2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v0的带电小球从A点射入电场，在竖直平面内沿直线从A运动到B，在此过程中A.小球带负电B.机械能守恒C.动能与重力势能之和增加D.动能减少，重力势能和电势能都增加2、用一束紫外线照射某金属时没有产生光电效应，下列措施中可能产生光电效应的是（）A.换用强度更大的紫外线照射B.换用红外线照射C.延长紫外线照射时间D.换用极限波长较大的金属3、在“验证机械能守恒定律”的实验中，下列说法正确的是A.先释放纸带，后接通电源B.用天平测量重物质量，用秒表测量重物下落时间C.重物动能的增加量一定等于重力势能的减小量D.打点计时器必须竖直安装，使两限位孔在同一竖直线上4、如图所示，轻绳的两端分别系在圆环A

和小球B

上，圆环A

套在粗糙的水平横杆MN

上，现用水平力F

拉着绳子上一点O

使小球B

从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A

始终保持在原位置不动，则在这一过程中，环对杆的摩擦力f

和环对杆的压力N

的变化情况是()A.f

不变，N

不变B.f

不变，N

减小C.f

增大，N

减小D.f

增大，N

不变5、关于三相交流发电机的使用，下列说法中正确的是()A.三相交流发电机发出三相交变电流，只能同时用三相交变电流B.三相交流发电机也可以当作三个单相交流发电机，分别单独向外传送三组单相交变电流C.三相交流发电机必须是三根火线、一根中性线向外输电，任何情况下都不能少一根输电线D.即使三相负载完全相同，三相交流发电机也不可以用三根线(

都是火线)

向外输电6、关于电动势，以下说法中正确的是（）A.电源电动势等于电源正、负极之间的电势差B.用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C.电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D.在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大7、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝导体线圈，线圈电阻恒定，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B

随时间t

如图乙所示规律变化时，则正确表示线圈中感应电流i

随时间t

变化规律的图像是()A.B.C.D.8、穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟减少2Wb

则(

)

A.线圈中感应电动势每秒增加2V

B.线圈中感应电动势每秒减少2V

C.线圈中无感应电动势D.线圈中感应电动势保持不变9、如图所示，取一个有绝缘底座的枕形导体，起初它不带电，贴在导体a端和b端下面的金属箔是闭合的．现在把带正电荷的金属球移近导体a端但不接触，可以看到a、b两端的金属箔都张开了；则下列说法正确的是（）

A.a、b两端都带正电B.a端带正电，b端带负电C.导体成为等势体，a、b两端电势相等D.移走金属球，a、b两端的金属箔仍然张开评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10C，则导体中的电流为I=____A．某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C，则电解液中的电流为I=____A．11、在用“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成400mL的油酸酒精溶液；测得1mL的油酸酒精溶液有50滴．则一滴油酸酒精溶液中含有的油酸体积为____m3．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为____m．（结果保留一位有效数字）12、如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等．有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该带正小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20ev，运动到b点时动能等于2ev．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能为6ev时，不计重力和空气阻力，它的动能等于______．13、用三棱镜作测定玻璃折射率的实验，先在白纸上放好三棱镜，在棱镜的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在棱旬的另一侧观察，调整视线，使P1的像被P2挡住，接着在眼睛所在的一侧插两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像．在纸上标出大头针位置的三棱镜如图所示：

(1)在本题的图上作出所需的光路；

(2)为了测出棱镜玻璃的年射率；需要测量的是____________，在图上标出它们；

(3)计算折射率的公式是n=____________．14、为了精确测量某待测电阻Rx

的阻值(

约为30娄赂).

