2025年粤教新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修3物理上册阶段测试试卷968考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、图甲表示某金属丝的电阻随摄氏温度变化的情况。把这段金属丝与电池；电流表串联起来（图乙）；用这段金属丝做测温探头，把电流表的刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简易温度计。下列说法正确的是（）

A.应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系B.应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系C.应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系D.应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系2、如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．有关下列说法中正确的是（）

A.只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3中有向上的电流B.只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C.只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向上运动D.若断开电键S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动3、两根长直通电导线互相平行，电流方向相同。它们的截面处于一个等边三角形ABC的A和B处。如图所示，两通电导线在C处的磁场的磁感应强度的值都是B，则C处磁场的总磁感应强度的大小是。

A.BB.2BC.BD.B4、关于等势面、电场力做功和电场的关系，下列说法正确的是（）A.在等势面上移动电荷，电场力总是不做功是因为电荷不受电场力B.电荷从A点移到B点，电场力做功为零，则电荷一定是沿等势面移动的C.在同一个等势面上的各点，电场强度的大小必然是相等的D.电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面5、如图所示，一半径为R的绝缘圆环上，均匀地分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆环平面的对称轴上有一点P，它与环心O的距离OP＝L。静电力常量为k，关于P点的场强E；下列四个表达式中有一个是正确的，请你根据所学的物理知识，通过一定的分析，判断下列表达式正确的是()

A.E＝B.E＝C.E＝D.E＝6、下列物理量的负号表示大小的是（）A.速度v=-2m/sB.电量q=-0.01CC.重力势能D.力做功为W=-10J7、如图所示的正四棱锥中，各棱长均为处于匀强电场的空间中。其中电场方向与平面ABCD平行，已知A、B及O点的电势分别为2V；6V及4V。则下列说法正确的是（）

A.电场方向A指向CB.电场强度大小为C.该正四棱锥外接球面上的电势最低值为1VD.将电子从O点移到D点，电势能增加8、电路图如图甲所示，图乙是电路中的电源的路端电压随电流变化的关系图像，滑动变阻器的最大阻值为定值电阻以下说法中正确的是（）

A.电源的内阻为B.当时电源的输出功率最大C.当时电源的输出功率最大D.当时消耗的功率最大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为＋Q和－Q，在它们连线的竖直中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一带电荷量为＋q的小球以初速度v0从上端管口射入，重力加速度为g，静电力常量为k，则小球（））

A.下落过程中加速度始终为gB.受到的库仑力先做正功后做负功C.速度先增大后减小，射出时速度仍为v0D.管壁对小球的弹力最大值为10、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关k，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电流表、电压表V2示数变化量的绝对值分别为ΔI、ΔU2；下列说法正确的是。

A.I减小B.U1、U2均减小C.变小，变大D.11、如图所示，电源电动势E和内阻r一定，R1、R2是定值电阻，R3是光敏电阻(光敏电阻阻值随光照强度的增加而变小)。闭合开关，当照射到R3的光照强度增加时；以下判断正确的是（）

A.电流表示数一定变小B.电压表示数一定变小C.R1的功率一定变小D.R2的功率一定变大12、在坐标到之间有一静电场，x轴上各点的电势随坐标x的变化关系如图所示，电势分布关于坐标原点左右对称。一质子从处以一定初动能仅在电场力作用下沿x轴正向穿过该电场区域。则该质子（）

A.在区间电势能一直减小B.在区间一直做减速运动C.在区间受到的电场力一直减小D.质子经过处动能等于在处的初动能13、如图甲所示，一均匀带电圆环放置在水平面内，取圆环中心O为原点，以垂直于环面的轴线为轴，一带电小球从轴上处由静止释放，小球运动过程中的动能与位置的变化关系如图乙所示，图线上与处的切线与轴平行，小球在处的动能分别为不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.处与处场强相同B.小球从运动到电势能增加C.小球从运动到加速度先增大后减小D.小球从运动到O点，电势能与重力势能之和先减小后增大14、如图1所示，足够长固定绝缘光滑斜面倾角为以斜面底端为坐标原点，沿斜面建轴，沿轴部分区域存在电场，电场方向沿斜面向上。质量为电量为可视为质点的滑块在斜面底端由静止释放，空气阻力不计，滑块对原电场无影响，滑块向上运动的一段过程机械能随位移变化图像如图2所示，曲线A点处切线斜率最大；以下说法正确的是（）

A.在过程中，滑块先减速后匀速B.在处滑块的动能最大C.在处电场强度最大D.在过程中，滑块先加速后减速15、关于矢量和标量，下列说法正确的是（）A.位移、速度、加速度、力都是矢量B.两个矢量乘积可能是标量C.－10N的力比5N的力大D.有方向的物理量都是矢量评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，直线A为电源的路端电压U与电流I的关系图像，直线B是电阻R的两端电压与其中电流I的图像.用该电源与电阻R组成闭合电路，则电源的输出功率为_______，电源内部生热损失的电功率为_______，电源的效率为_______.

