2025年浙教新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版必修3物理上册月考试卷218考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示的电路中；电源内阻不可忽略，电键S闭合前灯泡A；B、C均已发光。当电键S闭合时，A、B、C三个灯泡的亮度变化情况是（灯都不会烧坏）（）

A.A亮度不变，B变亮，C变暗B.A变亮，B变暗，C变亮C.A变暗，B变亮，C变暗D.A变暗，B变亮，C亮度不变2、热水器中，常用热敏电阻实现温度控制。如图是一学习小组设计的模拟电路，为加热电阻丝，为正温度系数的热敏电阻（温度越高电阻越大），C为电容器。S闭合后；当温度升高时（）

A.电容器C的带电荷量增大B.灯泡L变暗C.电容器C两板间的电场强度减小D.消耗的功率增大3、元电荷的值近似为（）A.1.6×10-21CB.1.6×10-20CC.1.6×10-19CD.1.6×10-18C4、A点为已知电场中的一个固定点，在A点放一个电荷量为+q的点电荷，其所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A.若将A点的点电荷移去，A点的场强变为零B.若在A点换上电荷量为+2q的点电荷，A点的场强大小将发生变化C.若在A点换上电荷量为-q的点电荷，A点的场强方向将发生变化D.A点场强的大小、方向与放在该处的点电荷的大小、正负、有无均无关5、如图所示，真空中一正方体空间ABCD—A′B′C′D′，带电量为Q的正点电荷固定于A点；则（）

A.B点位置与C点位置的电场强度大小之比为B.正方体所有顶点中，C′点位置的电势最低C.C、D′、B′三点所在位置的电势相等、场强相同D.电子从D′点沿直线运动到B′点的过程中，电势能先增大后减小6、在如图所示的电路中，电源电动势为内电阻为为电容器，为定值电阻，为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）

A.灯泡将变亮B.灯泡亮度不变C.电容器所带的电荷量将减小D.电容器所带的电荷量将增大7、一物块由O点下落，到A点时与直立于地面的轻弹簧接触，到B点时速度达到最大，到C点时速度减为零；然后被弹回．物块在运动过程中受到的空气阻力大小不变，弹簧始终在弹性限度内，则物块()

A.从A下降到B的过程中，合力先变小后变大B.从A下降到C的过程中，加速度先增大后减小C.从C上升到B的过程中，动能先增大后减小D.从C上升到B的过程中，系统的重力势能与弹性势能之和不断增加8、下列描绘两种温度下黑体辐射强度与频率关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等。现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点。若不计重力；则（）

A.M带负电荷，N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N在从O点运动至a点的过程中电场力做正功D.M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零10、如图所示，一轻质绝缘细线一端固定在O点，另一端系一带电量大小为q、质量为m的小球，小球静止悬挂放置在正对距离为d的平行板电容器A、B间，电容器极板足够大，电容器两板连接在电源两端细线与竖直方向夹角细线、小球在竖直平面内纸面内，A、B两板平行正对倾斜放置，且与纸面垂直、与细线平行。已知重力加速度为g；下列说法正确的有（）

A.小球带正电B.电源电动势C.若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，则小球将缓慢上移D.若绳子突然断开，则小球将做曲线运动11、两个点电荷分别固定于x轴上，电量大小分别为Q和2Q，在它们形成的电场中，有一个试探电荷+q沿x轴从+∞向坐标原点O运动，其电势能Ep随x变化的关系如图所示，图中x0已知，且该处电势能最小，当x→+∞时，电势能Ep→0；当x→0时，电势能Ep→+∞。根据图象提供的信息可以确定（）

A.在x0处电场力最大B.在x轴上x＞x0的区域电场方向向左C.两个点电荷的电性为D.2Q在x轴上的坐标为(1)x012、如图是某等量电荷的等势线分布，相邻的等势线间电势差均相等，点a、b、c连线与两电荷的连线平行，且一带负电的点电荷M仅在电场力的作用下经过a点时速度方向如图，经过b所在等势线到达c所在等势线；取无穷远处电势为零。下列说法正确的是（）

A.两等量电荷电性相反B.a、c两点的电场强度相同C.a、c两点的电势不相等D.点电荷到达c所在等势线时速度大小与在a点时相等13、空间某区域电场线分布如图所示，带正电小球（质量为m，电荷量为q），在A点速度为v1，方向水平向右，至B点速度为v2，v2与水平方向间夹角为A、B间高度差为H，以下判断不正确的是（）

