物块第一次经过圆轨道最低点I时对轨道的压力大小；

（2）若弹出后物块恰能顺利通过圆轨道进入右侧直轨道，求弹射装置的的弹性势能Ep2；

（3）要使物块第一次从倾斜轨道返回后能顺利通过圆轨道进入左侧直轨道；求弹射装置允许的弹性势能范围。

31、质量均为m的两个可视为质点的小球A、B，分别被长为L的绝缘细线悬挂在同一点O，给A、B分别带上一定量的正电荷，并用水平向右的外力FT作用在A球上，平衡以后，悬挂A球的细线竖直，悬挂B球的细线向右偏60°角，如图所示。若A球的电荷量为q，重力加速度为g，静电力常量为k；求：

（1）B球的电荷量；

（2）外力FT的大小；

（3）撤去外力FT，把小球A固定在O点，小球B在原位置释放，则当小球B运动到最低点时；细线上的拉力多大？

32、如图所示，水平放置的平行金属板A、B间距为d=20cm，板长L=30cm，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于A、B中间，距金属板右端x=15cm处竖直放置一足够大的荧光屏。现在A、B板间加如图2所示的方波形周期电压，有大量质量m=1.0×10−7kg，电荷量q=1.0×10−2C的带电粒子以平行于金属板的速度v0=1.0×104m/s持续射向挡板。已知U0=1.0×102V；粒子重力不计，求：

（1）粒子在电场中的运动时间；

（2）t=0时刻进入的粒子离开电场时在竖直方向的位移大小；

（3）撤去挡板后荧光屏上的光带宽度。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

电动机正常运转时，输入的电功率为入

发热功率热

电动机正常运转时的输出功率为入热

电动机正常运转时的效率为

故C正确；A；B、D错误；

故选C。2、A【分析】【详解】

已知甲乙两根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍；根据所以甲的电阻是乙的2倍．

A．2：1；与结论相符，选项A正确；

B．1：2；与结论不相符，选项B错误；

C．1：4；与结论不相符，选项C错误；

D．1：8，与结论不相符，选项D错误；3、D【分析】【详解】

A．电场线的疏密表示场强大小，由图知粒子在A点的场强小于B点的场强，在A点所受的电场力小，故在A点的加速度小于B点的加速度；故A错误；

B．由图知带电粒子的运动轨迹向下弯曲，则带电粒子所受的电场力沿电场线切线向下，则知电场力对粒子做负功；动能减小，有粒子在A点的动能大于它在B点的动能；故B错误；

D．因粒子由A到B时，电场力做负功，故电势能增大，则粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能；故D正确；

C．粒子所受电场力方向与电场强度相反，则粒子带负电，而电势能因A点的电势能低于B点，有可得故A点的电势高于B点的电势；故C错误；

故选D。4、C【分析】【详解】

A．由电场线分布可知；这两个电荷是等量正电荷，故A错误；

B．电场中的电场线是为了方便；准确描述电场而人为设想的；并不是客观存在的，故B错误；

C．沿电场线分布，电势降低，且电子在电势低的地方电势能大，因此电子从C到D；电势能增大，则电场力做负功，故C正确；

D．由等量同种电荷中垂线的场强分布是先变大后变小可知，从C到D；电场强度可能增大也可能先变大后变小，电场力可能变大也可能先变大后变小，故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．由于电子在A点的电势能为EpA=3eV，可得A点的电势为

故A错误；

B．设C、B两点的电势差为UCB，根据动能定理可得电子从C点运动到B点的过程中，电场力做功为WCBEkBEkC5eV2eV3eV

根据电场力做功与电势差的关系为

故B错误；

C．因为C点的电势为零，根据电势与电势差的关系可得B点的电势为B3V

设AB的中点为F点，根据匀强电场的特点可得中点F的电势为

可知CF连线为等势线；做出电场线如图所示。

由几何关系可得BC两点沿电场方向的距离为

根据电势差与电场强度的关系可得电场强度大小

故C正确；

D．由于AB//CD，根据匀强电场的特点有UCDUBA3V3V6V

电子从C点到D点要克服电场力做功WCDUCDe6eV2eV

所以电子以相同的初动能从C点沿其他方向发射，不可能运动到D点；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

