2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列说法是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中不正确的是（）A.根据电场强度定义式，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量q无关B.根据电势差的定义式，带电量为1×10-5C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1×10-5J，则B两点的电势差为-1VC.根据电容的定义式，电容器的电容值与电容器所带的电荷量成正比，与两极板的电势差成反比D.根据电场力做功的计算式W=qU，一个电子在1V电压下加速，电场力做功为1eV2、一辆汽车在一段时间内的x-t图象如图所示；由图可知（）

A.在0～10s内，汽车做匀加速直线运动B.汽车在0～10s内的速度比30～40s内的速度大C.在10～30s内，汽车处于静止状态D.在10～30s内，汽车做匀速直线运动3、如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡L能发光。要使灯泡变亮，可以采取的方法有A.向下滑动PB.增大交流电源的电压C.增大交流电源的频率D.减小电容器C的电容4、一人从泊在码头边的船上往岸上跳；若该船的缆绳并没拴在码头上，则下列说法中正确的有（）

A.船越轻小；人越难跳上岸。

B.人跳跃时对船速度大于对地速度。

C.船越重越大；人越难跳上岸。

D.人跳时对船速度等于对地速度。

5、【题文】下列关于简谐运动，说法正确的是（）A.位移的方向总是指向平衡位置B.位移总是由平衡位置指向物体所在位置C.位移的方向总是跟速度的方向相反D.速度的方向总是跟位移的方向相同6、如图所示，一小男孩通过一根弹簧想把地面上的木箱拖回房间，但试了两次均未拖动。分析图甲、图乙后，下列说法正确的是（）A.弹簧的弹力等于木箱受到的摩擦力与人所受的摩擦力之和B.图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力C.图甲中男孩受到的合力小于图乙中男孩受到的合力D.图甲中男孩受到的合力大于图乙中男孩受到的合力7、如图所示，光滑水平面上有一辆质量为2m的小车，车上左右两端分别站着甲、乙两人，他们的质量均为m，开始两个人和车一起以速度v向右匀速运动．某一时刻，甲、乙两人以相对于地面相同的速率向相反的方向水平跳离小车．两人都离开小车后，小车的速度将是（）A.vB.2vC.大于v小于2vD.大于1v评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、质量为40kg的铁锤从5m高处落下打在水泥桩上，与水泥桩撞击时间是0.05s．撞击时，铁锤对桩的平均冲击力F=____N（g=10m/s2）9、某电池电动势为1.5V，如果不考虑它内部的电阻，当把它的两极与150Ω的电阻连在一起时，16s内有____C的电荷定向移动通过电阻的横截面，相当于____个电子通过该截面．10、蝙蝠在喉内产生超声波通过口或鼻孔发射出来，超声波遇到猎物会反射回来，回波被蝙蝠的耳廓接收，根据回波判断猎物的位置和速度.

在洞穴里悬停在空中的蝙蝠对着岩壁发出频率为34kHz

的超声波，波速大小为340m/s

则该超声波的波长为______m

接收到的回波频率______(

选填“大于”、“等于”或“小于”)

发出的频率．11、一列动车组火车以180km/h的恒定速度运动．设开始下雨时，车身粘住的雨水质量为8.0kg，则在这个过程中，动车增加的能量输出为____J．12、图甲所示是用沙摆演示振动图象的实验装置；沙摆可视为摆长l=1.0m的单摆，沙摆的运动可看作简谐运动．实验中，细沙从摆动着的漏斗底部均匀漏出，用手沿与摆动方向垂直的方向匀速拉动纸板，漏在纸板上的细沙形成了图乙所示的粗细变化的一条曲线．