有以下一些器材可供选择．

电流表：A1(

量程0隆芦50mA

内阻约12娄赂)A2(

量程0隆芦3A

内阻约0.12娄赂)

电压表：V1(

量程0隆芦3V

内阻很大)V2(

量程0隆芦15V

内阻很大)

电源：E(

电动势约为3V

内阻约为0.2娄赂)

定值电阻：R(30娄赂

允许最大电流1.0A)

滑动变阻器：R1(0隆芦10娄赂

允许最大电流2.0A)

滑动变阻器：R2(0隆芦1k娄赂

允许最大电流0.5A)

单刀单掷开关S

一个；导线若干。

(1)

电流表应选______；电压表应选______，滑动变阻器应选______.(

填字母代号)

(2)

请在方框中画出测量电阻Rx

的实验电路图(

要求测量值的范围尽可能大一些；所用器材用对应的符号标出)

(3)

某次测量中，电压表示数为U

时，电流表示数为I

则计算待测电阻阻值的表达式为Rx=

______．15、空间两点放置两个异种点电荷ab

其所带电荷量分别为qa

和qb

其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中AB

两点间的电势大小的关系为娄脮A>娄脮B

由此可以判断出a

为正电荷，且有qa<qb

．______(

判断对错)

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

23、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共1题，共9分)24、已知带正电的粒子在如图所示的电场中运动，图中E0

大小未知.

在t=0

时刻释放该粒子，粒子仅受电场力的作用开始运动，已知在t=0

到t=T4

时间内粒子的位移为L.

求在t=0

到t=T

的时间间隔内：

(1)

粒子的速度变化量；

(2)

粒子沿负方向运动的时间有多长？

(3)

粒子的位移．评卷人得分五、简答题(共2题，共18分)25、氯化铁和高铁酸钾都是常见的水处理剂，下图为制备粗高铁酸钾的工业流程。请回答下列问题：rm{(1)}氯化铁做净水剂的原因是rm{(}结合化学用语表达rm{)}___。rm{(2)}吸收剂rm{X}的化学式为___，氧化剂rm{Y}的化学式为___。rm{(3)}碱性条件下反应rm{垄脵}的离子方程式为___。rm{(4)}过程rm{垄脷}将混合溶液搅拌半小时，静置，抽滤获得粗产品。该反应的化学方程式为rm{2KOH+Na_{2}FeO_{4}=K_{2}FeO_{4}+2NaOH}请根据反应原理分析反应能发生的原因_______。rm{(5)K_{2}FeO_{4}}在水溶液中易发生反应：rm{4FeO_{4}^{2-}+10H_{2}O=4Fe(OH)_{3}+8OH^{-}+3O_{2}隆眉}在提纯rm{K_{2}FeO_{4}}时采用重结晶、洗涤、低温烘干的方法，则洗涤剂最好选用___rm{(}填序号rm{)}A.rm{H_{2}OB.}稀rm{KOH}溶液rm{C.NH_{4}Cl}溶液rm{D.Fe(NO_{3})_{3}}溶液除了这种洗涤剂外，一般工业生产还要加入异丙醇作为洗涤剂，你认为选择异丙醇的原因是_____。26、由于温室效应和资源短缺等问题，如何降低大气中的rm{CO_{2}}含量并加以开发利用，引起了各国的普遍重视。目前工业上有一种方法是用rm{CO_{2}}生产燃料甲醇。

rm{(1)}在rm{25^{0}}C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH_{3}0H)}完全燃烧生成rm{CO_{2}}和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为__________。rm{(2)}为探究反应原理，现进行如下实验，在体积为rm{2L}的密闭容器中，充入rm{2molCO_{2}}和rm{6molH_{2}}一定条件下发生反应：rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}测得rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}和rm{CO_{2}}的浓度随时间变化如下图所示。从反应开始到平衡，氢气的平均反应速率rm{H_{2}O(g)}__________rm{v(H_{2})=}

rm{mol/(L隆陇min)^{-1}}评卷人得分六、综合题(共1题，共10分)27、(1)

一定量的理想气体从状态a

开始，经历等温或等压过程abbccdda

回到原状态；其p篓CT

图像如图所示，其中对角线ac

的延长线过原点O

下列判断正确的是___________

A.气体在ac

两状态的体积相等B.气体在状态a

时的内能大于它在状态c

时的内能C.在过程cd

中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da

中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E.在过程bc

中外界对气体做的功等于在过程da

中气体对外界做的功(2)

