2025年沪教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修3物理下册月考试卷855考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于电磁波，下列说法正确的是（）A.电磁波和机械波都需要通过介质传播，它们由一种介质进入另一种介质时频率都不变B.根据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场互相垂直，电磁波是横波C.发射无线电波时需要对电磁波进行调制和解调D.雷达发射的是直线性能好、反射性能强的超声波2、如图所示,闭合电键S,电压表的示数为U,电流表的示数为I,现向左调节滑动变阻器R的触头P,下列说法正确的是。

A.I变大B.U变小C.电源的总功率变大D.电阻的功率变大3、如图，一粒子源能连续发射质量为m，电荷量为q，速度为的带正电粒子，粒子出射方向为粒子源的右侧任意方向，粒子始终在电场强度大小为E的水平匀强电场中运动，在与粒子源相距d处有一足够大竖直荧光屏，粒子打在荧光屏上，荧光屏会发光。不计粒子重力，则荧光屏上的发光面积为（）

A.B.C.D.4、已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻越大。现利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示的电路，电源的电动势和内阻不变。在没有磁场时调节滑动变阻器R使电灯L正常发光。若保持滑动变阻器R接入电路的阻值不变；探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）

A.电灯L亮度变亮B.电流表的示数增大C.电源内阻消耗的功率增大D.电源的输出功率一定增大5、如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远以初速度v0射入点电荷O的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN.a、b、c是以O为中心、Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，Rc-Rb＝Rb-Ra.1、2、3、4为轨迹MN与三个圆的一些交点.以|W12|表示点电荷P由1到2的过程中电场力做功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做功的大小；则()

A.|W12|＝2|W34|B.|W12|＞2|W34|C.P、O两电荷可能同号，也可能异号D.P的初速度方向的延长线与O之间的距离可能为零评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示为多用电表欧姆挡的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻的最大阻值为R0，电池的电动势为E,内阻为r．则下列说法中正确的是（）

A.它是根据闭合电路欧姆定律制成的B.欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的右端C.接表内电池负极的应是红表笔D.调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R07、如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，其连线中点为O．在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直于AB，以O为几何中心、边长为2R的正方形abcd平面垂直圆面且与AB共面；两平面边线交点分别为e；f，g为圆上一点．下列说法中正确的是。

A.a、b、c、d、e、f六点中，不存在场强和电势均相同的两点B.将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点，电场力始终不做功C.将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电势能的变化量相同D.沿线段eOf移动的电荷受到的电场力先减小后增大8、如图，真空中固定两等量同种正点电荷，AOB为两电荷连线的中垂线，其中A、B两点关于O点对称。某带电粒子（重力忽略不计）在直线AB之间往返运动；下列判断一定正确的是（）

A.带电粒子可能带正电B.在O点，带电粒子的速度最大C.在O点，带电粒子的加速度为零D.在A点（或B点），带电粒子速度为零，加速度最大9、如图所示，两个带等量负电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑的绝缘水平面上，P、N是小球A、B连线的水平中垂线上的两点，且PO＝ON。现将一个电荷量很小的带正电的小球C（可视为质点）由P点静止释放，在小球C向N点运动的过程中，下列关于小球C的说法可能正确的是（）

A.速度先增大，再减小B.速度一直增大C.加速度先增大再减小，过O点后，加速度先减小再增大D.加速度先减小，再增大10、物理关系式不仅可以反映物理量之间的数值关系，同时也确定了相应的物理量单位间的关系。对于单位的分析是帮助我们检验研究结果正确性的一种方法。下面是同学们在研究平行板电容器充电后储存的能量EC与哪些量有关的过程中得出的一些结论，式中C为电容器的电容、U为电容器充电后其两极板间的电压、E为两极板间的电场强度、d为两极板间的距离、S为两极板正对面积、为两极板间所充介质的相对介电常数（没有单位）、k为静电力常量。请你分析下面给出的关于EC的表达式可能正确的是（）A.B.C.D.11、某学生做研究串联电路电压特点的实验时，接成如图所示的电路，闭合S后，他将多用电表电压挡的红、黑表笔并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时；电压表读数为零，故障的原因可能是（）

