2025年统编版必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版必修1物理上册月考试卷466考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为4m/s2的加速度，刹车后第3s内汽车的位移大小为（）A.12.5mB.2mC.10mD.0.5m2、测定某辆轿车在平路上起动时的加速度（轿车起动时的运动可近似看作匀加速运动），某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示．如果拍摄时每隔2s曝光一次，轿车车身总长为4.5ｍ，那么这辆轿车的加速度大约为：（）

A.1m/s2B.2m/s2C.3m/s2D.4m/s23、如图所示；在“探究求合力的方法”的实验中，下列说法正确的是（）

A.做实验时，拉线方向应与板面平行B.两把弹簧秤拉细绳套的夹角一定要保持C.用两把弹簧秤拉细绳套的夹角越大越好D.用两把弹簧秤拉细绳套，使结点O拉到某一确定位置后，只要记录两弹簧秤的示数即可4、如图所示；一个圆形水杯底部有一小孔。用手堵住小孔，往杯子里倒半杯水，现使杯子做以下几种运动，不考虑杯子转动及空气阻力，下列说法正确的是（）

A.杯子做自由落体运动，小孔中有水漏出B.杯子做平抛运动，小孔中没有水漏出C.用手握住杯子向下匀速运动，不堵住小孔也没有水漏出D.将杯子竖直向上抛出，向上运动时有水漏出，向下运动时无水漏出5、为保证安全，学校门口常常安装有减速带，一辆汽车以10m/s的速度匀速行驶，接近减速带时开始减速，减至某一速度后匀速通过减速带，之后再加速到原来的速度，这一过程中，其v－t图像如图所示。已知t=2s时汽车刚好进入减速带，时汽车刚好驶离减速带；则（）

A.汽车减速阶段的加速度大小为5m/s2B.0~2s内汽车发生的位移12mC.与匀速通过相比，汽车多用的时间为3sD.汽车开始减速时与减速带的距离为20m6、下列说法正确的是()A.木块放在桌面上所受到的向上的弹力是由于木块发生微小形变而产生的B.木块放在桌面上对桌面的压力是由于木块发生微小形变而产生的C.用细竹竿拨动水中的木头，木头受到的竹竿的弹力是由于木头发生形变而产生的D.挂在电线下面的电灯对电线的拉力，是因为电线发生微小形变而产生的7、一人将身体倚靠在光滑的竖直墙面上，双腿绷直向前探出，A处为脚踝，B处为胯部，均看作光滑的铰链，AB为双腿，看作轻杆，脚部（重力不计）与地面的动摩擦因数为μ；假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）

A.随着脚慢慢向前探出，腿部承受的弹力越来越大B.随着脚慢慢向前探出，脚受到地面的摩擦力保持不变C.随着脚慢慢向前探出，脚受到地面的支持力越来越大D.随着脚慢慢向前探出，后背受到墙面的支持力越来越小8、关于牛顿第一定律的说法中正确的是（）A.由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B.静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用C.伽利略理想实验说明了力不是维持物体运动状态的原因，同时也说明了力是改变物体运动状态的原因。D.牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、一质点沿直线Ox方向运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=8﹣t2（m），则下列说法正确的是（）A.该质点做的是加速度为﹣2m/s2的匀减速直线运动B.该质点在t=0到t=2s间的平均速度大小为2m/sC.该质点在t=4s时的速度大小为8m/sD.该质点在t=0到t=4s间的位移大小为8m10、如图所示，可视为质点的两个小球A、B穿在固定且足够长的粗糙水平细杆上，A、B与细杆的动摩擦因数μA=μB=不可伸长的轻绳跨过光滑轻质滑轮与A、B连接，用外力F拉动滑轮，使A、B沿杆一起匀速移动，轻绳两端分别与杆的夹角=β=则mA：mB等于（）