A.A、B两点间电势差B.小球由A至B，电势能的减少量为C.小球由A运动到B的过程中，机械能一定增加D.小球重力在B点的瞬时功率为mgv2cos14、如图所示，和都是阻值为的定值电阻，R是滑动变阻器，电源内阻为r，和都是理想电压表和电流表，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由图示位置向左缓慢滑动时，分别表示电压表示数的变化量，表示电流表A的示数变化量；则下列说法中正确的是（）

A.表示数减小B.表示数减小C.D.电压表示数的变化量的绝对值小于电压表示数的变化量的绝对值15、电路如图所示，当滑动变阻器的触头P向上滑动时；则：

A.电源的总功率变小B.电容器贮存的电量变小C.灯L1变亮D.灯L2的电流变化ΔI2大于灯L1的电流变化ΔI116、为了解释地球的磁性，19世纪安培提出假设地球的磁场是在地球自转过程中，由绕过地心的轴的环形电流引起的。假设地球表面带电，通过观察得知地磁场逐渐减弱。下列判断正确的是（）A.地球表面带的是负电B.地球表面带的是正电C.地球自转越来越慢D.地球自转越来越快17、若在地球赤道表面做奥斯特实验。忽略磁偏角，将导线南北放置，正下方放置小磁针，未通电前磁针恒指南北，第一次通电电流大小为时磁针偏转角度为30°；第二次通电电流大小为时磁针偏转角度为60°。已知通电直导线在周围空间产生的磁场大小与导线中电流大小成正比；与距离远近成反比，下列选项正确的有（）

A.当导线中不通电时小磁针恒指南北是因为地磁场的影响B.如果将导线东西方向放置，通电后小磁针恒指东西C.D.评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、平行板电容器的电容C；两极板间电压为U，两板间场强E和带电量Q在下列情况下怎样变化？（填：减小；增大或不变）

（1）保持两板与电源相连，只增大两板间距离，则C____，U____，Q_____，E________．

（2）给电容器充电后与电源断开，再减小电容器极板间距离，则C____，U____，Q____，E_____．19、如图所示，同一平面内有两根互相平行的长直导线甲和乙，通有大小均为I=5A且方向相反的电流，a、b两点与两导线共面，其连线与导线垂直，a、b到两导线中点O的连线长度和甲乙间距离均相等，已知直线电流I产生的磁场中磁感应强度的分布规律是（K为比例系数，r为某点到直导线的距离），现测得O点磁感应强度的大小为B0=3T，则a点的磁感应强度大小为_____T，乙导线单位长度（1米）受到的安培力的大小为__________N．

20、该同学将一阻值随温度升高而减小的电阻接在一节干电池两端，开始时电阻温度较低，之后温度缓慢升高，最后保持不变，则回路中电流随时间的变化规律可能是________。

A.

B.

C.21、为了探究影响电荷间相互作用力的因素，某老师做了如下实验：把一个带正电荷的导体球A固定在绝缘支架上，然后把系在绝缘丝线上的带电小球先后挂在图中位置，使带电小球与导体球A的球心在同一水平线上，小球静止时的状态如图所示。可以判断丝线上的小球带______（选填“正”或“负”）电荷，两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而______（选填“增大”或“减小”）。

22、（1）处于静电平衡状态的导体内部任意两点间的电势差为零。（______）

（2）静电平衡状态下的导体内部电场强度处处为零，导体的电势也为零。（______）

（3）因为外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的合电场为0，所以处于静电平衡的导体内部电场处处为0。（______）

（4）避雷针能避免建筑物被雷击是因为云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地。（______）

（5）用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，则验电器箔片能张开。（______）

（6）飞机轮上装有拖地线，油罐车后面拖条铁链都是把静电导入大地。（______）23、一均匀带正电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的电势___________；始终在球外的任意点的场强___________。（填写变大、变小或不变）24、将带电量为的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了的功，则A、B两点间的电势差______V；若令A点的电势能为零，则该电荷在B点的电势能为______J。25、如图所示，电源内阻Ω，Ω，Ω，灯L上标有“3V、1.5W”的字样，当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时，电流表示数为1A，灯L恰能正常发光．则电源的电动势____V；当P移到最左端时，电流表的示数_____A.