A.AB段断路B.BC段断路C.BC段短路D.AB段短路12、如图所示为电流表与螺线管组成的闭合电路；下列说法正确的是。

A.将磁铁向下插入螺线管的过程中，电流表的指针发生偏转B.将磁铁从螺线管中拔出的过程中，电流表的指针不发生偏转C.磁铁放在螺线管中不动，电流表的指针发生偏转D.磁铁放在螺线管中不动，电流表的指针不发生偏转13、一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，已知电流微观式为I=neSV，其中n为单位体积电子个数，e为元电荷，S为导线模截面积，则下列说法中正确的是A.此时金属导线的阻值为4RB.此时通过金属导线的电流为C.此时自由电子定向移动的平均速率为D.此时自由电子定向移动的平均速率为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、导体的电阻：同种材料的导体，其电阻R与它的长度l成___________，与它的横截面积S成___________；导体电阻还与构成它的材料有关。15、电容：

（1）定义：电容器所带___________与电容器两极板间的___________的比值。

（2）定义式：

（3）单位：电容的国际单位是___________，符号为F，常用的单位还有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意义：电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，在数值上等于使两极板间的电势差为___________时电容器需要带的电荷量。

（5）击穿电压与额定电压。

a.击穿电压：电介质不被___________时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏。

b.额定电压：电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压___________。16、变化的磁场产生电场。

（1）实验基础：如图所示，在变化的磁场中放一个闭合电路，电路里就会产生_____________

（2）麦克斯韦的见解：电路里能产生感应电流，是因为变化的_________产生了电场；电场促使导体中的自由电荷做定向运动。

（3）实质：变化的_________产生了电场。17、电磁波的产生:周期性变化的____周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的____周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的____,这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了_______。18、（1）在等量异种电荷的连线中点有一带正电荷的粒子；将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为_________。

（2）在等量同种正电荷的连线中点处有一带负电荷的粒子，将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为__________。19、两个电容器的标称值分别为（）、（），则将两个电容器串联时的耐压值为___________。20、某电冰箱工作时的耗电功率为100W，制冷效率为70%，假设这台冰箱的箱壁完全不导热，则这台冰箱连续工作10min，箱内内能的改变量为______J；这台冰箱连续工作10min，箱外内能的改变量为______J.21、把带电荷量的正点电荷从无限远处移到电场中点，要克服电场力做功若把该电荷从无限远处移到电场中点，需克服电场力做功取无限远处电势为零．则点的电势为__________；若把的负电荷由点移到点电场力做功大小为__________．评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)22、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

25、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)26、某同学用刻度尺测金属丝的长度用螺旋测微器测金属丝的直径其示数分别如图1和图2所示，则金属丝长度______金属丝直径______他还用多用电表按正确的操作程序测出了它的阻值，测量时选用“”欧姆挡，示数如图3所示，则金属丝的电阻______

27、在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中；实验器材如下：

待测小电珠（2.5V；1.2W）

直流电源（电动势为4V；内阻约1Ω）

电流表A（量程为0~0.6A；内阻约5Ω）

电压表V1（量程为0~3V；内阻约3kΩ）

电压表V2（量程为0~15V；内阻约15kΩ）

滑动变阻器R1（最大阻值20Ω；额定电流1A）

滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ；额定电流0.3A）

开关一个；导线若干。

（1）请在方框内把电路图补充完整：______

（2）该实验中电压表应选用______（填V1或V2），滑动变阻器应选用______（填R1或R2）；

（3）实验得到小电珠的伏安特性曲线如图所示，如果将这个小电珠与电动势为1.5V，内阻为5Ω的电源串联形成闭合回路，此时小电阻消耗的电功率为______W。28、某同学准备自己动手制作一个欧姆表；可以选择的器材如下：

①电池（电动势和内阻均未知）

②表头G（刻度清晰，但刻度值不清晰，量程未知；内阻未知）

③电压表（量程为内阻）

④滑动变阻器（）

⑤电阻箱（）

⑥开关一个；理想导线若干。

（1）为测量表头G的量程，该同学设计了如图甲所示的电路，图中电源即电池闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至中间位置附近某处，并将电阻箱阻值调到时，表头恰好满偏，此时电压表的示数为将电阻箱阻值调到微调滑动变阻器的滑片位置，使电压表的示数仍为发现此时表头G的指针指在如图乙所示位置，由以上数据可得表头G的内阻___________表头G的量程___________

（2）该同学接着用上述器材测量该电池的电动势和内阻，测量电路如图甲所示，电阻箱的阻值始终调节为图乙为测出多组数据后得到的图线（为电压表的示数，为表头的示数），则根据电路图及图线可以得到被测电池的电动势___________内阻___________（结果均保留两位有效数字）

