2025年人教版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、无人机广泛应用于军事、科技、生产、生活等领域。某架无人机从地面起飞，执行任务后返回地面，无人机在空中处于失重状态的是（）A.匀速上升过程B.匀速下降过程C.加速上升过程D.加速下降过程2、如图所示，用与竖直方向成斜向右上方、大小为的推力把一个重量为的木块压在粗糙竖直墙面上保持静止；下列说法正确的是（）

A.墙对木块的正压力大小为墙对木块的摩擦力大小可能为0B.墙对木块的正压力大小为墙对木块的摩擦力大小不可能为0C.墙对木块的正压力大小为墙对木块的摩擦力大小可能为D.墙对木块的正压力大小为墙对木块的摩擦力大小可能为3、如图，倾角θ=37°的固定斜面上放一质量为m的物体，施加平行斜面向上的拉力F=mg，物体向上匀速滑动。g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则物体与斜面间的动摩擦因数μ为（）

A.0B.C.D.4、如图所示，某同学学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动物体的位移x、速度v、加速度a随时间变化的图像，则下列图像中表示该物体在内位移一定为0的是（）A.B.C.D.5、A、B两小车在同一直线上运动，它们运动的位移s随时间t变化的关系如图所示，已知A车的s-t图象为抛物线的一部分，第7s末图象处于最高点，B车的图象为直线，则下列说法正确的是（）

A.A车的初速度为7m/sB.A车的加速度大小为2m/s2C.A车减速过程运动的位移大小为50mD.10s末两车相遇时，B车的速度较大6、一物体沿直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示．由图象可知（）

A.在2s末物体运动的速度大小为5m/sB.在0~2s内物体运动的加速度大小为10m/s2C.在0~4s内物体运动的位移大小为30mD.在0~4s内物体运动的位移大小为40m7、力传感器可以把它所受力的大小；方向随时间变化的情况由计算机显示出来。某同学用传感器探究作用力与反作用力的关系；实验时把两只互相钩着的力传感器同时连接在计算机上。根据图线可以得出的结论是（）

A.作用力较大时反作用力较小B.作用力变化在先，反作用力变化在后C.作用力和反作用力的方向总是相反的D.两个传感器一定都处于平衡状态8、下列说法正确的是（）A.路程、速度、力都是矢量B.物体速度变化越快，加速度一定越大C.米、克、秒为国际单位制中的基本单位D.合力和它的两个分力同时作用于同一物体上，并产生各自效果评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，质量为0.5kg的物块A放在一个纵剖面为矩形的静止木箱内，A和木箱水平底面之间的动摩擦因数为0.3。A的右边被一根轻弹簧用1.2N的水平拉力向右拉着而保持静止。认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。则（）

A.当木箱向右加速、且加速度大小为1m/s2时，物块A相对木箱滑动B.若木箱向右加速，则物块A所受摩擦力可能比原来静止时大C.当木箱向左加速、且加速度大小为1m/s2时，物块A相对木箱滑动D.把整个装置放到电梯里，电梯从1楼启动到10楼停止，在上述过程中，物块可能相对木箱滑动10、如图甲所示，光滑斜面的倾角为30°，一根轻质弹簧一端固定在斜面底端，另一端与滑块A相连，滑块B与A靠在一起（不粘连），两滑块的质量均为m，系统处于静止状态。从零时刻起对滑块B施加一个平行斜面的变力F，两滑块的v-t图象如图乙所示，t0时刻F的大小是零时刻F大小的倍，重力加速度大小为g；弹簧始终处于弹性限度内，则下列说法正确的是（）

A.t0时刻两滑块的速度大小均为gt0B.t0时刻前两滑块的加速度大小均为C.弹簧的劲度系数为D.0到t0时间内弹簧弹性势能的减少量为mg2t0211、空降兵部队的一名特种兵从空中静止的直升机上，抓住一根竖直悬绳由静止开始下滑，运动的速度随时间变化的规律如图所示，时刻特种兵着地；下列说法正确的是（）