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)26、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短27、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

28、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。29、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)30、利用图甲电路测量某电池的内阻，其中AB为一段粗细均匀的铅笔芯，笔芯上套有一金属滑环P（宽度和电阻不计，与笔芯良好接触并可自由移动）。实验器材还有：标准电池（电动势为E0，内阻不计），电阻箱（最大阻值为99.99Ω），灵敏电流计G（量程为600μA），待测电池（电动势Ex小于E，内阻rx未知）；开关3个，刻度尺等。

主要实验步骤如下：

a.测量出铅笔芯A、B两端点间的距离L0；

b.将电阻箱调至某一阻值R，闭合开关S1、S2、S3，移动滑环P使电流计G示数为零，测量出此时的AP长度L；

c.改变电阻箱的阻值R，重复步骤b，记录下多组R及对应的L值。回答以下问题：

(1)步骤b中，移动滑环P使G的示数为零。此时电阻箱两端电压UR=_______（用L、L0、E0表示）。

(2)利用记录的多组R、L数据，作出图像如图乙，则随变化的关系式为=___（用E0，Ex，rx，L0，R表示）；根据图像可得待测电池的内阻rx=____Ω（保留两位有效数字）。

(3)在步骤b的操作过程中，若无论怎样移动滑环P，也无法使G的示数为零，经检查发现，有一个开关未闭合，你认为未闭合的开关是____（填S1、S2、S3）。

(4)本实验中若标准电池的内阻不可忽略，则待测电池内阻的测量结果将_______（填“偏大”、“不变”或“偏小”）。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)31、如图所示，把一带电荷量为的小球A用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为的带电小球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距30cm时，绳与竖直方向成角，取且A，B两小球均可视为点电荷，求：

(1)B两球间的库仑力大小；

(2)球的质量。

32、如图，空间有一竖直向下沿x轴方向的静电场，电场的场强大小按分布（x是轴上某点到O点的距离）。x轴上，有一长为L的绝缘细线连接均带负电的两个小球A、B，两球质量均为m，B球带电荷量大小为q，A球距O点的距离为L。两球现处于静止状态；不计两球之间的静电力作用。

(1)求A球的带电荷量大小qA；

(2)剪断细线后，求B球下落速度达到最大时，B球距O点距离为x0；

(3)剪断细线后，求B球下落最大高度h。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

当电键S闭合时，灯泡C、D并联电阻减小，外电路总电阻R减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I增大；灯泡A的电压。

UA=E-Ir减小，电流IA减小；灯泡A变暗，灯泡B的电流。

IB=I-IA增大，电压UB增大；灯泡B变亮，C灯的电压。

UC=UA-UBUA减小，UB增大，则UC减小，灯泡C变暗，故C正确。2、A【分析】【详解】

AB．由电路图可知，S闭合后，当温度升高时，由于电路为并联电路，电阻增大，则总电阻增大，根据欧姆定律可知总电流I减小，由于

则U增大，即电灯泡两端电压U增大，即灯泡L变亮，由于

可知，增大，则流过和的电流减小，由于

可知减小，由于

则可知增大，则电容器C两端电压增大，由

可知电容器C的带电荷量增大；故A正确，B错误；

C．根据

可知电容器C两端电压增大，则电容器C两板间的电场强度增大；故C错误；

D．由上述可知，流过的电流减小，根据

可知消耗的功率减小；故D错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

元电荷是最小的电荷量，其值为

其他带电体的电荷量皆为元电荷的整数倍；故ABD错误，C正确。

故选C。4、D【分析】【分析】

【详解】

电场中某点的电场强度是由电场本身决定的；与试探电荷的有无；电量的大小、电性等都无关，则选项ABC错误，D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

A．根据E=B点位置与C点位置的电场强度大小之比为2：1；故A错误；

B．正方体所有顶点中，C′点距离正电荷的距离最远；则电势最低，故B正确；

C．C、D′、B′三点所距离正电荷的距离相等；则三点的电势相等；场强大小相同，但是方向不同，故C错误；

D．电子从D′点沿直线运动到B′点的过程中；距离正电荷的距离先减小后增加，则电势先升高后降低，电子的电势能先减小后增大，故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

AB.当滑动变阻器的滑片向右移动时，R增大，总电阻变大。根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I减小，灯泡L将变暗；选项AB错误；

CD.路端电压增大，而电容器的电压等于路端电压，根据Q=CU可知电容器的带电量将增大，故D正确，C错误。7、C【分析】【详解】

A．从A下降到B的过程中，物块受到向下的重力，弹簧向上的弹力和向上的空气阻力，重力大于弹力和空气阻力之和，弹力逐渐增大，合力逐渐减小，加速度逐渐变小，到B点时速度达到最大，此时

合力为零，则从A下降到B的过程中合力一直减小到零；故A错误；

B．从A下降到B的过程中，弹簧的弹力和空气阻力之和小于重力，物块的合力逐渐向下，加速度逐渐减小到零；从B下降到C的过程中，物块的合力向上，加速度向上逐渐增大，则从A下降到C的过程中；加速度先减小后增大，故B错误；

