2025年沪教新版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、磁电式电流表(表头)最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg＝30Ω，满偏电流Ig＝5mA，要将它改装为量程为0～3A的电流表，所做的操作是()A.串联一个570Ω的电阻B.并联一个570Ω的电阻C.串联一个0.05Ω的电阻D.并联一个0.05Ω的电阻2、如图所示，一个粒子射入某电场，在仅受电场力的作用下，其运动的轨迹为关于y轴对称的抛物线，且先后经过A、B两点时动能相等；则下列说法不正确的是（）

A.该电场为匀强电场B.电场方向沿y轴正方向C.A、B两点的电势相等D.粒子经过O点时的动能为零3、一带正电的质量为m的液滴在匀强电场外上方的A点自由下落；如图所示．当液滴进入匀强电场后，其可能的运动轨迹为图中哪一个？

A.B.C.D.4、如图所示，A、B两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上，A的质量为m，B的质量为2m，它们相距为d，同时由静止释放，当它们相距为2d时，A的加速度为a，速度为v；则（）

A.此时B的加速度为B.此时B的速度为vC.此过程中它们的电势能增加mv2D.此过程中它们的电势能减小5、如图所示，一个正方体其上、下、左、右表面的中心分别为E、F、G、H，在E、H两点固定电荷量为的点电荷，在G、F两点固定电荷量为的点电荷；下列说法正确的是（）

A.图中A、两点电势不相等B.一带负电的试探电荷在点的电势能大于它在C点的电势能C.一带正电的试探电荷从D点沿直线移到点其电势能先增大后减小D.移去G、H两点的点电荷，D点和点场强不同6、如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。以下判断正确的是（）

A.b点场强大于d点场强B.b点场强为零C.a、b两点间的电势差等于b、c两点间的电势差D.试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能7、如图所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场；两电荷恰好在板间某点相遇．若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是()

A.电荷M的比荷等于电荷N的比荷B.两电荷在电场中运动的加速度相等C.从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功D.电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同8、图中当电流通过线圈时；磁针将发生偏转，以下的判断正确的是（）

A.当线圈通以沿顺时针方向的电流时，磁针N极将指向读者B.当线圈通以沿逆时针方向的电流时，磁针S极将指向读者C.当磁针N极指向读者，线圈中电流沿逆时针方向D.不管磁针如何偏转，线圈中的电流总是沿顺时针方向评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q在仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处。由此可知（）

A.O为负电荷B.在整个过程中，q的电势能先变大后变小C.在整个过程中，q的加速度先变小后变大D.在整个过程中，电场力做功为零10、在如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器（R2>R1），闭合开关S，不同规格的灯泡L1和L2均正常发光，现将滑动变阻器的滑动片P向上移动一定的距离，理想电流表A1、A2、电压表的示数均会发生一定变化，其变化量分别用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；则下列分析判断可能正确的是（）

A.电压表V示数变大，电流表A1示数变小B.电流表A2示数不可能变为零C.灯泡L1、L2变暗D.电源的内阻r=11、可视为质点的两带电小球B（材料、形状相同），它们所带的电荷量分别为当它们的距离为时二者之间的库仑力大小为现把它们相互接触以后再放回原处，则关于它们的带电以及库仑力变化情况分析正确的是（）A.若则两球接触以后二者之间的库仑力一定变大B.若则两球接触以后二者之间的库仑力可能变大、也可能变小C.若且则接触以后两球带负电，二者之间的库仑力一定变小D.若且则接触以后两球带正电，二者之间的库仑力可能保持不变12、利用双电容法可测量电子比荷装置如图所示。在真空管中由阴极K发射出电子，其初速度为零，此电子被阴极K与阳极A间电场加速穿过屏障上的小孔，然后按顺序穿过电容器屏障上的小孔和电容器后射到荧光屏中心E，阳极与阴极间的加速电压为U，分别在电容器上加有完全相同的正弦交流电压，之间的距离为l，在每个电子通过每个电容器的极短时间里，电场可视作是恒定的。调节正弦交流电压频率为f时，电子束在荧光屏上的亮点仍出现在中心E；下列说法正确的是（）

A.电子射到荧光屏中心E上的速度大小与成正比B.电子经过电容器之间的距离l所用的时间必须是交流电压周期的整数倍C.电子的比荷是（）D.连续增大加速电压U，若连续两次观察到电子射到荧光屏中心E的加速电压分别是和则电子的比荷是13、一带正电粒子仅在电场力作用下从静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的图象如图所示，tA、tB时刻粒子分别以速度vA、vB经过A点和B点，A、B两点的场强大小分别为EA、EB，电势分别为A、B；则可以判断（）

A.EA=EBB.vA=vBC.A＞BD.A=B14、如图所示，C为电容器，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想电表，闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为电压表V2的示数改变量大小为电流表A的示数改变量大小为则下列判断正确的有（）

A.的值不变，B.的值变小C.的值不变D.滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电压表的示数将_______，电流表的示数将_______，电流表的示数将_______.（均选填“增大”；“减小”或“不变”）.