A.在时间内，特种兵做匀加速运动，在时间内，做匀减速运动B.在时间内特种兵运动的平均速度小于在时间内运动的平均速度C.在时间内特种兵运动的加速度越来越大，所受阻力越来越小D.若第一个特种兵开始减速时第二个特种兵立即以同样的方式下滑，则他门在悬绳上的距离先增大后减小12、一传送带以恒定速率顺时针方向运行，传送带倾角为37°，如图所示。现将一质量的物块静止放于传送带底端A，经过一段时间将物块传送到传送带的顶端B，传送带底端A、顶端B之间的距离物块与传送带间的动摩擦因数为物块可以看作质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小取下列说法正确的是（）

A.从物块放于传送带底端A开始计时，当时物块的速度大小为B.从物块放于传送带底端A开始计时，当时物块的加速度大小为C.物块从底端A传送到顶端B所用的时间为4sD.物块从底端A传送到顶端B过程中传送带上留下的滑痕长度为13、如图所示；质量为m的物体在恒力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为μ，则物体受到的摩擦力的大小为。

A.FsinθB.μ(mg-Fsinθ)C.FcosθD.μ(mg+Fsinθ)评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是______mm．用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是______mm．15、细线一端系住质量为1kg的小球，另一端与斜面相连，细线与斜面平行，斜面倾角为=53°，如图所示．使小球和斜面以共同的加速度向右作匀加速直线运动，当小球恰好离开斜面时，它们的加速度大小为_________m/s2，此时绳子的拉力大小为_________N．（g=10m/s2，cos53°=0.6，sin53°=0.8）

16、运动与静止。

（1）自然界的一切物体都处于永恒的________中，运动是_______的。

（2）描述某个物体的位置随时间的变化，总是相对于其他物体而言的，这便是运动的________性。17、视重：体重计的示数称为视重，反映了人对体重计的______。18、在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量为m=0.2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=53°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平对小球的弹力恰好为零，重力加速度g=10m/s2.。剪断轻绳的瞬间，轻弹簧的弹力大小为______N，小球的加速度大小为______m/s2。

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)19、如下图所示，均匀的长棒A和均匀的木块B均处于静止状态，直接在图中画出它们所受重力G和弹力F的示意图．________20、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

21、一个铁球在空中飞行，所受重力为120N，试画出重力的图示和示意图，并说明施力物体和受力物体。22、在如图所示的各图中画出物体受到的各接触点或接触面对它的弹力的示意图，各图中物体均处于静止状态．

甲.乙.丙.丁.评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)23、某同学利用如图甲装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。

(1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持___________状态。

(2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长___________劲度系数___________

(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图丙所示时，该弹簧的伸长量为___________评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)24、哈佳高铁预计十月份开通，在一次试运行中，列车以216km/h的速度行驶，在某小站进行检测需要临时停车，因此以大小为0.6m/s2的加速度减速进站，停车检测5min，然后以0.8m/s2的加速度匀加速出站；最后恢复原运行速度．求：

（1）列车减速进站与加速驶出过程中位移各是多少？

（2）列车此次因临时停车共耽误多长时间？25、甲、乙两运动员在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速的．为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记．在某次练习中，甲在接力区前S0=13.5m处作了标记，并以V=9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令．乙在接力区的前端听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，完成交接棒．已知接力区的长度为L=20m．

求：（1）此次练习中乙在接棒前的加速度a；

（2）在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．无人机在空中匀速上升过程；即不超重也不失重，故A错误；

B．无人机在空中匀速下降过程；即不超重也不失重，故B错误；

C．无人机在空中加速上升过程；加速度方向向上，无人机处于超重状态，故C错误；

D．无人机在空中加速下降过程；加速度方向向下，无人机处于失重状态，故D正确；

故选D。2、A【分析】【分析】

【详解】

木块处于平衡状态，水平方向与竖直方向合力均为零。在水平方向有

即

在竖直方向，墙对木块的摩擦力是静摩擦力，其大小和方向由的竖直分力与重力的大小关系决定：当

即时

当

即时

方向竖直向下；

当

即时

方向竖直向上；

故选A。3、D【分析】【详解】

根据平衡条件得

根据题意

解得

故选D。4、A【分析】【详解】

A．根据A图象可知，6s时的位移x=0-0=0。故A正确；

B．图中；速度时间图线与坐标轴围成的面积表示位移，则6s内位移为正。故B错误；

C．图中；0-1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1-2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零。在一个周期内速度的方向不变，则6s内位移不为零。故C错误；