C．从C上升到B的过程中，开始弹力大于空气阻力和重力之和，向上加速，当加速度减为零时

此时的压缩量位置在B点下方，速度达到向上的最大，此后向上做变减速直线运动，故从C上升到B的过程中；动能先增大后减小，故C正确；

D．对于物块和弹簧组成的系统，由于空气阻力做功，所以系统的机械能减小，即物块的动能、重力势能与弹性势能之和减小，从C上升到B的过程中；物块的动能先增大后减小，则系统的重力势能与弹性势能之和在动能最大之前是一直减小，之后就不能确定，故D错误。

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

根据黑体辐射实验规律；黑体热辐射的强度与波长的关系为：随着温度的升高，一方面，各种波长的辐射强度都有增加，则各种频率的辐射强度也都增加，另一方面，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，即频率较大的方向移动分析图像，只有B项符合黑体辐射实验规律，故B项正确．

故选B.二、多选题(共9题，共18分)9、C:D【分析】【分析】

根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性。由动能定理可判断，N在a点的速度与M在c点的速度大小。N从O点运动至a点的过程中电场力做正功。O、b间电势差为零；由动能定理可知电场力做功为零。

【详解】

A．由题，等势线在水平方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知M粒子带正电，N带负电；故A错误；

B．由动能定理可判断，N从O点到a点与M从O点到c点的电势差大小不相等，所以电势能变化量不相等，故动能的变化量不同，又因在O点两粒子的速率相同，故N在a点的速度与M在c点的速度大小不同。故B错误；

C．N从O点运动至a点的过程中电场力与速度的夹角为锐角；电场力做正功。故C正确；

D．O、b间电势差为零，由动能定理可知M从O点运动至b点的过程中；电场力对它做功为零。故D正确；

故选CD。

【点睛】10、B:C【分析】【详解】

A．由于B板带正电；只受重力，绳子拉力，电场力三个力平衡，可知小球所受电场力指向B板才能受力平衡，所以小球必带负电，故A错误；

B．设小球所受电场力大小为F电，根据平衡条件有

解得

则A、B间电场强度大小为

电源电动势为

故B正确；

C．A、B两板间电场强度大小为

若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，则电场强度增大，小球所受电场力增大，且方向不变，而小球所受重力不变，且重力与电场力的合力与绳子拉力平衡，开始时F与F电垂直；如图所示，可知绳子拉力变大，且与水平方向夹角减小，即小球缓慢上移，故C正确；

D．若绳子突然断开；则小球只受重力和电场力，由于这两个力都是恒定的，且小球初速度为0，故小球将沿绳子拉力反方向做匀加速直线运动，故D错误。

故选BC。11、B:D【分析】【详解】

A．图线Ep-x的斜率表示试探电荷所受的电场力大小，因为电场力所以也可以用斜率表示电场强度的大小，在处；图线的斜率为零，即该点的电场强度为零，电场力为零，故A错误；

B．在x轴上的区域，随x增大电势是逐渐升高的；电场强度的方向指向电势降低的方向，所以该区域电场方向应该是水平向左，故B正确；

C．当时，电势能而在的区域内电势为负值，所以正电荷固定在坐标原点O处，负电荷应该在x轴的负轴上，且电荷量应该是2Q；故C错误；

D．处场强为零，正电荷Q在坐标原点，设负电荷2Q距离原点为x，则

解得所以2Q在x轴上的坐标为故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．依题意，根据题图提供等势线的分布情况，符合等量异种电荷等势线的分布特点，故该带电荷为两等量电荷，电性相反，根据等量异种电荷电场线的分布特点，可知a、c两点的电场强度大小相等；但方向不同，故A正确，B错误；

CD．根据等量异种电荷等势线的分布特点，可知a、c两点的电势不相等，则点电荷仅在电场力的作用下从a点到达c所在等势线时，电场力做功不为零，动能将发生改变，所以点电荷到达c所在等势线时速度大小与在a点时不相等；故C正确，D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【详解】

AB．小球由A点运动至B点过程中，重力和电场力做功，由动能定理得

得电场力做功

所以电势能减小量为

由电场力做功

得A、B两点间的电势差

故A错误；B正确；

C．电场力做正功；机械能增大。故C正确；

D．小球运动到B点时所受重力与速度方向不同，则其重力的瞬时功率

故D错误。

本题选错的，故选AD。14、B:C:D【分析】【详解】

AB．R的滑片向左缓慢滑动时，R的阻值减小，利用闭合电路欧姆定律结论“并同串反”知：表示数增大，表示数减少；故A错误，B正确；

D．R减小，回路总阻值减小，总电流增大，r和R分压变大，减小，可知的绝对值小于的绝对值；故D正确；

C．设流经的电流为流经的电流为流经的电流为则

由闭合电路欧姆定律有

联立解得

可得

故C正确。

故选BCD。15、B:C:D【分析】【详解】

AC．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，则灯L1变亮．电源的总功率

E不变；则电源的总功率变大，A错误C正确；

B．干路电流增大，电源的内电压和灯L1的电压增大，则电路中并联部分的电压U并减小，通过R1的电流减小，而干路电流增大，所以通过灯L2的电流变大，灯L2变亮；电容器的电压等于并联部分的电压，则其电压减小，电容器贮存的电量变小，B正确；