A.2：B.1：C.1D.511、甲、乙两物体从同一点开始沿同一直线运动，甲的x-t图像和乙的v-t图像分别如图所示；下列说法中正确的是（）

A.甲物体在3s末回到出发点，甲物体运动过程中，距出发点的最远距离为4mB.乙物体2s到4s内的加速度不变C.甲物体2s到4s内位移大小为零D.甲、乙两物体第3s内速度方向相同12、一质点从O点出发做直线运动，它运动的v-t图象如图所示，A、B、C、D、E五点分别对应其运动过程中经过的五个位置；则下列说法中正确的是（）

A.在C点处,质点的运动方向发生了变化B.整个过程中,D点处质点离出发点最远C.整个过程中,CE段质点的加速度最大D.在CE段,质点通过的位移是24m13、下列的四幅图中，表示匀速直线运动的是（）A.B.C.D.14、某同学放学准备乘坐805路公交车，到达公交站时，看见公交车已经沿平直公路驶离车站，司机听到呼喊后汽车马上以2m/s2的加速度匀减速刹车，该同学同时以4m/s的速度匀速追赶汽车，汽车开始刹车时速度为8m/s，减速前距离同学12m。则下列说法正确的是（）A.公交车刹车第1s内位移为1mB.公交车从开始刹车5s内位移为15mC.公交车刹车过程平均速度为4m/sD.该同学追上汽车所需的时间为7s15、如图所示，质量为m的光滑圆柱体B放于半圆柱体A与挡板之间，其中挡板的延长线始终经过A的圆心O，与水平面间的夹角为现移动挡板使从缓慢增加到在此过程中，A始终静止在粗糙水平地面上。已知两柱体A、B的半径之比为2：3，重力加速度为g，关于该过程；下列说法正确的是（）

A.A对B支持力最大值为B.挡板对B的支持力一直减小，A对B的支持力一直增加C.当挡板对B的支持力与A对B的支持力大小相等时，D.地面对半圆柱体A的摩擦力先增大后减小16、如图所示为一种儿童玩具，在以O点为圆心的四分之一竖直圆弧轨道上，有一个光滑的小球(不能视为质点)，O＇为小球的圆心．挡板OM沿着圆弧轨道的半径，以O点为转轴；从竖直位置开始推着小球缓慢的顺时针转动(垂直水平面向里看)，到小球触到水平线的过程中。

A.圆弧轨道对小球的支持力逐渐增大B.圆弧轨道对小球的支持力逐渐减小C.挡板对小球的支持力逐渐增大D.挡板对小球的支持力逐渐减小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、从某一高度相隔1s先后释放两个相同的小球，不计空气阻力，它们在空中任一时刻的间距______（选填“越来越大”、“越来越小”、“保持不变”），速度之差_________（选填“越来越大”、“越来越小”、“保持不变”）。18、汽车由静止开始做直线运动，先匀加速运动了4s，又匀速运动了10s，最后匀减速运动6s后停止，共行了150m.汽车在这段时间的最大速度为________m/s.19、如图所示为一物体运动的速度-时间图象，由图象可知物体前5s的加速度大小为________20s内的位移大小为________m。

20、判断正误：

（1）匀变速直线运动是加速度均匀变化的运动。()

（2）匀加速直线运动是速度均匀变化的直线运动。()

（3）匀加速直线运动的位移是均匀增大的。()

（4）在匀变速直线运动中，中间时刻的速度一定小于该段时间内位移中点的速度。()21、飞机从一地起飞，到另一地降落，如果飞机在竖直方向的分速度vy与时间t的关系曲线如图所示（作图时规定飞机向上运动时vy为正），则在飞行过程中，飞机上升的最大高度是_____m，在t=2200s到t=2400s一段时间内，它在竖直方向的分加速度ay为_____m/s2．

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)22、一个铁球在空中飞行，所受重力为120N，试画出重力的图示和示意图，并说明施力物体和受力物体。23、图中物体处于静止状态，请用力的示意图画出图中小球A所受弹力的情况。

24、一个竖直向下的力F=180N分解为两个分力，一个分力F1如图中虚线所示且等于240N，求另一个分力F2的大小和方向（即F2与F的夹角）。（注意：必须用力的图示法作答）