如图；容积均为V

的汽缸AB

下端有细管(

容积可忽略)

连通，阀门K2

位于细管的中部，AB

的顶部各有一阀门K1K3B

中有一可自由滑动的活塞(

质量、体积均可忽略)

初始时，三个阀门均打开，活塞在B

的底部；关闭K2K3

通过K1

给汽缸充气，使A

中气体的压强达到大气压p0

的3

倍后关闭K1

已知室温为27隆忙

汽缸导热。

​(i)

打开K2

求稳定时活塞上方气体的体积和压强；(ii)

接着打开K3

求稳定时活塞的位置；(iii)

再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20隆忙

求此时活塞下方气体的压强。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A|D【分析】粒子能沿直线运动，说明电场力向左，粒子做匀减速直线运动，所以小球带负电，A对；电场力做负功，机械能减小，B错；由能量守恒定律可知动能与重力势能的减小量等于电势能的增加量，C错；D对；【解析】【答案】AD2、D【分析】解：A；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；与入射光的强度无关，所以A错误；

B；因红外线的频率比紫外线的小；则不可能产生光电效应，故B错误；

C；能否产生光电效应与光照时间无关；故C错误；

D；当用极限波长较大的金属；则极限频率变小，导致逸出功减小，可能使入射光的频率大于极限频率，故D正确．

故选：D．

发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；极限频率越大的金属逸出功越大，且极限频率与波长成反比，即可求解．

本题考查了发生光电效应的唯一条件：入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，同时掌握极限频率与极限波长的关系．【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。本题考查验证机械能守恒的实验，对于基础实验要从实验原理出发去理解，要亲自动手实验，深刻体会实验的具体操作，不能单凭记忆去理解实验。【解答】A.开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故A错误；

B.我们可以通过打点计时器计算时间；不需要秒表，故B错误；

C.由于摩擦力和空气阻力的作用，重物动能的增加量一定小于重力势能的减小量；故C错误；D.为了防止摩擦力增大，打点计时器必须竖直安装，使两限位孔在同一竖直线上；故D正确。故选D。

【解析】D

4、D【分析】【分析】物体处于动态平衡状态；对物体进行受力分析，找出其中不变的力，再根据其它的力与这个力的关系就可以求出。

本题是动态平衡问题，采用隔离法和整体法相结合进行研究。【解答】以B

为研究对象；小球受到重力；水平力F

和轻绳的拉力T

如图1

所示。

由平衡条件得：F=mgtan娄脕娄脕

增大，则F

增大；再以整体为研究对象，力图如图2

所示，根据平衡条件得：f=F

则f

逐渐增大N=(M+m)gN

保持不变，故D正确，ABC错误。

故选D。

【解析】D

5、B【分析】略【解析】B

6、B【分析】解：A；电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小；电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，故A错误；

B；电压表是由内阻的；跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B正确．

C；电动势反映电源的特性；与外电路的结构无关，故CD错误；

故选：B

电源电动势的数值等于内、外电压之和．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小．电源两极间的电压等于或小于电源电动势．电动势与外电路的结构无关．根据电动势的定义式E=可求出电动势．

本题考查对电动势物理意义的理解能力，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．【解析】【答案】B7、D【分析】【分析】根据法拉第电磁感应定律可求出各段时间内的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律可知感应电流I=ER

利用楞次定律判断出各段时间内感应电流的方向。解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会用楞次定律判定方向。【解答】根据法拉第电磁感应定律，E=n?鈱�?t=n?BS?t