16、如图所示,A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体,起初它们不带电,在它们的下部贴有金属箔片,C是带正电的小球。当C移近A时,A、B上的金属箔片都张开。

(1)若撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)

(2)若先分离A、B,再撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)。在分离A、B的过程中,A、B组成的系统电势能_______(选填“增大”“不变”或“减小”)

(3)静电感应的原因是金属导体中存在大量的_____________。17、能量转化的不可逆性∶科学家对有关自然现象和经验事实进行大量研究后发现∶一切与______有关的宏观自然过程都是______的。18、判断下列说法的正误．

（1）只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生。（____）

（2）穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生。（____）

（3）闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。（____）

（4）不论电路是否闭合，只要电路中磁通量发生变化，电路中就有感应电流。（____）19、在如图所示的电路中，小量程电流表G的内阻满偏电流

（1）当和均断开时，改装后的表是___________（填电流表或电压表），量程为___________。

（2）当和均闭合时，改装后的表是___________（填电流表或电压表），量程为___________。20、几种常见的磁场。

（1）直线电流的磁场。

安培定则：如图甲所示，__________握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，__________所指的方向就是磁感线环绕的方向。

直线电流周围的磁感线环绕情况如图乙所示。

（2）环形电流的磁场。

安培定则：如图甲所示，让右手__________跟环形电流的方向一致，__________的方向就是环形导线的轴线上磁感线的方向。

（3）通电螺线管的磁场。

安培定则：如图乙所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指跟__________一致，拇指所指的方向就是__________的磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的__________的方向。21、元电荷：

（1）定义：最小的___________，用e表示。

（2）带电体的电荷量特征：所有带电体的电荷量都是e的___________倍，是___________连续变化的物理量。

（3）元电荷e的数值：最早是由美国物理学家密立根测得的，e=1.602176634×10-19C，计算中可取e=___________C。

（4）电子的比荷：电子的电荷量与电子的___________之比。=___________C/kg。22、真空中有两个相同的金属小球，带电量分别为＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r时（远大于小球直径），相互作用为0.3N，现将两球相接触后再放回原处，则它们之间的相互作用力为________N，此时每个小球的带电量相当于______个电子所带电量。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

25、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共1题，共4分)26、某物理小组欲利用如图所示的电路同时测量一只有30格刻度的毫安表的量程、内阻和光敏电阻的阻值与光照强度之间的关系。实验室能提供的实验器材有：学生电源（输出电压为U=18.0V；内阻不计）；电阻箱（最大阻值999.9Ω）、单刀双掷开关一个、导线若干。

（1）该小组实验时先将电阻箱的阻值调至最大，然后将单刀双掷开关接至a端，开始调节电阻箱，发现将电阻箱的阻值调为800Ω时，毫安表刚好偏转20格的刻度；将电阻箱的阻值调为500Ω时，毫安表刚好能满偏。实验小组据此得到了该毫安表的量程为Ig=___________mA，内阻Rg=___________Ω。

（2）该小组查阅资料得知，光敏电阻的阻值随光照强度的变化很大，为了安全，该小组需将毫安表改装成量程为3A的电流表，则需将毫安表___________（选填“串联”或“并联”）一个阻值为___________Ω的电阻。（结果保留一位小数）

（3）改装完成后（表盘未改动），该小组将单刀双掷开关接至b端，通过实验发现，流过毫安表的电流I（单位：mA）与光照强度E（单位：cd）之间的数量关系满足I=E，由此可得光敏电阻的阻值R（单位：Ω）与光照强度E（单位：cd）之间的关系为R=___________Ω。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：故选D．