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)25、某同学用图甲所示的实验装置测量车的质量；实验步骤如下：

（1）用细绳将砂和砂桶通过定滑轮与小车连接，调节斜面的倾角（小车与滑轮之间的细绳与斜面平行），使小车沿斜面向下做匀速直线运动，用天平测出砂和砂桶的总质量

（2）保持斜面的倾角不变，取下砂和砂桶，接通电源，在靠近打点计时器处重新释放小车，使小车沿斜面向下做匀加速直线运动，打点计时器打出的纸带如图乙所示，部分数据在图中已标出，已知打点计时器所接交流电的频率为纸带上每相邻两计数点间还有四个计时点未标出，当地重力加速度大小则打点计时器打点时小车的速度大小为___________小车的加速度大小为___________小车的质量为___________（结果均保留三位有效数字）26、某实验小组利用频率为50Hz的电火花计时器按如下装置讲行“探究加速度与合外力的关系”的实验。

（1）为了减小误差，在平衡摩擦力后，每次实验必须通过改变钩码的个数来改变小车所受合外力，获取多组数据。若小车质最为400g，实验中每次所用的钩码总质量范围应选_______组会比较合理。

A．B．C．

（2）如图是两位同学根据实验数据画出的图象，下列说法中正确的是______。

A．甲同学在平衡摩擦力时长木板倾角过大。

B．甲同学在平衡摩擦力时长木板倾角过小。

C．乙同学在平衡摩擦力时长木板倾角过大。

D．乙同学在平衡摩擦力时长木板倾角过小。

（3）某同学在正确操作实验的情况下获得了一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图，自A点起，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则小车的加速度为________m/s2。（结果保留两位有效数字）

27、在“探究共点力合成的规律”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮筋，使它伸长到某一位置O点；为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中：

（1）必须记录的是______

A.橡皮筋固定端的位置。

B.描下O点位置和两条细绳套的方向。

C.橡皮筋伸长后的总长度。

D.两个弹簧秤的读数。

（2）本实验采用的科学方法是___.

A．理想实验法B．等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法28、为了“探究加速度与力；质量的关系”；现提供了如图甲所示的实验装置。

（1）下列做法正确的有()；

A.平衡摩擦力时；用细线一端挂空桶，另一端与小车相连，将木板适当倾斜，使小车在木板上近似做匀速直线运动。

B.在砂及桶总质量远小于小车及里面钩码的总质量时；可以近似认为小车受到的拉力等于砂及桶的重力。

C.应让砂及桶总质量远大于小车及里面钩码的总质量。

D.每次改变砂及桶总质量之后；应重新平衡摩擦力。

（2）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度与所受外力的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条图线，如图乙所示，图线________（选填“A”或“B”）是在长木板水平情况下得到的；

（3）如图所示是某同学用打点计时器研究小车做匀变速直线运动时得到的一条纸带。图中A、是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔由图中的数据可计算得出，打点时小车的速度大小是________小车运动的加速度大小是________（计算结果均保留两位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)29、如图甲所示，质量为m=1kg，长度为d=2m的匀质长木板静止在水平地面上，其下表面与地面间的动摩擦因数μ1=0.1；质量为M=3kg小铅块以一定水平速度滑上长木板的左端，与长木板上：表面间的动摩擦因数μ2=0.2，恰好滑至长木板右端与长木板相对静止。重力加速度为g=10m/s2；求：

（1）小铅块M刚滑上长木板m时，长木板的加速度大小a；

（2）小铅块M刚滑上长木板m时的速度火小v0；

（3）如图乙所示；若将长木板均分成1和2两部分，紧挨着放在水平地面上，再让小铅块以相同的初速度滑上木板1的左端。判断小铅块是否会滑出木板2的右端，若未滑出，求小铅块最终离2的右端的距离；若能滑出，求小铅块滑出2的右端时的速度大小。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

