2025年统编版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版选修3物理下册阶段测试试卷804考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、据有关资料介绍，受控核聚变装置中有极高的温度，因而带电粒子将没有通常意义上的“容器”可装，而是由磁场约束带电粒子运动，使之束缚在某个区域内。如图所示，环状磁场的内半径为外半径为被束缚的带电粒子的比荷为k，若中空区域内带电粒子均具有沿半径方向的速度，速度大小为v。中空区域中的带电粒子都不会穿出磁场的外边缘而被约束在半径为的区域内；则环状区域内匀强磁场的磁感应强度最小值为（）

A.B.C.D.2、氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子．已知基态的氦离子能量为氦离子的能级示意图如图所示．在具有下列能量的光子或者电子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是（）

A.42.8eV(光子)B.43.2eV（电子）C.41.0eV（电子）D.54.4eV(光子)3、直流电路如图所示，电源的内阻不能忽略不计，在滑动变阻器的滑片P由图示位置向右移动时；电源的（）

A.效率一定增大B.总功率一定增大C.热功率一定增大D.输出功率一定先增大后减小4、甲、乙两图是电子技术中的常用电路，a、b是各部分电路的输入端，其中输入的直流成分用“—”表示，交流低频成分用“～”表示，交流高频成分用“”表示。则（）

A.图甲中R得到的是交流成分B.图甲中通过自感线圈的是交流成分C.图乙中R得到的是高频成分D.图乙中通过电容器的是低频成分5、如图所示，一定质量的理想气体从状态开始经历过程①、②、③、④最后到达状态下列说法错误的是（）

A.过程①中，气体的体积逐渐减小B.过程②中，气体对外界做正功C.过程③中，气体从外界吸收了热量D.气体在状态和时的内能相等6、摩托车上的热机工作时提供动力的冲程是（）A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程7、下列有关原子结构和原子核的认识，正确的是A.氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能减小B.衰变说明原子核内有电子C.卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反应方程为D.卢瑟福α粒子散射实验说明原子核由质子和中子组成评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、下列各系统处于平衡态的是（）A.放在0℃的房间里的冰水混合物B.放在沸水中加热足够长时间的铜块C.刚刚放在教室中2分钟的一杯热水和一杯加较多冰块的可乐D.一瓶放在房间中很久的84消毒液9、下列说法正确的是（）A.若分子力表现为引力，则当分子间的距离增大时，分子力增大B.对于任何物质，只要温度降低，分子平均动能就一定减小C.液体中的布朗运动就是液体分子的无规则运动E.物理性质表现为各向同性的物体可能是晶体E.物理性质表现为各向同性的物体可能是晶体10、如图所示，固定的竖直光滑U型金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计．初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0．在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．则下列说法正确的是

A.初始时刻导体棒受到的安培力大小B.初始时刻导体棒加速度的大小C.导体棒开始运动直到最终静止的过程中，克服安培力做功等于棒上电阻r的焦耳热D.导体棒开始运动直到最终静止的过程中，回路上产生的焦耳热11、下列说法正确的是（）A.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关B.脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液C.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大12、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表。当滑动变阻器R2的滑动触头P移动时，两个电压表V1与V2的示数分别为U1、U2，电流表示数为I；下列判断正确的是（）

A.P向b移动，V1示数增大、V2的示数减小，A的示数变小B.P向a移动，V1示数增大、V2的示数减小，A的示数变大C.P向a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D.P向b移动，则13、下列说法正确的是___________.A.在摆角小于5°时单摆的周期与振幅无关B.用三棱镜观察太阳光谱是利用光的干涉现象C.在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象E.两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现E.两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现14、如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车．现有一质量为2m的小球以v0的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去(不计摩擦)；到达某一高度后，小球又返回小车右端，则()

A.小球在小车上到达的最大高度为B.小球离车后，对地将做自由落体运动C.小球离车后，对地将向右做平抛运动D.此过程中小球对车做的功为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、图甲是研究光电效应现象的装置．某同学用该装置探究遏止电压．与入射光频率之间的关系，得到图乙图象．图中电源____端为正极(填“左”或“右")．该装置阴极K的逸出功为____J.已知普朗克常量h=（结果保留三位有效数字）

16、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，安培表A的示数如何变化？小明同学的分析思路如下：

试写出以下步骤的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。17、如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A、B，放在光滑的水平面上，若物体A被水平速度为v0的子弹射中，且后者嵌在物体A的中心，已知物体A的质量是物体B质量的子弹质量是物体B的弹簧被压缩到最短时，求物体A；B的速度。