小球处于平衡状态可知

AB．若只将变阻器滑片P缓慢地向b端移动，两极板之间的电压增大，根据匀强电场电场强度与电势差关系可知电场强度增大，故则角将增大；电容器的带电荷量为可知电容器带电量Q将增大；故AB错误；

CD．若只将电容器M极板靠近N极板，根据匀强电场电场强度与电势差关系可知减小极板间的距离，电场强度增大，故则角将增大；根据平行板电容器的决定式

可知减小极板间的距离，电容器的电容增大，电容器带电荷量为可知电容器带电量Q将增大；故C正确，D错误。

故选C。7、D【分析】【详解】

A．小明将极板A稍向稍向上平移，则两极板距离d变大，根据电容决定式可知

电容C减小，电容器电压不变时，根据

可知；电荷量将要减小，由于二极管具有单向导电性，电容器电荷放不了，电荷不会流回电源，故A错误；

B．小明移动过程中，电容器电荷放不了，则电荷量Q不变，C减小，则U变大；小明移动过程中，静电计指针夹角变大，故B错误；

C．小亮移动过程中，将极板A稍向左平移错开一些，则两极板正对面积S变小，电容C减小，电容器电压不变时，电荷量将要减小，但由于二极管具有单向导电性，电容器电荷放不了，则电荷量Q不变，由公式

可知，E变大；电场力变大，液滴向上运动，故C错误；

D．由公式可知

当E增大时，U增大；故D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为

第2s内加速度

故有

因此先加速1s再减小时速度为零，接下来的将反向加速，图象如图所示：

A．带电粒子在前1秒匀加速运动；在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，内；带电粒子位移为负，粒子不在出发点，故B错误；

C．由图面积可知，粒子内位移为0；动能变化量为零，电场力做功为零，故C错误；

D．内电场力做功为零，由得电势差为零；故D正确；

故选D。二、多选题(共9题，共18分)9、B:D【分析】【详解】

AB．竖直方向有

解得

因为E、y、v0相等，则得

A错误B正确；

CD．两个带电粒子垂直射入电场中做为平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动．则：水平方向有

v0相等，则得

C错误D正确。

故选BD。10、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由静电屏蔽理论可知A项正确；

B．把导体环的右侧接地后；右侧无感应电荷，但不会影响导体环对内部的屏蔽作用，B项正确；

C．场源电荷在导体环的内部，静电感应使导体环的内壁带负电，外壁带正电，且导体的电势比大地的电势要高，因为它处在正点电荷的电场中，当导体环接地后，它外壁感应出的正电荷将全部被大地上的电子中和，使外壁不带电，所以P点的电场强度也为零；故C正确；

D．通过对C项的分析可知；D项中的导体环外壁将带正电，导体环将有电场存在，所以D错误。

故选ABC。11、B:D【分析】【详解】

A．因为关于O点对称的两等量异种电荷在ab两点产生的场强都相等，根据场强叠加，结合对称性可知，a、b两点的场强相等，方向均垂直于PQ向下；选项A错误；

B．因关于O点对称的两等量异种电荷在cd两点产生的场强都相等，由叠加原理可知，c、d两点的场强相等；选项B正确；

C．因c点距离正电荷较近，d点距离负电荷较近，可知c点电势高于d点的电势；选项C错误；

D．结合等量异种电荷连线上的电场线分布可知，在cOd直线上，O点的电场线最稀疏，场强最小，可知带正电的试探电荷沿着直线cOd，由c运动到d过程；电场力先减小后增大，选项D正确。

故选BD。12、A:D【分析】【详解】

AB.等量异种电荷的电场关于连线中点中心对称，故a、c两点的电场强度相同、b、d两点的电场强度相同；故A正确，B错误；

C.a、b、c、d四点不在等量异种电荷的中垂面上；故四点电势不相等，C错误；

D.由等量异种电荷电场的对称性可知，故D正确；

故选AD。13、A:C【分析】【详解】

AB．当开关闭合时，两极板间电压不变，减小两极板间的距离后，由公式

得知电场强度增大，且平行板电容器的电容由公式

知，电容增大，再由公式

得到电荷量增大，同时小球所受电场力增大使得增大；B错误，A正确；

CD．若开关断开，两极板上的电荷量不变，减小两极板间的距离后，平行板电容器的电容由公式

知，电容增大，再由公式

得到电压将减小，再联立公式

可推知电场强度不变，所以小球所受电场力不变，故也不变；D错误，C正确。

故选AC。14、B:C【分析】【详解】

由平行板电容器的电容知，增大电容器两极板间距离则电容变小，B正确；与电源相连U不变，由知，当电容C变小时，电容器所带的电荷量Q也变小，故电容器要放电，则A极板相当于正极，故电流在电阻中从a流向b，C错D正确．答案为BD．15、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．小环从O点下落的过程中受电场力做正功，电势能减小，所以在O点时，q与Q形成的系统电势能最大；故A正确；