先求出汽车刹车到停止的时间；因为汽车刹车停止后不再运动。再根据匀变速直线运动的位移公式即可求解。

36km/h=10m/s，汽车刹车到停止所需的时间

刹车后第3s内的位移，等于停止前0.5s内的位移

故选D。2、B【分析】【详解】

汽车长度米，在图中占三格，所以一格代表米．有图象可以看到题目给出了连续相等时间间隔内的位移，第一段位移有8格，则位移为．第二段位移有格，则位移为由连续相等时间间隔内的位移之差等于得：解得：最接近2m/s2；故选B．

【点睛】

匀变速直线运动规律很多，要求能根据具体题目选择合适的表达式解题．所以建议把常见题型归类掌握，此题属于给出连续相等时间间隔内的位移，也可是不连续的时间段，比如：同一匀加速直线运动中，已知第n秒内的位移第m秒内的位移则：所以要灵活掌握此类题．3、A【分析】【分析】

【详解】

A．做实验时；拉线方向应与板面平行，A正确；

BC．两把弹簧秤拉细绳套的夹角一定要适当，不能太大或者太小，有利于作图即可，不一定保持BC错误；

D．用两把弹簧秤拉细绳套，使结点O拉到某一确定位置后；要记录两弹簧秤的示数，还有记下细绳的方向，D错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

ABD．将杯子与水视为一整体；平抛运动；自由落体运动、上抛运动时都只受重力，它们有共同的加速度g竖直向下，处于完全失重状态，根据牛顿第二定律此时水与杯子无相互用力，相对静止，不会有水漏出，所以B正确，A、D错误；

C．杯子匀速运动；处于平衡状态，水受重力且水与杯底有相互用用力，会漏出，C错误。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．由题图可得：汽车减速阶段的加速度大小

故A错误；

BD．根据图像与坐标轴所围面积表示位移，则内汽车发生的位移为

即汽车开始减速时与减速带的距离为14m；故BD错误；

C．由题图可求得：汽车总位移为

则匀速通过所用的时间

与匀速通过相比，汽车多用的时间为

故C正确。

故选C。6、B【分析】试题分析：造成弹力形变是因为施力物体形变造成的．木块收到的弹力是因为桌面形变造成；所以A错B对；同理木头受到的弹力是竹竿形变造成，C错；电线受到的拉力为电灯的形变造成，D错．

考点：弹力的形变。

点评：此类题型考察造成弹力是因为施力物体形变造成7、A【分析】【详解】

AD．由于A、B两处均看作光滑的铰链，所以腿部承受的弹力方向与AB共线，设B点上方人体的重力大小为G，对B点受力分析如图所示，根据平衡条件可知，腿对B点的作用力F1与墙壁对后背的支持力F2的合力大小始终等于G，根据平行四边形定则有

随着脚慢慢向前探出，θ逐渐减小，则F1和F2都逐渐增大；故A正确，D错误；

BC．对人整体受力分析，根据平衡条件可知脚受到地面的摩擦力与F2大小相等；脚受到地面的支持力与人的总重力大小相等，所以随着脚慢慢向前探出，脚受到地面的摩擦力越来越大，脚受到地面的支持力不变，故BC错误。

故选A。

8、D【分析】【详解】

A；物体在不受力的作用时；总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态，故A错误；

B；静止或匀速直线运动的物体；可能不受任何外力作用，有可能受到外力的作用，但外力的和等于0．故B错误；

C；伽利略的理想斜面实验说明了力不是维持物体运动的原因；而不能说明力是改变运动的原因；故C错误.

D；牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因是合外力为零；又揭示了运动状态改变的原因是合外力不为零；故D正确.

故选D.