D．因L1中电流I1增大，R1中电流IR1减小，而L2中电流I2增大；根据并联电路的特点有：

故L1电流的变化值一定小于L2中电流的变化值，D正确．16、A:C【分析】【详解】

AB．地磁的南极在地理北极的附近；故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西，地球表面应带负电，故A正确B错误；

CD．地磁场减弱时环形电流强度减小，而由电流的定义可知在电荷量不变的情况下周期变长；故地球自转变慢，C正确D错误；

故选AC。17、A:D【分析】【详解】

A．因地磁场的方向从地理的南极指向地理的北极；则当导线中不通电时小磁针恒指南北是因为地磁场的影响，A正确；

B．如果将导线东西方向放置；通电后导线的下方的磁场指向南北方向，则小磁针恒指南北，B错误；

CD．将导线南北放置，正下方磁场指向东西方向，设地磁场为向北的B0，则

解得

C错误；D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

（1）保持两板与电源相连，则电压不变，只增大两板间距离，由知，则C变小，由知，U不变，故Q变小，根据知，E变小；（2）充电后与电源断开，则带电量不变，再减小电容器极板间距离d，由知，C增大，由知，Q不变，则U变小，由知；E与d无关，故E不变．

【点睛】对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．【解析】变小不变变小变小增大变小不变不变19、略

【分析】【详解】

[1]设两导线间距为d，根据右手螺旋定则知，甲导线在O点的场强方向垂直纸面向里，乙导线在O点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加有：

甲导线在a点的场强方向垂直纸面向外，乙导线在a点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加知，a点的磁感应强度为：

[2]甲导线在乙导线处产生的磁感应强度为：

则单位长度的乙导线所受的安培力为：F=BIL=【解析】13.7520、C【分析】【详解】

[1]开始时电阻温度较低，阻值较大，回路中电流较小，随着电阻温度升高，阻值减小，回路中电流开始逐渐增大，最后保持不变，则回路中电流随时间的变化规律可能是C。21、略

【分析】【详解】

[1]由电荷间相互作用规律知；同种电荷相互排斥。现导体球A固定，通过图中细线偏转的角度，可以判断小球受到导体球A向右的排斥力，故丝线上的小球带正电；

[2]带电小球静止时，有

可见:带电小球偏转角度越大，受到的作用力越大，由图可知悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，故两个电荷之间的作用力大小随它们之间距离的增大而减小。【解析】正减小22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]处于静电平衡状态的导体是个等势体；其内部任意两点间的电势差为零，所以对；

（2）[2]静电平衡状态下的导体内部电场强度处处为零；导体是个等势体，但是电势不一定为零，所以错；

（3）[3]因为外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的合电场为0；所以处于静电平衡的导体内部电场处处为0，所以对；

（4）[4]避雷针能避免建筑物被雷击是因为当带电云层靠近建筑物时；避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击．其原理为尖端放电，所以错；

（5）[5]用金属网把验电器罩起来；由于静电屏蔽，所以再使带电金属球靠近验电器，则验电器箔片不能张开，则错；

（6）[6]飞机轮上装有拖地线，油罐车后面拖条铁链都是把静电导入大地，所以对。【解析】对错对错错对23、略

【分析】【详解】

[1]电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零势能位置时静电力做的功。我们取一个正的点电荷放在球内任意点，把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为橡皮球吹大后，该点电荷与球上所有电荷的距离变远，再把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为根据库伦定律有

所以球吹大后；该点电荷的电势能变小，该位置的电势变小。

[2]一个半径为R的均匀带电球体或球壳，在球的外部产生的电场，与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，求外各点的电场强度为

球吹大后，始终在球外的任意点距球心的距离r不变，球所带电荷量Q不变，则场强不变。【解析】变小不变24、略

【分析】【详解】

[1]负电荷从电场中的A点移动到B点，克服电场力做了的功，即电场力做功为

AB两点间的电势差为

[2]规定A点的电势能为零，从A点到B点，负电荷的电势能增加

可知B点的电势能为【解析】525、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）当P移到最左端时，【解析】62四、作图题(共4题，共8分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，