D．图中；在0-1s内，向正方向做匀加速直线运动，1-2s内加速度方向改变，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2-3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化，4s末位移为零，6s末位移等于2s末位移，不为零。故D错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

AB．A车做匀变速直线运动，设A车的初速度为加速度大小为由图可知时，速度为零，由运动学公式可得：

根据图象和运动学公式可知时的位移为：

联立解得故选项B正确，A错误；

C．A车减速过程运动的位移大小为故选项C错误；

D．位移时间图象的斜率等于速度，10s末两车相遇时B车的速度大小为：

A车的速度为：

故选项D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

A．在2s末物体运动的速度大小为10m/s；故A错误；

B．根据速度图象的斜率表示物体的加速度，可知，在0～2s内物体运动的加速度大小为

故B错误；

CD．由图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知，在0～4s内物体运动的位移大小为

故C正确，D错误．7、C【分析】【详解】

ABC．根据图线可看成作用力与反作用力大小相等；方向相反，作用在同一条直线上，同时产生，同时变化，同时消失，故AB错误，C正确；

D．根据图线只能看出两个传感器的相互作用力；而两个传感器的状态不确定，则两个传感器不一定都处于平衡状态，故D错误。

故选C。8、B【分析】【详解】

A．路程是标量；速度；力都是矢量，故A错误；

B．加速度是描述物体速度变化快慢的物理量；物体速度变化越快，加速度一定越大，故B正确；

C．米；秒为国际单位制中的基本单位；克不是国际单位制中的基本单位，故C错误；

D．合力与分力是等效替代关系；物体不是重复受力，故D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C:D【分析】【详解】

A．物块A和木箱之间的最大静摩擦力为

当木箱向右加速、且加速度大小为1m/s2时，根据牛顿第二定律，有

可解得

因此物块A相对木箱静止；故A错误；

B．初始时物块A受到的摩擦力方向向左，大小等于1.2N，若木箱向右加速，弹簧上的拉力F不足以提供物块A的加速度时；摩擦力方向变为向右，随着加速度的增大，向右的摩擦力有可能大于1.2N，故B正确；

C．当木箱向左加速、且加速度大小为1m/s2时，根据牛顿第二定律，有

可解得

因此物块A相对木箱滑动；故C正确；

D．电梯从1楼启动到10楼停止的过程中，存在超重和失重，在失重阶段，物块受到的支持力N减小；木箱能提供的最大静摩擦力减小，因此物块可能相对木箱滑动，故D正确。

故选BCD。10、B:C【分析】【详解】

AB．由图乙所示图象可知，t0时刻两滑块开始分离，此时它们的加速度大小、速度大小都相等，设此时弹簧的压缩量为x0，t=0时弹簧的压缩量为x，弹簧的劲度系数为k，t=0时刻拉力大小为F0，t0时刻拉力大小为F，由题意可知

施加拉力前，对A、B整体而言，由平衡条件得kx=2mgsin30°

t=0时刻，对A、B整体，由牛顿第二定律得F0+kx-2mgsin30°=2ma

t0时刻，对B由牛顿第二定律得F-mgsin30=ma

解得

由图乙可知，两滑块在t0时间内一起做匀加速运动，故t0时刻两滑块的速度大小为

故A错误；B正确；

C．t0内，A、B两滑块的位移为

由题意可得

t0时刻，对A由牛顿第二定律得kx0-mgsin30=ma

施加拉力前，对A、B系统，有kx=2mgsin30°

联立解得

故C正确；

D．由题意可得，0到t0时间内弹簧弹性势能的减少量为

故D错误。

故选BC。11、B:D【分析】【详解】

A．图像中，图线的斜率表示特种兵的加速度，由图可知，在时间内，特种兵做匀加速运动，在时间内；做加速度增加的减速运动。故A错误；

B．在时间内特种兵运动的平均速度为

在时间内，若特种兵做匀减速直线运动，其平均速度为

根据图线与坐标轴所围面积表示位移，可知特种兵的实际位移大于匀减速直线运动的位移，则

综上所述，有

故B正确；

C．在时间内特种兵运动的加速度越来越大，由牛顿第二定律，可得

易知所受阻力越来越大。故C错误；

D．若第一个特种兵开始减速时第二个特种兵立即以同样的方式下滑；由于第一个特种兵的速度先大于然后小于第二个特种兵的速度，则他门在悬绳上的距离先增大后减小。故D正确。