【点睛】

牛顿第一定律是重要的力学定律，也叫惯性定律，要注意明确牛顿第一定律既揭示了力与运动的关系，又提出了一切物体均具有惯性；注意体会力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因．二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【详解】

离开O点的距离x随时间变化的关系为x=8﹣t2（m），由匀变速直线运动的位移公式：x=v0t+at2可知：质点的初速度：v0=0m/s，加速度：a=2m/s2，质点沿x轴负方向运动，t=0时x=8m；

A．质点做加速度为2m/s2的匀加速直线运动；故A错误；

B．质点的速度：v0=0m/s

v2=at2=2×2=4m/s质点在t=0到t=2s间的平均速度大小：

=2m/s故B正确；

C．质点在t=4s时的速度大小：

v4=at4=2×4m/s=8m/s故C正确；

D．质点在t=0到t=4s间的位移大小：

x=at2=×2×42m=16m故D错误。

故选BC。10、C:D【分析】【详解】

由于为同一绳子，则绳子中张力大小相等，且连接B绳中张力沿竖直方向的分力较大，当此分力小于B球的重力时受力分析如图1所示，对A由平衡条件可得

且同理对B由平衡条件得

且联立解得

连接B绳中张力沿竖直方向的分力大于B球的重力有，受力如图2所示，对A由平衡条件可得

且同理对B由平衡条件得

且联立解得

故CD正确；AB错误。

故选CD。

11、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．根据图像可知；甲在3s末位移为零，回到出发点，距出发点的最大距离为4m，故A正确；

B．根据速度-时间图象的斜率表示加速度；知2〜4秒内乙的加速度不变，故B正确。

C．由图可知；2〜4s内甲的位移大小为8m，故C错误；

D．根据x-t图象的斜率表示速度，可知第3秒内甲的速度为负。由v-t图象知第3秒内乙物体速度为正；则第3秒内甲；乙两物体速度方向相反，故D错误。

故选AB。12、B:C【分析】【详解】

A.C点前后的速度都为正值；运动方向没有发生变化；故A错误.

B.从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点表示的状态离出发点最远；故B正确.

C.整个过程中，CE段的倾角最大；斜率最大，故其加速度数值最大；故C正确.

D.图象与坐标轴围成的面积表示位移，则CE段位移为零；故D错误.13、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据图象可知；速度随时间均匀增加，加速度不为零，不是匀速直线运动，故A错误；

B．根据图象可知；速度不变，加速度为零，是匀速直线运动，故B正确。

C．位移时间图象的斜率表示速度；由图可知，斜率不变，则速度不变，是匀速直线运动，故C正确；

D．位移时间图象中平行于横轴的直线表示位置不变；是静止状态，故D错误。

故选BC。14、C:D【分析】【详解】

A．汽车减速至停止所用时间为t，加速度大小为a，初速度v0以向前为正，根据可得

由此可知汽车在第1s内没有停止，第1s内的位移为x1，时间为t1则有

解得

故A错；

B．由上可知，汽车减速4s后已经停止，所以汽车5s内的位移实际上是4s内的位移，设此位移为x2，则有

解得

故B错；

C．公交车刹车过程平均速度为

故C正确；

D．设同学追上汽车所用的时间为t2，同学的速度为v人，在这个时间内汽车的位移x3，同学的位移x4，汽车刹车前与同学的距离为L，根据题意有

解得或（舍去）

由于汽车刹车过程只需要4s，所以说明人在追上汽车前汽车已经停止，则也不符合题意舍去；设人要追汽车的实际位移为x5，人追上汽车的实际时间为t3，整个过程有

解得

故D正确。

故选CD。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

B．在任意位置，对B受力分析；如下图所示。

由几个关系可知球B受到的三个力与夹角的关系为

根据几何关系可知：挡板MN沿着逆时针方向缓慢向上移动，从缓慢增加到的过程中，不变，变大，减小，由于与的合力等于重力不变，则可得对B的支持力变小，A对B的支持力变大；故B正确；

A．当时，A对B的支持力最大，几何关系得

竖直方向根据平衡条件得

所以A对B的支持力最大值为mg；故A错误；

C．由B选项分析可知，当时，挡板对B的支持力与A对B的支持力大小相等，由几何关系知

则

又

又

解得

故C错误；

D．当挡板水平时，地面对半圆柱体A的摩擦力为零，当时，由A项分析可知，地面对半圆柱体A的摩擦力也为零，把A、B看成整体，在从缓慢增加到在此过程中，摩擦力大小等于挡板对B的力在水平方向的分力；不为零，故摩擦力为先增大后减小，故D正确。