17、如图所示的电路中，当S断开时，电流表示数为S闭合时，电流表示数为则电源的电动势_______V，内阻_______

18、图中的一氧化碳浓度传感器相当于一个纯电阻原件，已知其电阻值的倒数与一氧化碳浓度成正比。将传感器接在如图所示的电路中，其中为定值电阻，电源电压恒定。当该传感器探测到的汽车尾气中一氧化碳浓度达到国家排放标准的最高浓度时，电压表达读数为现测量A汽车尾气时，电表示数大于A车尾气一氧化碳浓度____国定排放标准，若该仪器中电池用久了，测量B汽车尾气时，电表示数等于则B车尾气一氧化碳浓度______国家排放标准。（以上两空均填“符合”或“不符合”）

19、如图所示，三根等长带电棒绝缘相连成正三角形，每根棒上电荷均匀分布，带电均为带电为P点为正三角形中心，P、Q两点关于边对称.现测得P、Q两点的电场强度大小分别为和若撤去棒，则P、Q两点的电场强度大小分别为_____，_____。

20、概念：一切物体都在辐射电磁波，且辐射与物体的______有关，所以叫热辐射。21、真空中两个静止点电荷A、B，电荷量分别是和它们相距则它们互相___________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小为___________N。22、电阻。

（1）电阻的概念。

导体两端的___________与通过导体的___________大小之比。

（2）定义式：

（3）单位：___________，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=___________kΩ=___________MΩ。

（4）物理意义：反映___________作用的大小。

（5）导体U-I图像的___________反映电阻大小。评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)23、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)24、实验小组要测量某直流电源的电动势和内阻可用的实验器材有：电流表电阻箱和滑动变阻器各一只，电键两个以及导线若干。在研究实验方案的过程中，发现电流表量程小，需要把电流表的量程扩大一倍才能完成实验。设计的实验电路如图1所示。

（1）扩大电流表的量程；实验步骤如下：

①断开电键和把电阻箱的阻值调到__________（填“最大”或“最小”）；

②闭合电键调节电阻箱使电流表满偏；

③闭合电键调节滑动变阻器的滑动触头，使电流表___________，此后滑动变阻器的触头的位置不再变动。

（2）测量电源的电动势和内阻实验步骤如下：

①电键都闭合，调节电阻箱的值，观察并记录电流表的示数

②重复步骤①，测量并记录多组数据；

③以为纵坐标，为横坐标；建立平面直角坐标系，根据步骤②得到的多组数据描点画图。得到的图像如图2所示；

④经测量，图像横轴截距的绝对值为纵轴截距为则电源的电动势____________，若已知电流表的内阻为则电源的内阻__________。

（3）由于系统误差的存在，在扩大电流表量程的环节中，当电流表读数为时，流过电源的电流实际上并不等于而是____________（填“大于”或“小于”）从而对后面的测量造成影响，要减小这种误差，应该满足电阻箱连入电路的总电阻____________（填“远大于”或“接近”）电流表电阻25、测定一节干电池的电动势和内电阻．电路如图甲所示，MN为一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，定值电阻R0=1.00Ω．调苗滑片P，记录电压表示数U、电流表示数I及对应的PN长度x，绘制了U-I图象如图乙所示．

（1）由图乙求得该干电池的电动势E=_______________V，内阻r=______________Ω；（结果均在小数点后保留两位小数）

（2）根据实验数据可绘出图象，如图丙所示．图象纵轴截距的物理意义是__________________________；图象斜率为k，电阻丝横截面积为S，电阻丝的电阻率为ρ=___________________________（用k、S表示）．26、要描绘标有“2.5V0.2A”字样的小灯泡的伏安特性曲线，小兰同学做了以下实验．可供选择的实验器材有：

a.直流电源3V(内阻不计）

b.直流电流表（量程为300mA，内阻约为5)

c.直流电流表（量程为3A,内阻约为0.1)

d.直流电压表（量程为3V,内阻约为30k)

e.滑动变阻器（最大阻值为100额定电流为0.5A)

f.滑动变阻器（最大阻值为10额定电流为2A)

g.开关一个，导线若干

(1)实验中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用_______：(填对应器材前的字母序号）