（3）该同学用所提供器材中的电池表头及滑动变阻器制作成了一个欧姆表，利用以上（1）、（2）问所测定的数据，可知表头正中央刻度为___________评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)29、有三个完全相同的金属小球A、B、C，A所带电荷量为B所带电荷量为C不带电，将A、B固定起来（此时A、B间的作用力为F），然后让C反复与A、B接触，最后移去C，则此时A、B间的相互作用力约为多少？30、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电．改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化．

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义．

（2）a．请在图2画好的U-I关系图线上任取一点，画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率；

b．请推导该电源对外电路能够输出的最大电功率及条件．

（3）请写出电源电动势定义式，并结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电势降落之和．31、如图所示，线段A为某电源的U-I图线，线段B为某电阻的U-I图线；当上述电源和电阻组成如图闭合电路时，求：

(1)电源电动势和内阻各是多大？

(2)电源的输出功率P是多大？

(3)若要获得电源的最大输出功率，要并联一个多大的电阻？电源最大输出功率多大？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．电磁波不需要通过介质；而机械波都需要通过介质传播，它们由一种介质进入另一种介质时频率都不变，故A错误；

B．麦克斯韦电磁场理论；电磁波中的电场和磁场互相垂直，电磁波是横波，故B正确；

C．发射无线电波时需要对电磁波进行调制；而接收时，则需要解调，故C错误；

D．雷达发射的是直线性能好；反射性能强的微波；故D错误。

故选B。2、D【分析】【详解】

A.变阻器与电阻并联后与电阻串联,当向左调节滑动变阻器尺的触头P,变阻器电阻变大,故外电路总电阻变大,根据闭合电路欧姆定律,干路电流减小,故A错误；

B.由

可知,因I减小,故U增大,故B错误；

C.干路电流减小,故电源的总功率

减小,故C错误；

D.干路电流减小,故并联部分电压

增加,根据

可知,电阻的功率变大,故D正确；3、B【分析】【详解】

粒子源发射出的粒子在沿电场线方向上做匀加速直线运动，在垂直电场线方向上做匀速直线运动，对于垂直电场方向射出的粒子，有

面积为

联立解得

故选B。4、A【分析】【详解】

ABC．若探测装置从无磁场区进入强磁场区；磁敏电阻的阻值增大，整个回路总的电阻增大，总电流强度减小，电流表的示数减小，电源内电阻消耗的功率减小，路端电压升高，电灯L亮度变亮，A正确，B；C错误；

D．当电源的内电阻等于外电阻时；电源的输出功率最大，由于没有给出内电阻与外电阻之间的关系，因此当外电阻增加时，无法判断电源的输出功率如何变化，D错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

试题分析：由图知，ba间的场强都要大于bc间的场强，电荷在ba间做的功大于在bc间做的功，所以得到A错，B对；由电场力要指向轨迹的内侧，得P；O两电荷一定是异种电荷，C错；P的初速度方向的延长线与O的距离若为零，则电荷要做直线运动，D错．

考点：非匀强电场；电场力做功的关系，电场力与轨迹的关系。

点评：学生要清楚点电荷电场的分布特点，能用电场力做功的公式去分析相关问题．二、多选题(共8题，共16分)6、A:C【分析】【详解】

A．在两个表笔间接入一个待测电阻，可得

所以可知其根据闭合电路欧姆定律制成的；A正确。

B．当电流为满偏电流时，接入的电阻为0，当不接入电阻时，电流为0，所以欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的左端．B错误。

C．欧姆表的表笔接法满足的规律是电流从红表笔进；黑表笔出，所以内电池的负极对应的是红表笔，C正确。

D．刻度盘的中心刻度对应的电阻为欧姆表的内阻，调零电阻的阻值应为实际接入的阻值，不是最大阻值，D错误7、B:C【分析】【详解】

图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同，A错误；图中圆弧egf是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU可知：将一正电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功，B正确；a点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同，C正确；沿线段eOf移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，D错误．8、B:C【分析】【详解】

A．由题意可知粒子AO段运动时受电场力向下，在OB段运动时受电场力向上；所以粒子一定带负电，故A错误；

B．粒子从A到O的过程中加速度始终向下，粒子速度一直增大，粒子从O到B的过程中加速度始终向上，粒子速度一直减小，所以在O点时速度最大；故B正确；

C．O点处电场强度为零；粒子的加速度为零，故C正确；

D．由于无穷远处电场强度为零，O点处电场强度也为零，所以粒子从A到O的（或从B到O）过程中，加速度可能一直减小，也可能先增大后减小，所以在A点（或B点）带电粒子速度为零；但加速度不一定最大，故D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．等量负电荷连线的中垂线O点以上部分电场方向竖直向下，并且从无穷远处向O点先增大后减小，O点以下部分电场方向竖直向上，并且从无穷远处向O点先增大后减小，所以带正电的小球C从P点释放后，在P→O过程中电场力做正功，速度增大，从O到N过程中电场力做负功；速度减小，A正确，B错误；