故选BD。16、B:C【分析】【分析】

【详解】

对小球受力分析如图：

当从竖直位置开始推着小球缓慢的顺时针转动；到小球触到水平线的过程中，由几何关系。

可知，N1与N2之间的夹角保持不变，N1与竖直方向之间的夹角逐渐减小，N2与竖直方向之。

间的夹角逐渐增大，根据平行四边形定则可知，圆弧轨道对小球的支持力逐渐减小，故A错误，B正确；挡板对小球的支持力逐渐增大，故C正确，D错误．三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]甲乙两球做自由落体运动；加速度都为重力加速度；以释放乙球开始计时，甲球此时的速度。

经过t时间后，甲球的速度乙球的速度则两球的速度差为。

即两球的速度之差保持不变，先释放的小球的位移为后释放的小球的位移为它们之间的距离差为。

可知它们的间距越来越大【解析】越来越大保持不变18、略

【分析】【分析】

由题中“汽车由静止开始做直线运动”可知，本题考查v-t图像；根据图像面积表示位移可以进行求解。

【详解】

[1]根据题意可得v-t图。

图形面积即为物体的位移，因此最大速度即为图像中的高，根据面积可计算出最大速度为10m/s。【解析】1019、略

【分析】【详解】

[1]．根据v-t图像的斜率等于加速度可知，物体前5s的加速度大小

[2]．根据v-t图像的面积等于位移可知，20s内的位移大小为【解析】0.85020、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]匀变速直线运动是加速度不变的运动；故错误；

（2）[2]匀加速直线运动是速度均匀增加的直线运动。故正确；

（3）[3]根据可知；匀加速直线运动的位移不是均匀增大的。故错误；

（4）[4]由匀变速直线运动的规律知，中间时刻的速度

该段时间内位移中点的速度

比较可得

在匀变速直线运动中，中间时刻的速度一定小于该段时间内位移中点的速度。故正确；【解析】错误正确错误正确21、略

【分析】【详解】

飞机上升的最大高度是

在t=2200s到t=2400s一段时间内；它在竖直方向的分加速度。

．【解析】8000；0.1；四、作图题(共3题，共21分)22、略

【分析】【详解】

①选定标度(用一条线段表示30N的力)

②从作用点沿力的方向画一条线段；根据选定的标度和力的大小按比例确定线段的长度，该力需要四段线段表示，并在线段上加刻度。

③在线段的一端加箭头表示力的方向；箭头或箭尾表示力的作用点，线段所在的直线叫做力的作用线。

重力的施力物体是地球；受力物体是铁球。

注意：不能用不同标度画同一物体所受的不同的力。选择标度应根据力的大小合理设计。一般情况下，线段应取段；不宜太多，太多了图不清晰；也不可太少，不能少于2段。

【点睛】

力的示意图：不需要画出力的标度，只用一条带箭头的线段表示出力的大小和方向的图。注意力的图示与力的示意图不同，力的图示要求严格，而力的示意图着重于力的方向，不要求作出标度。【解析】重力的施力物体是地球，受力物体是铁球。23、略

【分析】【分析】

【详解】

小球A受到墙对它的弹力FN1，下面小球对它的弹力FN2；如下图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

选取标度；用1cm表示60N，由平行四边形定则作出力的图示如图。

用刻度尺量出F2的长度为4.6cm；则F2的大小为

用量角器量出F2与F的夹角约为【解析】276N，五、实验题(共4题，共40分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）[1]打点计时器打点时小车的速度大小。

[2]小车的加速度大小。

[3]由牛顿第二定律可知。

解得小车的质量。

【解析】1.022.000.58826、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]本实验要求钩码质量远小于小车质量；才能认为钩码重力等于小车所受合外力，因此选用单个钩码质量应尽可能小一些，才会使多个钩码的质量仍远小于小车质量。

故选A。

（2）[2]AB．由a—F图像可知；甲同学还没有拉力时就产生加速度，说明