在如图所示的虚线框中画出正确的实验电路图_______（虚线框中已将部分电路画出，请补齐电路的其他部分）；

(3)将如图所示的实物图连接完整____；

(4)开关闭合前，图中滑动变阻器的滑片应滑至____(填“a”或“b”)端，图中滑动变阻器的滑片应滑至最__(填“左”或“右”）端．27、在把电流表改装成电压表的实验中；要将量程为200μA的电流表G改装成量程为5V的电压表，电流表G的内阻约几百欧。提供的实验器材如下：

干电池（电动势E约为1.5V，内阻r约为10Ω）、电阻箱R1、R2（均为0～99999.9Ω）；开关、导线若干。

（1）先利用如图甲所示的电路，测出电流表G的内电阻Rg；有关实验测量的操作步骤如下：

①按照图甲连接好电路，电阻箱R1、R2阻值均调至最大，开关S1、S2均断开；

②只闭合S1，调节电阻箱R2使电流表G满偏，此时电阻箱R2的阻值为6990.0Ω；

③再闭合S2，调节电阻箱R1使电流表G半偏，此时电阻箱R1的阻值为470.0Ω，由此可得电流表G内阻Rg的测量值为______Ω。

（2）测量电流表内阻时，为了减小测量误差，要求R2远大于Rg（比值越大，测量误差越小），本实验中R2虽比Rg大，但两者之比不是很大，因此导致Rg的测量误差较大。通过分析可知，Rg的测量值______真实值（填“大于”或“小于”）。

（3）为减小Rg的测量误差，可以通过补偿回路总电阻的方法，即把半偏时回路的总电阻的变化补回来。实际操作如下：在（1）后，再把R2先增加到______Ω（用第（1）问中的有关条件求得具体数值），再闭合S2调节R1使电流表G半偏。用这时R1的读数表示Rg的测量值；如此重复操作多次补偿即可使误差尽量减小。

（4）通过多次补偿测量，最终取Rg=500Ω，为完成上述改装，需要用一个______Ω的电阻与电流表串联。用改装后的电压表，按图乙所示的电路测量未知电阻Rx。若测量未知电阻Rx时，电流表的读数为0.20A，而改装后的电压表的表头（刻度盘仍为原电流表的刻度），那么Rx的测量值为______Ω。评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)28、如图，A、B两点电荷相距2m，O为AB连线上的一点，AO距离为0.5m，A、B所带电荷量分别为和静电力常量为k=9.0×109N·m2/C2；求：

（1）电荷A对电荷B的库仑力大小；

（2）O点的电场强度大小及方向。

29、如图，一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点。已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为37°，不计重力。求A、B两点间的电势差。

30、磁场中放一与磁场方向垂直的直导线，通入的电流是2.5A，导线长1cm，它受到的磁场力为

(1)导线所在处的磁感应强度是多大？

(2)如果把导线中的电流增大到5A；导线所在处的磁感应强度是多大？

(3)如果一通电导线在磁场中某处不受磁场力，是否可以确定该处没有磁场？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

由甲图可知，点对应的电阻阻值较小，由闭合电路欧姆定律知对应电路中的电流较大，故应标在电流较大的刻度上；而点对应的电阻阻值较大，由闭合电路欧姆定律知对应电路中的电流较小，故应标在电流较小的刻度上；由图甲得

其中为图线的纵截距，由闭合电路欧姆定律得

联立解得

可知t与I是非线性关系；故B正确，ACD错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

A.只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流；故A正确；

B.电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时；对电路没有影响，故B错误；

C.电路中有效总电阻不变，总电流不变，则电压表的示数不变．电容器两板间的电压变大，由

可知电场力变大；带点微粒向上运动，故C错误；

D.若断开电键S，电容器处于放电状态，电荷量变小，电场强度减小，故粒子将向下运动；故D错误．3、D【分析】【详解】

根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，则磁场在C处相互叠加，如图所示，根据几何关系知合磁感强度为故D项正确，ABC三项错误．

4、D【分析】【分析】

【详解】

A．在同一等势面上两点间移动电荷时；电荷的电势能不变，电场力总是不做功，不是不受电场力，是因为等势面总是与电场线垂直，即电荷所受的电场力方向总与运动方向垂直，所以电场力总是不做功，A错误；