18、实验发现，二氧化碳气体在水深170m处将会变成液体。现用一活塞将一定量的二氧化碳气体封入某导热容器中，并将该容器沉入海底。已知随着深度的增加，海水温度逐渐降低，则在容器下沉过程中，容器内气体的密度将会________（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体的饱和汽压将会____（选填“增大”、“减小”或“不变”）。19、B．(选修模块3-4)

（1）一列沿着x轴正方向传播的横波，在t=0时刻的波形如图甲所示．图甲中某质点的振动图象如图乙所示．质点N的振幅是_________m，振动周期为_________s，图乙表示质点_____(从质点K、L、M、N中选填)的振动图象．该波的波速为___________m／s．

（2）惯性系S中有一边长为l的正方形(如图A所示)，从相对S系沿x方向以接近光速匀速飞行的飞行器上测得该正方形的图象是__________________．

（3）描述简谐运动特征的公式是x＝_______．自由下落的篮球缓地面反弹后上升又落下．若不考虑空气阻力及在地面反弹时的能量损失，此运动________(填“是”或“不是”)简谐运动．评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)23、如图装置用于验证从轨道上滑下的A球与静止在轨道末端的小球B碰撞过程中的动量守恒（轨道末端水平）；图中三条曲线分别是A球（未放B球）的飞行轨迹，以及两球碰后的飞行轨迹。如果碰撞过程中动量守恒。

（1）下列各式中正确的是()

A．

B．

C．

D．

（2）在该实验中，安装斜槽轨道时，应该让槽斜的末端点的切线保持水平，这样做的目的是为了使()

A．入射球得到较大的速度。

B．入射球与被碰球对心碰撞后速度均沿水平方向。

C．入射球和被碰球均能从同一高度飞出。

D．两球碰撞时动能无损失A.B.C.E.E.24、现要测量某小量程电流表的内阻，其内阻在8Ω～10Ω之间，要求测量多组数据，且各电表指针最大偏转均能超过其满偏刻度的可选用的器材如下：

A.待测电流表A（量程10mA）

B.电压表V（量程3V；内阻约3kΩ）

C.电流表A0（量程5mA，内阻）

D.滑动变阻器R1（最大电阻5Ω；滑片可滑动的最大距离10cm）

E.滑动变阻器R2（最大电阻10Ω；滑片可滑动的最大距离50cm）

F.定值电阻R3（阻值20Ω）

G.电源E（电动势1.5V）

H.开关S及导线若干。

（1）器材选择时，在电压表V和电流表A0中，应选_______（填“V”或“A0”），为便于调节，滑动变阻器应选_________（填“R1”或“R2”）；

（2）请在方框内画出实验电路图_________；

（3）实验中，若测得待测电流表A的示数为I，另一电表的示数为k，则待测电流表A内阻的表达式为r=__________.25、如图所示，用伏安法测电源电动势和内阻的实验中，在电路中接一个阻值为2Ω的电阻R0；通过改变滑动变阻器，得到几组电表的实验数据：

（1）R0的作用是____________________；

（2）用作图法在坐标系内作出U-I图线__________；

（3）利用图线，测得电动势E=________V，内阻r=_________Ω．

（4）某同学测另一串联电池组的输出功率P随外电阻R变化的曲线如图所示．由所得图线可知，被测电池组电动势E＝________V，电池组的内阻r＝_______Ω．

26、某同学利用电压表和定值电阻测蓄电池电源的电动势和内阻。

(1)实验室有以下三个电压表；需要将它们改装成量程为6V的电压表，以下措施正确的是________；

A．将电压表V1(0～1V，内阻约为1kΩ)与5kΩ的定值电阻R串联。

B．将电压表V2(0～2V，内阻约为2kΩ)与4kΩ的定值电阻R串联。

C．将电压表V3(0～3V，内阻为3kΩ)与3kΩ的定值电阻R串联。

D．以上三项都可以。

(2)用改装并校正后的电压表及两个定值电阻R0；测蓄电池的电动势和内阻，图甲为实验电路图，根据给出的电路图，将图乙的实物连线补充完整______；

(3)该实验的主要操作步骤如下：

A．按电路原理图连接实验器材；

B．将开关S2闭合，开关S1断开，测得电压表的示数是U1；

C．再将开关S1闭合，测得电压表的示数是U2；

D．断开开关S2。

①根据实验所得数据，可得电源电动势的测量值E＝__________；电源内阻的测量值r＝____________(结果用字母U1、U2、R0表示)；

②该实验测得的电动势比实际值偏_______(填“大”或“小”)。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】由题意可知，粒子的比荷k已经确定，粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有