故选BD。12、A:D【分析】【详解】

A．物块开始运动时受到沿传送带向上的滑动摩擦力

根据牛顿第二定律

解得加速度

与传送带达到共同速度经历的时间为

运动的位移

此时物块还没有到达顶端B，从物块放于传送带底端A开始计时，当2.1s时物块正做匀加速直线运动，此时速度大小为

A正确；

B．当时物块的速度与传送带的速度相等，因为

当物块的速度与传送带的速度相等时开始做以做匀速直线运动，一直运动到顶端B，由于

物块处于匀速直线运动阶段；此时的加速度大小为零，B错误；

C．物块做匀速直线运动的位移为

匀速运动的时间为

则物块从底端传送到顶端用的时间为

C错误；

D．第一阶段物块与传送带之间发生相对滑动，物块做匀加速直线运动，位移为

传送带做匀速运动，位移

第二阶段物块与传送带之间没有相对滑动，则滑痕长度为

D正确。

故选AD。13、C:D【分析】【详解】

对物体受力分析如图；

由于匀速运动所以物体所受的合力为零，在水平方向有摩擦力f=Fcosθ，所以C正确，A错误；再由f=μFN，FN=mg+Fsinθ可知；摩擦力f=μ（mg+Fsinθ），所以D正确B错误．故选CD．

【点睛】

解决动力学问题的关键是正确进行受力分析，根据物体的运动状态，结合正交分解法列方程求解．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

试题分析：游标卡尺的主尺读数为10mm；游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.2mm=0.232mm，所以最终读数为1.732mm（1.729到1.733均可）．

考点：游标卡尺；螺旋测微器。

【名师点睛】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．

【点睛】

【详解】【解析】10.50mm1.732mm（1.729—1.733都可）15、略

【分析】【分析】

对小球受力分析；沿x；y方向分别正交分解，列方程可求解；求出斜面对小球支持力刚好等于0时的水平向右的加速度临界状态，结合小球受力分析列方程可求解．

【详解】

当斜面的支持力恰好为零；小球受重力和拉力两个力作用。

根据牛顿第二定律得：mgcotα=ma

解得：

由竖直方向平衡得：

解得：．

【点睛】

本题考查临界问题的分析，要注意明确两种情况下小球均还在斜面上，故绳的夹角不变；注意根据几何关系求合力的方法．【解析】7.5m/s2，12.5N；16、略

【分析】【详解】

略【解析】①.运动②.绝对③.相对17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】压力18、略

【分析】【详解】

[1]分析小球受力可知，小球受重力、绳子的拉力、弹簧的弹力三个力而平衡，由平衡条件知：弹簧的弹力

剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，轻弹簧的弹力大小为N；

[2]小球有向左的趋势，受到摩擦力的作用，由牛顿第二定律得：

代入数据得【解析】四、作图题(共4题，共28分)19、略

【分析】依据受力分析中重力弹力的产生特点；重力G和弹力F的示意图如图：

【解析】20、略

【分析】【详解】

由于绳子竖直；根据平衡可知，斜面对物体不可能产生弹力，故物体受到的弹力只有绳子的拉力，如下图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【详解】

①选定标度(用一条线段表示30N的力)

②从作用点沿力的方向画一条线段；根据选定的标度和力的大小按比例确定线段的长度，该力需要四段线段表示，并在线段上加刻度。

③在线段的一端加箭头表示力的方向；箭头或箭尾表示力的作用点，线段所在的直线叫做力的作用线。

重力的施力物体是地球；受力物体是铁球。

注意：不能用不同标度画同一物体所受的不同的力。选择标度应根据力的大小合理设计。一般情况下，线段应取段；不宜太多，太多了图不清晰；也不可太少，不能少于2段。

【点睛】

力的示意图：不需要画出力的标度，只用一条带箭头的线段表示出力的大小和方向的图。注意力的图示与力的示意图不同，力的图示要求严格，而力的示意图着重于力的方向，不要求作出标度。【解析】重力的施力物体是地球，受力物体是铁球。2