曲线之所有粗细不均匀，主要是因为沙摆摆动过程中____（选填“位移”；“速度”或“加速度”）大小的变化。

若图乙中AB间距离x=0.4m，当地重力加速度g=10m/s2、π2≈10，则纸板匀速运动的速度大小为____m/s（结果保留2为有效数字）13、（2011秋•富平县校级期中）如图所示的电路中，当开关S1、S2均断开和均闭合时，灯泡L都同样正常发光．定出以下两种情况下流经灯泡的电流方向，即S1、S2均开启时____；S1、S2均闭合时____．（填“a→b”或“b→a”）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)14、热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．____．（判断对错）15、物体的位移为零时，路程也一定为零．____．（判断对错）16、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）17、普朗克在研究黑体的热辐射问题时提出了能量子假说____（判断对错）18、任意两条电场线都不相交．____．（判断对错）19、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）评卷人得分四、实验题(共1题，共3分)20、某实验小组用重物牵引气垫导轨上的滑块完成一段匀加速直线运动，光电门可以记录下滑块上遮光条通过光电门时的遮光时间．当宽度为2cm的遮光条经过光电门1时数字计时器上显示遮光时间t1=0.2s，经过光电门2时显示遮光时间t2=0.1s．已知光电门1、2之间的距离为30cm，测滑块经过光电门1时速度v1=____m/s．滑块经过光电门2时速度v2=____m/s，滑块的加速度a=____m/s2（结果保留2位有效数字）．

评卷人得分五、实验探究题(共4题，共16分)21、同学们测量某电阻丝的电阻Rx，所用电流表的内阻与Rx相当；电压表可视为理想电压表．

①若所用图1所示电路进行实验，要使得Rx的测量值更接近真实值，电压表的a端应连接到电路的______点（选填“b”或“c”）．

②测得电阻丝的U-I图如图2所示，则Rx为______Ω（保留两位有效数字）．

③实验中，随电压进一步增加电阻丝逐渐进入炽热状态，某同学发现对炽热电阻丝吹气，其阻值会变化．他们对此现象进行探究，在控制电阻丝两端的电压为10V的条件下，得到电阻丝的电阻Rx随风速v（用风速计测）的变化关系如图3所示．由图可知当风速增加时，Rx会______（选填“增大”或“减小”）．在风速增加过程中，为保持电阻丝两端电压为10V，需要将滑动变阻器RW的滑片向______端调节（选填“M”或“N”）．

④为了通过电压表的示数来显示风速，同学们设计了如图4所示的电路，其中R为两只阻值相同的电阻，Rx为两根形同的电阻丝，一根置于气流中，另一根不受气流影响，为待接入的理想电压表．如果要求在测量中，风速从零开始增加，电压表的示数也从零开始增加，则电压表的“+”端和“-”端应分别连接到电路中的______点和______点（在“a”“b”“c”“d”中选填）．22、某同学用伏安法测定待测电阻Rx

的阻值(

约为10k娄赂)

除了Rx

开关S

导线外，还有下列器材供选用：

A.电压表(

量程0隆芦1V

内阻约10k娄赂)

B.电压表(

量程0隆芦10V

内阻约100k娄赂)

C.电流表(

量程0隆芦1mA

内阻约30娄赂)

D.电流表(

量程0隆芦0.6A

内阻约0.05娄赂)

E.电源(

电动势1.5V

额定电流0.5A

内阻不计)

F.电源(

电动势12V

额定电流2A

内阻不计)

G.滑动变阻器R0(

阻值范围0隆芦10娄赂

额定电流2A)

垄脵

为使测量尽量准确；电压表选用______，电流表选用______，电源选用______。(

均填器材的字母代号)

垄脷

画出测量Rx

阻值的实验电路图。

垄脹

该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会______其真实值(

填“大于”、“小于”或“等于”)

原因是______。23、某同学想测定一滑块与桌面之间的动摩擦因数，其实验装置如图1

所示：实验时先把滑块固定于水平桌面的A

点处，此时重物与水平地面的初始高度为y

现在由静止开始释放滑块，如图2

所示(

滑块从A

点到定滑轮的距离大于y)

当重物碰到地板时，滑块和重物都获得速度vb

此后，滑块将滑动一段距离x

后停止，如图3

所示。然后将滑块重新置于桌面上的A

点，多次重复上述实验，不计滑轮与细绳之间的摩擦，试分析下列问题：

图4

(1)