又I=ER

在0鈭�1s

内，?B?t

恒定，E

恒定，感应电流I

大小恒定，根据楞次定律，感应电流的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1鈭�2s

内，磁感应强度不变，感应电流为零；在2鈭�3s

内，?B?t

恒定且与0鈭�1s

内大小相等；根据楞次定律，感应电流的方向与图示方向相反，为负值；故A错误，B错误，C错误，D正确。

故选D。【解析】D

8、D【分析】解：由法拉第电磁感应定律可知；感应电动势为：

E=n鈻�娄碌鈻�t=1隆脕2Wb1s=2V

感应电动势是一个定值；不随时间变化，故A；B

C错误，D正确．

故选：D

．

线圈中磁通量均匀减小；由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势．

解决本题的关键是掌握法拉第电磁感应定律E=n鈻�娄碌鈻�t

要知道磁通量均匀变化时，感应电动势是一个定值．【解析】D

9、C【分析】【分析】

当导体a、b放在带正电的附近时，出现感应起电现象，使导体中的自由电子重新分布，a、b带上等量异种电荷，而总电荷为零；移走C后，a、b发生电中和，两端不再带电，金属箔片不再张开；a、b处于静电平衡的导体；是等势体；

【详解】

AB、带正电荷的球移近导体a，在a的左端感应出负电荷，在b的右端出现正电荷；故A错误，B错误；

C.a、b为处于静电平衡的导体；内部场强处处为零，导体是个等势体．故C正确；

D、移走C后，a、b发生电中和；两端不再带电，金属箔片不再张开，故D错误．

故选C二、填空题(共6题，共12分)10、12【分析】【解答】根据电流强度的定义式可得。

I==10/10A=1A；

所以导体中的电流I为1A．

10s通过电解槽横截面积的电荷量绝对值之和Q=10C+10C=20C；

所以电解液中的电流为I==2A．

故答案为：1；2

【分析】已知时间和通过通过横截面的电荷量，由公式I=求电流．

在电解槽中，通过某一个横截面的电荷量是正负电荷电荷量绝对值的总和，由此再根据I=求电流．11、【分析】【解答】解：一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积：

则油酸分子的直径为：

故答案为：

【分析】利用油酸和酒精的比例以及1mL中的液体滴数可求得1滴中的纯油酸体积，再根据体积公式可求得油酸分子的直径．12、略

【分析】解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：Wab=2eV-20eV=-18eV①

由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：Uab=3Uac②

从b到c电场力做正功，根据动能定理有：Wbc=Ekc-Ekb③

联立①②③可得Ekc=14eV．

由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=Ep+Ek=14eV

即电势能和动能之和为8eV；因此当电势能等于6eV时动能为8eV；

故答案为：8eV

解决本题需掌握：小球只受电场力时；小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．

学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．【解析】8eV13、略

【分析】解：(1)大头针P1、P2的连线表示入射光线，P3、P4的连线表示出射光线，分别作出入射光线和出射光线，连接入射点和出射点，画出玻璃砖内部光路，画出光路图如图．

(2)、(3)如图，光线在棱镜左侧面上折射时入射角为i，折射角为r，根据折射定律得到折射率n=．故需要测量入射角i、折射角r，计算折射率的公式为n=．

故答案为：

(1)如右图。

(2)入射角i、折射角r

(3)【解析】入射角i、折射角r;14、-R【分析】解：(1)

测量电阻时电流不能太大，电流表应选A1

电源电动势为3V

故电压表应选V1

根据闭合电路欧姆定律考虑电流表读数要求I=ER+r鈮�13IA

可求出电路最小电阻R=90娄赂

故变阻器若用限流式则R1

太小，R2

太大，因此应采用分压式，故应选阻值小的变阻器R1

(2)

又待测电阻阻值远小于电压表内阻；电流表应选外接法，但根据欧姆定律，若将电阻直接接在电压表两端时，电阻两端最大电压为U=IARx=50隆脕30隆脕10鈭�3V=1.5V

只是电压表V1

量程的一半；若将待测电阻与定值电阻串联，则它们两端电压为U=A(Rx+R)=50隆脕10鈭�3隆脕(30+30)=3V

正好与电压表V1

的量程相同，所以电路图如图所示．

(3)

由欧姆定律可得Rx=U1I1鈭�R

故答案为(1)A1V1R1

(2)

如图。

(3)U1I1鈭�R

解决本题的关键是将待测电阻与定值电阻串联使用；应通过估算说明．

因本题有“要求测量值的范围尽可能大一些”，这就提示我们滑动变阻器应用分压式；又所给器材中有一个定值电阻，说明可能待测电阻不能直接使用．【解析】A1V1R1U1I1鈭�R

15、略

【分析】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低.