B．电荷从A点移到B点，电场力做功是零，说明A、B两点的电势相等；而电荷不一定是沿等势面移动的，B错误；

C．在同一个等势面上的各点的电势相等；可电场强度的大小不一定是相等的，C错误；

D．沿着电场线方向电势总是降低的；所以电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

当R＝0时，带电圆环等同一点电荷，由点电荷电场强度计算式可知在P点的电场强度为将R＝0代入四个选项；只有A；D选项满足；

当L＝0时，均匀带电圆环的中心处产生的电场的电场强度为0，将L＝0代入选项A；D；只有选项D满足，故D正确。

故选D。

【点睛】

做选择题时，运用极限思维可以提高做题速度。6、C【分析】【详解】

A．速度为矢量；正负代表方向，故A错误；

B．电量的正负代表性质不同；故B错误；

C．重力势能的正负表示具有的势能大小不同；故C正确；

D．力的正负代表做正功或做负功；故D错误。

故选C。7、D【分析】【详解】

AB．如图所示，根据匀强电场的电场线与等差等势面是平行等间距排列的，且电场线与等势面处处垂直，沿着任意方向电势均匀降低，取AB的中点该点电势为垂直电场线，则点电势等于O点电势，为故平面为等势面，BA平行电场线，方向由B指向A，电场强度的大小

故A；B错误；

C．根据数学知识可知正四棱锥的外接球半径为外接球球心即为点，所以外接球面上最低电势为

故C错误；

D．D点电势等于A点电势，为故将电子从O点移到D点，电场力做负功，由知电势能增加故D正确。

故选D。8、C【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律可得

可知图像的纵轴截距等于电动势，则有

图像的斜率绝对值等于内阻，则有

故A错误；

BC．设电路外电阻为则电源的输出功率为

可知当外电阻时，电源的输出功率最大，则有

故B错误；C正确；

D．消耗的功率为

可知当

消耗的功率最大；故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)9、A:D【分析】【详解】

A．电荷量为+q的小球以初速度v0从管口射入的过程；因库仑力与速度方向垂直，竖直方向只受重力作用，加速度始终为g，故A正确；

B．小球有下落过程中；库仑力与速度方向垂直，则库仑力不做功，故B错误；

C．电场力不做功；只有重力做功；根据动能定理，速度不断增加，故C错误；

D．在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：E=

根据矢量的合成法则，则有电场强度最大值为因此电荷量为+q的小球受到最大库仑力为结合受力分析可知，弹力与库仑力平衡，则管壁对小球的弹力最大值为故D正确；

故选AD.

点睛：对于等量异种电荷，根据矢量的合成法则，中垂线的中点的电场强度最大，在无穷远的电场强度为零；点电荷靠近两个电荷的连线的中点过程，电场力不做功；中点处的电场强度最大，则库仑力也最大，弹力也是最大，从而即可求解．10、A:D【分析】【详解】

AB．P下滑，R2增加则总电阻增加，则I变小，内电压变小，路端电压变大，则U3变大，根据欧姆定律可知，定值电阻R1两端的电压U1变小，滑动变阻器R2两端的电压U2变大；故A正确，B错误；

C．根据闭合电路欧姆定律可知

解得

恒定不变；故C错误；

D．根据伏安特性曲线可知

恒定不变，根据闭合电路欧姆定律得

则

故D正确．11、B:C:D【分析】【详解】

AB.照射到R3的光照强度增加时电阻减小；总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电流增大；路端电压减小；故电压表示数变小，电流表示数增大，故A错误，B正确；

CD.由于路端电压减小，故R1中功率变小，因总电流变大，R1中电流减小，故流过R2的电流增大，其功率变大，故CD正确。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．在区间电势增加；故电场线方向向左，那么，质子受到的电场力方向向左，故质子做减速运动，电场力做负功，电势能增加，故A错误，B正确；

C．根据图像的斜率等于电场强度大小可知，在区间电势减小的斜率先增大后减小；电场强度先增大后减小，那么，电场力先增大后减小，故C错误；

D．质子从到电场力做总功等于0，由动能定理，质子在和处动能相等；故D正确。

故选BD。13、A:C【分析】【详解】

AC．根据题意可知，带电小球由静止下落过程中，受重力和电场力，由动能定理有

可知，图像的斜率表示小球受到的合力，图线上与处的切线与轴平行，则合力为0，电场力均等于小球重力，则处与处场强相同，由图可知，从运动到图像的斜率先增大后减小，则小球所受到的合力先增大后减小，加速度先增大后减小，故AC正确；

BD．由能量守恒可知，小球下落过程中，重力势能、电势能和动能之和保持不变，则小球从运动到电势能的增加等于动能减小和重力势能减小之和，即

小球从运动到O点；动能先增大后减小再增大，则电势能与重力势能之和先减小后增大再减小，故BD错误。

故选AC。14、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB.由图2可知，可视为质点的滑块在范围内，机械能守恒，说明电场仅存在于这个区域。机械能E—x图像的斜率就是电场力，在过程中，电场力先增大后减小，在x2处减小至零，所以在过程中某个位置，电场力等于重力沿斜面向下的分力，此时滑块受合力为零，滑块的速度最大，动能最大，则在过程中；滑块先加速后减速，故AB错误；