由于不容易直接测量y

故测量AB

间的长度，等效为y

某次测量的结果如图4

所示，则由此次测量的结果可得y=

________cm

(2)

实验中保持重物的质量m1=175g

滑块的质量m2=250g

多次测量yx

的结果如下表所示：。y

/cm

33.5

33.5

33.7

33.5

33.5

33.5

33.7

33.5

33.5

34.1

x

/cm

26.4

26.0

26.5

26.3

26.5

26.3

26.3

26.5

26.7

26.5

根据以上测量数据求得滑块与桌面之间的动摩擦因数娄脤=

________。(

结果保留3

位有效数字)

24、小周用插针法测定某种玻璃三棱镜的折射率，所作的光路图如图1所示，ABC为三棱镜的横截面，光线DO1、O2E分别为入射、出射光线，N1N2为法线，P1、P2、P3、P4为四枚大头针；θ为偏向角。

（1）根据图1求得这种玻璃的折射率为______（结果保留两位有效数字）

（2）如图2是实验过程中的立体图，图中a和b是______（填“大头针”或“大头针的像”）

（3）换用折射率较小的玻璃三棱镜做实验，仍保证顶角BAC和入射角不变，那么偏向角将______（填“增大”、“减小”或“不变”）评卷人得分六、识图作答题(共2题，共10分)25、如图为人体部分神经—体液调节过程示意图，①～⑤为神经元，A和B为神经—肌肉接点，C和D为细胞，a～d为细胞分泌的化学物质。请据图回答问题：

（1）当人进入寒冷环境时，大脑神经细胞释放的物质a直接作用于下丘脑神经细胞表面_________，引起机体细胞的一系列反应，产生相应的化学物质，其中物质c是_____。b的化学本质为多肽，用b饲喂正常动物，则物质d的分泌量____。（2）膝跳反射的反射弧仅由两个神经元组成。若A为膝跳反射的感受器，在完成膝跳反射时神经冲动在图中各神经元上的传导顺序是_____（用图中数字与箭头表示）。若在⑤上某处施加一强刺激，则能检测到膜内外电位变化的神经元只有①、②，原因是_____________________________。26、营养缺陷型菌株就是在人工诱变或自发突变后，微生物细胞代谢调节机制中的某些酶被破坏，使代谢过程中的某些合成反应不能进行的菌株。这种菌株能积累正常菌株不能积累的某些代谢中间产物，为工业生产提供大量的原料产物。以下是实验人员利用影印法初检氨基酸缺陷型菌株的过程。请回答下列问题：（1）过程①的接种方法为________。（2）进行②过程培养时，应先将丝绒布转印至基本培养基上，原因是________。釆用影印法培养的优点是________。（3）为了进一步完成对初检的营养缺陷型菌株的鉴定，实验人员进行了如下操作：①用接种针挑取________（选填“菌落A”或“菌落B”）接种于盛有完全培养液的离心管中，28℃振荡培养1～2天后，离心，取沉淀物用________洗涤3次，并制成菌悬液。②吸取lmL菌悬液加入无菌培养皿中，倾注15mL融化并冷却至45～50℃的基本培养基，待其冷凝后用记号笔在皿底划分五个区域，标记为A、B、C、D、E。③在划分的五个区域上放入少量分组的氨基酸粉末（如下表所示），经培养后，观察生长圈出现的区域，从而确定属于何种氨基酸缺陷型。。组别所含氨基酸A组氨酸苏氨酸谷氨酸天冬氨酸亮氨酸B精氨酸苏氨酸赖氨酸甲硫氨酸苯丙氨酸C酪氨酸谷氨酸赖氨酸色氨酸丙氨酸D甘氨酸天冬氨酸甲硫氨酸色氨酸丝氨酸E半胱氨酸亮氨酸苯丙氨酸丙氨酸丝氨酸在上述鉴定实验中，发现在培养基A、D区域出现生长圈，说明该营养缺陷型菌株属于________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】电场强度；电容器的定义均采用了比值定义法；电场强度是电场本身的性质和q、F无关，同时电容也与电量及电压无关；