所以，a

处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0.

该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0

所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a

点之间的电势差比较大，所以a

点所带的电量就多．

故答案为：错．

若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；很容易得出正确的结论．

该题是常见电场知识的拓宽与延伸，需要有一定的知识迁移能力和较强的逻辑推理能力.

对能力的要求相对较高.

属于中档题目．【解析】错三、判断题(共8题，共16分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．23、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、计算题(共1题，共9分)24、略

【分析】

根据题意；根据牛顿第二定律求出各个过程的加速度，画出a鈭�t

图象和v鈭�t

图象，根据图象很容易得出粒子的速度变化量；沿负方向位移的时间即速度图象在t

轴下方的时间；求v鈭�t

图象包围的面积即可求出总位移；

本题考查带电粒子在电场中的运动，要注意明确各过程中粒子的受力情况，从而由牛顿第二定律分析物体的运动情况．【解析】解：粒子在t=0隆芦T4T4隆芦T2T2隆芦3T43T4隆芦T

时间间隔内做匀变速运动；设加速度大小分别为a1a2a3a4

由牛顿第二定律得：

qE0=ma12qE0=鈭�ma22qE0=ma3qE0=鈭�ma4

由此得带电粒子在0隆芦T

时间间隔内运动的a鈭�t

图象如图(a)

所示，对应的v鈭�t

图象如图(b)

所示；故粒子时而沿正方向运动，时而沿负方向运动。

由v鈭�t

图象可以知道，在t=0

到t=T

的时间内速度变化量鈻�v=0

沿负方向运动的时间为T4

整个过程中总位移为0隆芦T4

时间位移的2

倍；即x=2L

答：(1)

粒子的速度变化量为0

(2)

粒子沿负方向运动的时间为T4

(3)

粒子的位移2L

五、简答题(共2题，共18分)25、(1)水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质。

(2)FeCl2NaClO

(3)2Fe3++3ClO-+10OH-=2FeO42-+3Cl-+5H2O

(4)K2FeO4溶解度小于Na2FeO4，析出晶体，促进反应进行

(5)B高铁酸钾在异丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用异丙醇洗涤有利于提高产品回收率【分析】【分析】本题考查了制备粗高铁酸钾的工业流程的知识，涉及离子方程式的书写。【解答】rm{(1)}氯化铁做净水剂的原因是：氯化铁做净水剂的原因是：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(1)}

rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质；故答案为：吸收剂rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}的与水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质；rm{(2)}吸收剂rm{X}的与rm{Cl}rm{(2)}rm{X}rm{Cl}是rm{{,!}_{2}}反应的产物是rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}，rm{X}是rm{FeCl}rm{X}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}，反应的离子方程式为：rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}和rm{{,!}_{2}}其中rm{=2Fe}能做氧化剂，所以rm{=2Fe}为rm{{,!}^{3+}}

rm{+2Cl}rm{+2Cl}rm{{,!}^{-}}；rm{Cl}碱性条件下反应rm{Cl}的离子方程式为：rm{{,!}_{2}}与氢氧化钠反应生成rm{NaClO}和rm{NaCl}其中rm{NaClO}能做氧化剂，所以rm{Y}为rm{NaClO}rm{NaClO}rm{NaCl}rm{NaClO}rm{Y}rm{NaClO}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}；rm{NaClO}rm{NaClO}rm{(3)}碱性条件下反应rm{垄脵}的离子方程式为：rm{2Fe}