B．到达AB的中点时，受电场力方向水平，小环受合外力等于mg，加速度a=g；小环将继续加速，所以B错误；

C．从O到B；电场力对小环先做正功后做负功，总功是正功，故C错误；

D．从O到A，根据动能定理

从O到B，根据动能定理UOB=UOA

联立解得

故D正确。

故选D。16、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．题图中两直线的交点坐标为（I1，U1），由

可知，路端电压都为U1时；它们的外电阻相等，A正确；

B．由公式

可知，电流都是I1时，因r不相等；故两电源内电压不相等，B错误；

CD．在路端电压与总电流的关系图线（U－I图线）中，图线在U轴上的截距表示电源的电动势E，图线斜率的绝对值表示电源的内阻，可见E甲>E乙，r甲>r乙；C正确，D错误。

故选AC。17、A:C:D【分析】【详解】

AB.我们周围的一切物体都在辐射电磁波；这种辐射与物体的温度有关，所以叫做热辐射，故A正确，B错误；

C．随着温度的升高；黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故C正确；

D．如果某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射；这种物体就是绝对黑体，简称黑体，故D正确。

故选ACD。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【详解】

[1][2]该电路的结构R1与R2并联后与A串联，所以流过电流表A的电流是两个支路的电流的和，将滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路中的电阻值减小，所以电路中的总电流和流过R1的电流增大，而流过R2的电流减小；所以电流表A的示数变化量的大小小于电流表A1示数的变化量的大小；电流表A的示数增加量的大小小于电流表A1示数的增加量的大小，则电流表A的示数与电流表A1示数的比值将变小；R1与R2并联后做为一个电阻，该电路就变成了测量电源的电动势和内电阻的电路，由闭合电路的欧姆定律：E=U+Ir，所以即将变小。【解析】变小变小19、略

【解析】①.错②.错③.对④.错20、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]自然界只有两种电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，丝绸是失去电子．毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，橡胶棒是得到电子．【解析】正得到负得到21、略

【分析】【详解】

[1]电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零势能位置时静电力做的功。我们取一个正的点电荷放在球内任意点，把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为橡皮球吹大后，该点电荷与球上所有电荷的距离变远，再把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为根据库伦定律有

所以球吹大后；该点电荷的电势能变小，该位置的电势变小。

[2]一个半径为R的均匀带电球体或球壳，在球的外部产生的电场，与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，求外各点的电场强度为

球吹大后，始终在球外的任意点距球心的距离r不变，球所带电荷量Q不变，则场强不变。【解析】变小不变22、略

【分析】【详解】

A、B间电势差为10V，根据图可知相邻的两个等势面间的电势差为2.5伏，由M到N电场力做功为动能减少所以N点动能为0.5ev,因为电场力做负功所以电势能增加．

思路分析：根据等势线的分布判断相邻等上面的电势差；根据电场力做功判断电势能的变化．

试题点评：考查电场能的性质【解析】0.5；小23、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]探究小车速度随时间的变化关系时；用平均速度替代瞬时速度，体现了极限的思想；探究弹簧伸长与弹力的关系时，采用了图像分析的方法；探究求合力的方法时，采用了等效替代的方法；探究小车加速度与质量；力的关系时，应用了控制变量法，故选C、D；

(2)[3][4][5]20分度的游标卡尺，其精确度为故钢球的直径。

当测量结果为51.45mm时；即。

故读数时游标尺上的第9格与主尺刻度对齐。主尺对齐的刻度为。

【解析】CD10.15960四、作图题(共2题，共16分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】25、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共12分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]图1中完成电路连线如图。

（2）[2][3]根据闭合电路欧姆定律

因为

化简可得

读