电子的电量为元电荷e；由W=Uq可知电场力做功；

电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解析】【解答】解：A；电场强度为电场本身的性质与试探电荷的电荷量无关；故A正确；

B、由电势差的定义可知，U=-V=-1V；故B正确；

C；电容也是电容器本身的性质；和极板上的电荷量及电压无关，故C错误；

D；电子的电量为e；由W=Uq可知，电场对电子做功加速时W=Ue，即在1V电压下加速，电场力做功为1eV；故D正确；

本题选不正确的，故选：C．2、C【分析】【分析】根据x-t图象的斜率可求物体运动的速度，只要x-t图象是倾斜的直线物体就是做匀速直线运动，图象的斜率代表物体的速度，只要是水平的直线就代表物体静止．这是解决本题的关键．【解析】【解答】解：A；根据x-t图象的斜率表示速度；可知汽车在0～10s的速度不变，做匀速直线运动，故A错误．

B；图象的斜率越大；速度越大，则知汽车在0～10s内的速度比30～40s内的速度小，故B错误．

CD；10～30s内；汽车的位移保持不变，即汽车处于静止状态．故C正确，D错误．

故选：C．3、B|C【分析】试题分析：据题意，要使灯泡变量，就得使灯泡上的电压增加，所以据U1:U2=n1:n2可知，增加输入电压U1可以使U2增大，B选项正确；又据E=nΔΦ/Δt可知，增加交流电的频率可以使ΔΦ/Δt增加，导致电动势E增大，所以C选项正确，而A、D选项错误。考点：本题考查变压器原理和法拉第电磁感应定律。【解析】【答案】BC4、A|B【分析】

A；由系统动量守恒定律可知：MV+mv=0；当船越重时，船获得的速度越小，则人相对船的速度则越大，人越好跳上岸，故A正确；C错误；

B；人跳跃时；船要向后运动，所以人对船速度大于对地速度，人才能跳上岸．故B正确；D错误；

故选：AB

【解析】【答案】整个系统动量守恒；据此可知，船越重，人越好跳上岸．人人跳跃时对船速度大于对地速度，这样人才能跳上岸．

5、B【分析】【解析】物体做简谐运动；回复力的方向总是指向平衡位置，根据牛顿第二定律分析加速度方向．简谐运动的质点位移-时间图象是正弦曲线．速度方向有时与位移方向相反，有时与位移方向相同．

解：质点的位移方向总是离开平衡位置，而速度方向有时离开平衡位置，有时靠近平衡位置．故选B【解析】【答案】B6、B【分析】解：A；对木箱受力分析；因处于平衡状态，合力为零，则弹力等于木箱受到的摩擦力，故A错误；

B；根据弹簧的形变量大小可知；图乙的弹力较大，则图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力，故B正确；

CD；根据平衡条件可知；两图中木箱均处于平衡状态，则它们的合力为零，故CD错误；

故选：B。

根据弹簧的形变量来确定弹力的大小；依据平衡条件来判定合力的大小，从而即可求解。

本题主要是考查平衡条件的应用，掌握影响弹簧弹力的大小因素，注意静摩擦力的大小与弹力大小相等是解题的关键。【解析】B7、B【分析】【分析】车和两个人整体在水平方向不受外力，系统总动量守恒，根据动量守恒定律列式求解即可．【解析】【解答】解：两人和车所组成的系统原动量为4mv；方向向右．

当甲；乙两人以相对于地面相同的速率向相反的方向水平跳离小车时；甲、乙两人的动量和为零；

根据动量守恒定律得：

4mv=2mv车+mv′-mv′

v车=2v；

故选：B．二、填空题(共6题，共12分)8、8400【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出铁锤与桩碰撞前的速度，结合动量定理求出桩对锤的作用力，从而根据牛顿第三定律求出撞击过程中铁锤对水泥桩的平均冲击力．【解析】【解答】解：铁锤碰前的速度为：v===10m/s