rm{(3)}rm{垄脵}rm{2Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+3ClO}rm{+3ClO}rm{{,!}^{-}}rm{+10OH}rm{+10OH}rm{{,!}^{-}}rm{=2FeO}rm{=2FeO}rm{{,!}_{4}^{2-}}rm{+3Cl}该反应的化学方程式为rm{+3Cl}反应能发生的原因是rm{{,!}^{-}}溶解度小，析出晶体，促进反应进行；故答案为：rm{+5H}溶解度小于rm{+5H}析出晶体，促进反应进行；

rm{{,!}_{2}}在水溶液中易发生反应：rm{O}所以用碱液来洗涤，抑制水解，不引入新的杂质所以用稀rm{O}溶液，高铁酸钾在异丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用异丙醇洗涤有利于提高产品回收率；故答案为：故答案为：rm{2Fe}rm{2Fe}。

rm{{,!}^{3+}}【解析】rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质。

rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(2)FeCl_{2}}

rm{NaClO}

rm{(3)2Fe^{3+}+3ClO^{-}+10OH^{-}=2FeO_{4}^{2-}+3Cl^{-}+5H_{2}O}rm{(4)}rm{K}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}溶解度小于rm{Na}rm{Na}

rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}26、（1）2CH3OH(l)+3O2(g)=2CO2(g)+4H2O(l)△H＝-1451.52kJ/mol

（2）0.225

75%；＞；K=

【分析】【分析】本题考查化学平衡的计算，为高频考点，把握化学平衡三段法、转化率计算等为解答的关键，侧重分析与计算能力的考查，注意rm{K}的计算利用平衡浓度；题目难度不大。

【解答】rm{(1)}在rm{25}在rm{(1)}rm{25}rm{{,!}^{0}}时，C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH}克甲醇rm{101KPa}rm{3.2}rm{(CH}完全燃烧生成rm{{,!}_{3}}rm{OH)}完全燃烧生成rm{CO}rm{OH)}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{CO}

故答案为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}由图像知从反应开始到平衡，和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：的平均反应速率rm{72.576kJ}同一化学反应速率之比等于化学计量数之比，则rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{(2)}由图像知从反应开始到平衡，rm{H_{2}O}rm{(2)}rm{H_{2}O}

故答案为：rm{v(H_{2}O)=0.075mol/(L隆陇min)^{-1}}

氢气的平均反应速率rm{v(H}【解析】rm{(1)2CH}rm{(1)2CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3O}rm{OH(l)+3O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=2CO}rm{(g)=2CO}rm{O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}

rm{(g)+4H}rm{(g)+4H}rm{K=dfrac{c(CH_{3}OH)c(H_{2}O)}{c(CO_{2})c^{3}(H_{2})}}rm{{,!}_{2}}

rm{O(l)triangle

H=-1451.52kJ/mol}六、综合题(共1题，共10分)27、（1）ABE

（2）解：

（i）打开K2之前，A缸内气体pA=3p0，B缸内气体pB=p0，体积均为V，温度均为T=（273+27）K=300K，打开K2后，B缸内气体（活塞上方）等温压缩，压缩后体积为V1，A缸内气体（活塞下方）等温膨胀，膨胀后体积为2V-V1，活塞上下方压强相等均为p1；

则：对A缸内（活塞下方）气体：3p0V=p1（2V-V1）；

对B缸内（活塞上方）气体：p0V=p1V1；

联立以上两式得：p1=2p0，即稳定时活塞上方体积为压强为2p0；

（ⅱ）打开K3，活塞上方与大气相连通，压强变为p0，则活塞下方气体等温膨胀，假设活塞下方气体压强可降为p0，则降为p0时活塞下方气体体积为V2，则3p0V=p0V2；

得V2=3V＞2V，即活塞下方气体压强不会降至p0，此时活塞将处于B气缸顶端，缸内气压为p2，3p0V=p2×2V，得即稳定时活塞位于气缸最