粒子运动的半径r已经确定；要使所有的粒子都不能穿出磁场，则：

与内圆相切的方向进入磁场的粒子在磁场运动的轨迹刚好与外圆相切，可知2r最大为如图所示：

从而推知，

即

则故C正确，ABD错误；

故选C。2、A【分析】由于光子能量不可分，因此只有能量恰好等于两能级差的光子才能被氦离子吸收，故A项中光子不能被吸收；而实物粒子(如电子)只要能量不小于两能级差，均可能被吸收，故B、C两项中电子均能被吸收，A对；3、A【分析】【详解】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小。

A．电源的效率

电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大；则电源效率增大，故A正确；

B．电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI

减小；故B错误；

C．电源内阻r不变，电流I减小，电源的热功率PQ=I2r

减小；故C错误；

D．当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时；电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故D错误。

故选A。

【点睛】

知道电路串并联中的电流电压关系，并熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题。4、A【分析】【分析】

【详解】

AB．自感线圈是通直流、阻交流，通低频、阻高频，则R得到的是交流成分；B错误A正确；

CD．电容器是通交流、隔直流，通高频、阻低频，图中输入的是交流高频成分，则R得到的是低频成分；CD错误。

故选A。5、A【分析】【详解】

A．根据PV=nRT

根据图线的特点可知；过程①中，气体的体积不变，故A错误；

B．过程②中；气体的压强不变，温度升高，体积增大，故气体对外界做正功，故B正确；

CD．过程③中；温度不变，气体内能不变，压强减小，体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体需要从外界吸热，故C；D正确。

本题选错误的，故选A。6、C【分析】【详解】

试题分析：摩托车上的热机工作时提供动力的冲程是做功冲程；故选C．

考点：热机。

【名师点睛】在四冲程内燃机的做功冲程中，燃料燃烧产生大量的高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能．7、C【分析】【详解】

A；氢原子辐射光子后；轨道变小，动能变大，势能变小，总能量变小，故A错误；

B、β衰变不能说明原子核内有电子；是中子转变成质子，而放出电子的，故B错误；

C、卢瑟福用α粒子轰击氮核首次实现了原子核的人工转变，并发现了质子，其核反应方程为故C正确；

D、卢瑟福通过α粒子散射实验，提出原子核式结构模型，故D错误．二、多选题(共7题，共14分)8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．系统处于平衡态时；其状态参量不变，金属块放在沸水中加热足够长的时间，冰水混合物处在0℃环境中，其状态参量不再变化，即处于平衡态，故AB正确；

C．刚刚放在教室中2分钟的一杯热水和一杯加较多冰块的可乐；温度未达到相同，则未处于平衡态，故C错误；

D．一瓶放在房间中很久的84消毒液；与环境温度相同，则处于平衡态，故D正确。

故选ABD。9、B:D:E【分析】【详解】

A．分子力与分子间距的关系如图。

若分子力表现为引力，即时；由图像可知，当分子间的距离增大时，分子力先增大后减小，故A错误；

B．温度是衡量分子平均动能的唯一指标；所以对于任何物质，只要温度降低，分子平均动能就一定减小，B正确；

C．液体中的布朗运动就是固体小颗粒的无规则运动；C错误；

D．一定质量的某种理想气体在等温膨胀的过程中对外做功而温度保持不变，故气体内能不变由热力学第一定律

所以

该理想气体在此过程中一定吸热；D正确；

E．物理性质表现为各向同性的物体可能是非晶体；也可能是多晶体，E正确。

故选BDE。10、B:D【分析】【详解】

导体棒的初速度为v0，初始时刻产生的感应电动势为E，由法拉第电磁感应定律得：E=BLv0；设初始时刻回路中产生的电流为I，由闭合电路的欧姆定律得：设初始时刻导体棒受到的安培力为F，由安培力公式得：F=BIL；联立上式得，．故A错误；初始时刻，弹簧处于伸长状态，棒受到重力、向下的安培力和弹簧的弹力，所以：ma=mg+kx+F得：a=2g+．故B正确；导体棒直到最终静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，则：mg=kx2，得：x2=．由于x1=x2，所以弹簧的弹性势能不变，由能的转化和守恒定律得：mg（x1+x2）+Ek=Q，解得系统产生的总热量：可知R上产生的热量要小于系统产生的总热量．故C错误；D正确；故选BD．