取向下为正；对铁锤由动量定理得：（mg-F）t=0-mv

代入数据解得：F=8400N．

由牛顿第三定律可得：F′=F=8400N．

答：撞击过程中铁锤对水泥桩的平均冲击力为8400N．9、0.161×1018【分析】【分析】根据闭合电路欧姆定律I=，求出电流I，再根据q=It求出多少电荷发生定向移动．根据n=求出电子的数量．【解析】【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得，I==A=0.01A

通过的电量q=It=16×0.01C=0.16C

相当于电子的数目n===1×1018

故答案为：0.16，1.0×1018．10、略

【分析】解：因波源不动；则根据多普勒效应，蝙蝠接收到的反射超声波频率等于发射的超声波频率．

根据娄脣=vT

可知超声波的波长为娄脣=340隆脕134隆脕103m=0.01m

．

故答案为：0.01

等于．

根据多普勒效应比较蝙蝠接收到的反射超声波频率与发射的超声波频率.

根据娄脣=vT

判断超声波传播时波长．

解决本题的关键了解多普勒效应，知道波长与频率、波速的关系．【解析】0.01

等于11、104【分析】【分析】动车增加的能量输出等于雨水获得的动能，根据动能的定义式求解．【解析】【解答】解：动车组火车的速度为v=180km/h=50m/s

车增加的能量输出等于雨水获得的动能，为：E==J=104J

故答案为：104．12、速度0.10【分析】【分析】单摆摆动的周期T=2，知单摆的周期与摆球的质量无关，所以周期不变．单摆在摆动的过程中经过平衡位置的速度最大，最大位移处的速度为0．根单摆周期求出沙摆的周期，再求解纸板匀速运动的速度．【解析】【解答】解：观察细沙曲线；发现两侧粗，沙子多，中间细，沙少．是因为沙摆在摆动的过程中，经过平衡位置速度最大，最大位移处速度为0，即是由于沙摆摆动过程中速度大小的变化引起的．

沙摆的周期为T=2=2s=2s．

乙图记录了2T时间内的运动情况，则纸板匀速运动的速度大小为v===0.10m/s

故答案为：速度，0.10．13、b→aa→b【分析】【分析】当电键S1、S2均开启时，电阻R1、灯泡和电阻R2三者串联，电流从电源的正极经电阻R1、灯泡和电阻R2流到电源的负极；当电键S1、S2均均闭合时，电灯和电阻R1并联，再与电阻R3串联后再与电阻R2并联，电流从高电位流到低电位．【解析】【解答】解：当电键S1、S2均开启时，电阻R1、灯泡和电阻R2三者串联，电流从电源的正极经电阻R1、灯泡和电阻R2流到电源的负极，故流经灯泡的电流方向从b→a．

当电键S1、S2均均闭合时，电灯和电阻R1并联，再与电阻R3串联后再与电阻R2并联，电流从高电位流到低电位，故此时流经灯泡的电流方向为a→b．

故答案为：b→a，a→b三、判断题(共6题，共12分)14、√【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据．【解析】【解答】解：热平衡是两个系统相互影响的最终结果；根据热平衡的定义可知，热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、×【分析】【分析】路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，当物体做单向直线运动时，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物体的位移为零时；其路程不一定为零．比如绕操场一圈，路程不为零，但位移等于零．所以以上说法是错误的．

故答案为：×16、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】根据物理学史的知识，结合普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假设即可正确解答．【解析】【解答】解：普朗克在研究黑体的热辐射问题时提出了能量子假说．故以上说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合．【解析】【解答】解：电场中任意两条电场线不会相交；否则相交的地方的电场线的方向有两个．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×四、实验题(共1题，共3分)20、0.100.200.05【分析】【分析】由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度．根据匀变速直线运动的速度位移公式求出滑块的加速度．【解析】【解答】解：由于遮光条通过光电门的时间极短；可以用平均速度表示瞬时速度．

滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式：v1===0.10m/s；

滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式：v2===0.20m/s．

根据v22-v02=2as

有：a==0.05m/s2

故答案为：0.10；0.20；0.05．五、实验探究题(共4题，共16分)21、略

【分析】解：①因电流表内阻接近待测电阻；故若用内接法误差很大，应采用电流表外接法；故a端应接在c点；

②图象的斜率表示电阻的阻值；则其阻值R=4.2Ω；

③由图可知；电阻的阻值随风速的增加而减小；当电阻减小时，并联部分电阻减小，为了让其分压仍为10V，滑动变阻器的阻值应向上移动，从而维持上下电阻之比恒定；

④风速从零增加时，置于气流中的电阻减小，其他电阻不变，要使电压表示数从零开始增加，电压表的正负极只能接在b；d两点；其他各点之间电势差均不可能为零；

故答案为：①c；②4.2；③减小；M；④b；d

①根据准确性原则可确定电流表的接法；进而选出电压表所接在电路的位置；

②图象的斜率表示电阻的阻值；由图象确定斜率即可；

③根据图象可知；电阻随风速的增大而减小；再根据并联电路的分压原理可明确滑片如何滑动；

④分析电路结构；找出两点的电势差能从零开始变化的点即可．

本题考查电学实验中的基本内容，要求能正确理解题意，把握好图象的正确应用，同时能对电路进行分析，并能准确掌握电压的定义；最后一问中要注意电压表从零开始调节的含义．【解析】c；4.2；减小；M；b；d22、略

【分析】解：垄脵

因待测电阻阻值较大；为了准确测量，应采用较大的电动势，故选电动势为12V

的电源F

电压表选择10V

的量程，最大电流I

约为：

I=1010000=0.001A=1mA

故电流表选择C

垄脷

因给出的滑动变阻器总阻值较小；所以应采用分压接法，同时因待测电阻较大，为了准确测量，电流表选择内接法，故电路图如图所示；

垄脹

因本实验采用电流表内接法；由于电流表分压影响，电压表测量值将大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值将大于真实值；

故答案为：垄脵BCF垄脷

如图所示；垄脹

大于；电压表的读数大于待测电阻两端的实际电压。

垄脵

分析给出的仪表；根据安全和准确性原则进行分析，从而确定应选择的测量仪表；

垄脷

根据实验原理确定实验电路图；明确分压接法和内外接法的正确应用；

垄脹

分析电路图；根据电表内阻的影响进行分析，明确误差情况和原因。

遇到电学实验问题应明确：垄脵

通过求出待测电阻的最大电流来选择电流表量程；垄脷

明确“大内偏大，小外偏小“的电流表接法和误差情况分析；垄脹

若变阻器的全电阻能满足电路电阻要求时，变阻器可以采用限流式接法。【解析】BCF

大于；电压表的读数大于待测电阻两端实际电压23、(1)33.4

(2)0.300【分析】【分析】(1)

由刻度尺的分度值及估读情况进行读数；(2)

对整体列牛顿第二定律、分别对重物、滑块列匀变速规律的速度位移公式，联立解得滑块与桌面之间的动摩擦因数。本题主要考查测定一滑块与桌面之间的动摩擦因数，明确实验原理及过程中物体的运动情况；用动力学观点来测定动摩擦因数。用动力学观点来测定动摩擦因数时要先求出联系运动学与力学的桥梁，即加速度，然后建立与滑动摩擦力相关的动力学方程，即可求出动摩擦因数，难度一般。【解答】(1)

由图可知该刻度尺的分度值为1mm

故可得题图4

中刻度尺的读数为：y=33.4cm

(2)

滑块从A

到B

的过程中，设滑块和重物的共同加速度大小为a1

则有m1g鈭�娄脤m2g=(m1+m2)a1

对重物有：vb2=2a1y

滑块从B

到C

的过程中有vb2=2娄脤gx

联立以上各式可得：娄脤=m1ym1x+2(x+y)

求出xy

的平均值，代入上式可得滑块与桌面之间的动摩擦因数：娄脤隆脰0.300

故填：(1)33.4(2)0.300

【解析】(1)33.4

(2)0.300

24、1.7大头针的像减小【分析】解：（1）由图可知，入射角为60°时，折射角为30°，根据折射率公式有：n===≈1.7；

（2）