CD．由于P和N点的位置与中垂线上电场强度最大点的位置关系不明，所以加速度变化不是一定的，如果P和N点在最大电场处外面，在小球C的加速度先增大再减小，过O点后；加速度先增大再减小，C错误，D正确。

故选AD。10、A:D【分析】【详解】

AB．电容的定义式为和电场力做功可知图线与轴围成的面积为做功，即

A正确；B错误；

CD．同理，结合电容的定义式和匀强电场中可知

C错误；D正确。

故选AD。11、A:C【分析】【详解】

由题意可得UAB=UAC=U，说明由A、B分别至电源的线路均已接通。若BC段完好，则AB段断路；若BC段短路，则AB段可能断路，也可能完好。又由题述得UBC=0，因而可能AB段断路或BC段短路；也有可能出现两者同时发生的情况。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

由感应电流的产生条件；即闭合回路磁通量发生变化可知，当磁铁向下插入或者向外拔出时，磁通量都会发生变化，从而产生感应电流，电流变指针发生偏转；而磁铁放在螺线管不动不会产生感应电流，指针不偏转，故AD正确，BC错误；

故选AD。13、A:B:C【分析】【分析】

将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析电阻的变化；由欧姆定律分析电流的变化．由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化．

【详解】

A项：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到；电阻变为原来的4倍，故A正确；

B项：根据欧姆定律可知，电流I变为原来的即为故B正确；

C、D项：电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为故C正确，D错误．

故应选ABC．三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

略【解析】正比反比15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]电容器所带电荷量Q与电容器两极板间电势差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]电容的国际单位是法拉，符号为F，常用的单位还有微法和皮法，

（4）[8]电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量；在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量；

（5）[9]击穿电压电指介质不被击穿时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏；

[10]额定电压指电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压低。【解析】①.电荷量Q②.电势差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.击穿⑩.低16、略

【解析】①.感应电流②.磁场③.磁场17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]电磁波的产生:周期性变化的磁场周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的电场周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的电磁振动，这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了电磁波。【解析】①.磁场②.电场③.电磁场④.电磁波18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]根据等量异种电荷的电场特点可知；在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度最大，两侧的电场强度不断减小，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧不断减小；且中垂线是一条等势线且电势为零，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，电势能不变且为零。

（2）[3][4]根据等量同种正电荷的电场特点可知，在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度为零，两侧的电场强度先增大后减小，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧先增大后减小；且中垂线上的电势由中间向两侧不断降低，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，带负电的粒子的电势能不断增大。【解析】从中间向两侧不断减小电势能不变且为零从中间向两侧先增大后减小电势能不断增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]两电容器串联时，两电容器带电量是相等的，则带电量的最大值应该等于第一电容器（）的电的带电量，即

则此时第二个电容器两端电压为

则两个电容器串联时的耐压值为U=600V+900V=1500V【解析】1500V20、略

【分析】【详解】

[1]．这台冰箱连续工作10min，箱内内能的改变量为

[2]．这台冰箱连续工作10min，箱外内能的改变量为【解析】21、略

【分析】【分析】

根据电势差公式分别求出A；B两点与无穷远间的电势差；再求出这两点的电势．根据电场力做功公式求出电场力做功．

【详解】

根据得而由题解得：根据得而由题解得：则把的负电荷由点移到点电场力做功大小为．

【点睛】

本题考查运用物理公式处理基本问题的能力．求电势往往先求电势差，再求电势．【解析】400V；四、作图题(共4题，共12分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）25、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共3题，共6分)26、略

【分析】【详解】

[1]刻度尺的读数为：41.00cm；

[2]螺旋测微器的固定刻度读数为0mm；可动刻度读数为。

0.01×22.9mm=0.229mm所以最终读数为0.229mm；

[3]被测电阻的阻值为。

9×10=90Ω【解析】41.000.2299027、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]描绘小灯泡伏安特性曲线；电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；小电珠的电阻较小，应采用电流表外接法，电路图如图所示：

（2）[2]灯泡额定电压是2.5V，电压表应选V1。

[3]本实验灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，应选用总阻值较小的滑动变阻器R1。

（3）[4]根据闭合电路的欧姆定律有。

U＝1.5﹣5I在图中做出电源的U﹣I图象：

可得两图象交点为（0.2A；0.5V），则该小电珠消