【点睛】

本题中安培力的经验公式可以由感应电动势、欧姆定律、安培力三个公式结合推导出来，要加强记忆，有助于分析和计算.11、A:B:D【分析】【详解】

A．在毛细现象中；毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关，选项A正确；

B．脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润；以便吸取药液，选项B正确；

C．烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面；熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片的物理性质各向异性，云母片是单晶体，选项C错误；

D．在空间站完全失重的环境下；水滴能收缩成标准的球形是因为液体表面张力的作用，选项D正确；

E．在一定温度条件下，空气的相对湿度越大，水蒸发越慢，人就感到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故E错误；12、B:C【分析】【详解】

AD．若P向b端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电流A减小，内电压减小，路端电压增大，V1减小，则V2的示数增大，则

即

故AD错误；

B．若P向a端移动，则滑动变阻器接入电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流A增大，则内电压增大，两端的电压V1增大；路端电压减小，故两端的电压V2减小；故B正确；

C．因路端电压减小，V1示数增大，V2示数减小，而两电表之和等于路端电压，故可知V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值；故C正确。

故选BC。

【点睛】

闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路—内电路—外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质。13、A:C:E【分析】【详解】

在摆角小于5°时单摆的振动可视为简谐振动，此时周期与振幅无关，选项A正确；三棱镜观察太阳光谱，是利用光的折射率不同，出现光的折射色散现象，故B错误；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象，选项C正确；用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象，选项D错误；两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现，选项E正确.14、A:D【分析】【分析】

小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒；当小球上升的最高点时，竖直方向上的速度为零，水平方向上与小车具有相同的速度，结合动量守恒和能量守恒求出上升的最大高度．根据动量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端时的速度，从而得出小球的运动规律，根据动能定理得出小球对小车做功的大小．

【详解】

设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：2mv0=mv1+2mv2，由动能守恒定律得：解得：所以小球与小车分离后对地将向左做平抛运动，故BC错误；当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：2mv0=3m•v，由机械能守恒定律得：解得：故A正确；对小车运用动能定理得，小球对小车做功：故D正确．所以AD正确，BC错误．

【点睛】

本题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合，知道当小球与小车的水平速度相等时，小球上升到最大高度．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

因为是研究遏止电压的装置，所以所加电压应为反向电压，阻值光电子到达A极板形成光电流，所以A极板接电源负极，K级板接电源正极，电源右端为正极；根据图像乙可知，当频率为时，所需遏止电压为零，说明此时对应频率为截止频率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1916、略

【分析】【详解】

②根据闭合电路欧姆定律得：总电流减小，所以路端电压变大；④根据并联电路电流关系：总电流变小，而变大，则一定变小【解析】17、略

【分析】【详解】

设B的质量为m，则A的质量是子弹质量是子弹和A、B木块组成的系统动量守恒，有

解得【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]随着深度的增加，海水温度逐渐降低，压强也增大，由理想气体状态方程

二氧化碳的体积减小；而质量不变，则密度一定增大；

[2]随着温度的降低，饱和汽压会减小。【解析】增大减小19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）由甲图可知波长由乙图可知振幅周期所以波速因为波沿轴正方向传播，由甲图可以判断时刻L向上振动，N向下振动，K在正的最大位移处，M在负的最大位移处．由乙图可知时刻；质点向上振动．所以为L的振动图象；

（2）由相对论中长度的相对性：在垂直于运动方向；长度不变；在沿着运动方向长度变长．所以C正确；

（3）简谐运动的表达式为：为初相位，可以取零．篮球的运动加速度不改变，不符合简谐运动的规律，所以不是简谐运动．【解析】0.84L0.5C不是四、作图题(共3题，共30分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)23、B:D【分析】【详解】

（1）[1]小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时间t相等，它们的水平位移x与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若两球相碰前后的动量守恒，则

整理可得

即

故选D。

（2）[2]“验证动量守恒定律”的实验中；是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度，要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，做平抛运动。

故选B。24、略

【分析】【分析】

选择电表时要考虑安全性；精确性和便捷性；利用并联电压相等原则求电压；再由欧姆定律求电表内阻。

【详解】

第一空第二空.由于电压表内阻不可确定，而电流表内阻已知，故应选用电流表A0；为了便于调节，滑动变阻器应选用可滑动距离大的，故应选用R2；

第三空.为了调节范围尽可能的大；滑动变阻器应选用分压式，两个电流表并联，电路如图。

第四空.根据实验电路图，以及并联电路电压相等的原理，可得：