C.机械能E—x图像的斜率就是电场力，曲线A点处切线斜率最大，滑块所受电场力最大，则在处电场强度最大；故C正确；

D.在范围内，电场力做正功，机械能增加。在过程中某个位置，滑块的速度最大，滑块经过处后，电场消失，滑块机械能守恒，滑块减速上升，所以在过程中；滑块先加速后减速，故D正确。

故选CD。15、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．位移；速度、加速度、力既有大小又有方向都是矢量；故A正确；

B．两个矢量乘积可能没有方向；可能是标量，例如功，故B正确；

C．－10N的力的大小为10N；可知－10N的力比5N的力大，故C正确；

D．矢量是既有大小；又有方向；相加时遵循平行四边形定则的物理量，只是有方向的量不一定就是矢量，比如电流，就是标量，故D错误。

故选ABC。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]由图象可知电源的电动势短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流为2A，电源的输出功率即为电阻上消耗的功率：

[2]电源的总功率为：总

电源内部生热损失的电功率为：热总

[3]所以电源的效率为：【解析】4W2W66.7%17、略

【分析】【详解】

[1][2]开关S断开时，由闭合电路欧姆定律可得

闭合时有

联立解得【解析】6318、略

【分析】【详解】

[1]．电压表读数越大，则R1以及内阻上的电压越小，电路总电流越小，可知总电阻越大，说明传感器的电阻变大，则一氧化碳的浓度小，则当电表示数大于U0，A车尾气一氧化碳浓度符合国定排放标准；

[2]．该仪器中电池用久了，若其他物理量不变，则电压表读数应该减小，但是此时电压表读数仍为U0，说明传感器的电阻变大了，一氧化碳浓度小了，则B车尾气一氧化碳浓度符合国家排放标准。【解析】符合符合19、略

【分析】【分析】

【详解】

假设三根等长带电棒绝缘都带+q电荷，则P的场强为零，根据电场的叠加原理可知，AB、BC两棒在PP点的电场强度与AC棒在P点的场强大小相等、方向相反；所以可知当AB、BC带电均为+q，CA带电为−q时，AB、BC两棒在P点的电场强度与AC棒在P点的场强大小相等、方向相同，都为则若撤去CA棒，P点的电场强度大小为。

根据对称性可知原来AC在Q处的场强大小方向沿Q到P。原来Q的场强是AB、BC产生的场强和AC产生的场强的叠加而成，AB、BC产生的合场强方向从P到Q，AC产生的场强方向从Q到P，根据电场的叠加可知Q点原来的场强方向可能沿Q到P，原来Q点的大小为E2，则知在Q点，AB、BC产生的合场强大小为。

若撤去CA棒后，Q点的电场强度大小。

原来Q的方向也可能沿P到Q，则在Q点，AB、BC产生的合场强大小为。

撤去CA棒后，Q点的电场强度大小。

【解析】或20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度21、略

【分析】【详解】

[1]点电荷A；B电性相反；它们相互吸引。

[2]根据库仑定律可得A、B之间的相互作用力大小为【解析】吸引14.422、略

【分析】【分析】

【详解】

电阻。

（1）电阻的概念。

[1][2]导体两端的电压与通过导体电流大小之比。

（2）定义式：

（3）[3][4][5]单位：Ω，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=kΩ=MΩ。

（4）[6]物理意义：反映阻碍电流作用的大小。

（5）[7]导体U-I图像的斜率反映电阻大小。【解析】①.电压②.电流③.Ω④.⑤.⑥.阻碍电流⑦.斜率四、作图题(共1题，共5分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD五、实验题(共4题，共20分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]为了保护电路，电阻箱的阻值应调到最大；

[2]若想扩大电流表的量程，需并联一个电阻且为了使量程扩大一倍，电阻应分一半的电流，故此时电流表半偏；

（2）[3][4]电流表量程扩大了一倍，故干路电流为则有

故有

则

可得的斜率

纵截距

则电源的电动势为

电源的内阻为

（3）[5][6]在闭合开关后，由于并联滑动变阻器，使得回路总电阻变小，总电流增大，即

使通过的电流大于要减小这种误差，则要求开关闭合前后电阻变化对电流影响很小，故电阻箱接入电路总电阻远大于电流表的内阻。【解析】