【点睛】

改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻．2、D【分析】【详解】

A．粒子射入某电场，在仅受电场力的作用下，由运动的轨迹为抛物线可知粒子做的是匀变速运动；则受力为恒力，所以电场为匀强电场，A正确；

B．根据抛物线的开口方向可知，粒子所受到的电场力方向竖直向上，电场方向沿y轴正方向；B正确；

C．粒子在电场中只受电场力运动动能和电势能之和不变，先后经过A、B两点时动能相等，则电势能相同，A、B两点的电势相等；C正确；

D．粒子在O点时有沿x轴方向的速度，如果没有水平方向速度，速度为零则在O点以后将做直线运动，所以粒子经过O电时的动能不为零；D错误。

故选D。3、C【分析】【详解】

分析小球的受力可知小球的运动情况及小球受合外力的情况；可将其等效看作是竖直向下的匀速运动在合外力（重力和电场力）的作用下轨迹发生变化；由曲线运动的条件可知运动轨迹．

点评：本题表面上是考查了带电粒子在电场中的运动，实际上是考查物体曲线运动的条件，应注意灵活应用物体做曲线运动的条件．注意本题中的等效方法的应用．4、D【分析】【详解】

A．根据牛顿第三定律得知两个电荷间的相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma得

则有

故A错误；

BCD．将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，取A的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得

得

由能量守恒定律得：此过程中系统的电势能减少量为

故BC错误；D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

B．因距离两个负电荷G、F较近，而C点距离两个正电荷E、H较近，可知点电势低于C点的电势，则一带负电的试探电荷在点的电势能大于它在C点的电势能；选项B正确；

AC．因平面ADC′B′是平面EHFG的中垂面，则平面ADC′B′是等势面，图中A、两点电势相等，一带正电的试探电荷从D点沿直线移到点其电势能不变；选项AC错误；

D．移去G、H两点的点电荷，由对称性可知，D点和点场强相同；选项D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

A.在两等量异种点电荷连线上中点的场强最小，在两等量异种点电荷连线的中垂线上中点的电场强度最大。所以b点的场强小于连线中点的场强，d点的场强大于中点的场强，则b点场强小于d点场强；选项A错误；

B.根据适矢量的叠加，b点的合场强由b指向c；不为零，选项B错误；

C.由对称性可知，a、b两点的电势差等于b；c两点间的电势差；选项C正确；

D.因a点的电势高于c点的电势；故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

AB．从轨迹可以看出：yM＞yN，故

解得加速度关系：

比荷关系：

电量关系：

故A错误；B错误；

D．从轨迹可以看出：xM＞xN，

故vMt＞vNt，故vM＞vN；故D错误；

C．根据动能定理，电场力的功为：

质量m相同，M电荷竖直分位移大，竖直方向的末速度也大，故电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功；故C正确；

故选C。8、C【分析】【分析】

【详解】

A．当线圈通以沿顺时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的N极，纸外是通电线圈的S极。通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸里；故A错误；

BD．当线圈通以沿逆时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的S极，纸外是通电线圈的N极。通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电线圈的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸外；故BD错误；

C．由B的分析可知，当磁针N极指向读者；线圈中电流沿逆时针方向，故C正确。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．粒子的所受合力的方向大致指向轨迹的弯曲的方向，知正电荷所受的电场力背离点电荷向外，知O为正电荷；A错误；

B．从a处运动b处，然后又运动到c处电场力先做负功；再做正功，则动能先减小再增大，所以电势能先变大后变小，B正确；

C．越靠近点电荷；电场线越密，则电荷所受电场力越大，加速度越大，则加速度先增大后减小，C错误；

D．从a处运动b处，然后又运动到c处电场力先做负功，再做正功；a与c在同一个等势面上，两点间的电势差为零，根据

知电场力做功为零；D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑动片P向上移动时，电阻R2接入电路中的电阻变大，外电路由于局部电阻增大导致整个外电路电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可得，回路中总电流减小，即电流表A1示数减小，电源内电压减小，所以路端电压即电压表示数U变大；故A正确；

B．根据桥式电路特征，当满足

由此可知，电路中M、N两点间的电势差为零，电流表A2示数变为零；故B错误；

C．由于回路中总电流减小，则R1与L1并联部分电压也减小，R2与L2并联部分电压增多，所以流过灯泡L1的电流变小，流过灯泡L2的电流变大，即灯泡L1变暗，L2变亮；故C错误；

D．根据闭合电路欧姆定律可得

所以

故D正确。

故选AD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．若两球原来的库仑力为。

接触以后再放回原处；带电量均为。

两球间的库仑力变为。

由于。

可得。

故二者之间的库仑力一定变大，同理可知，若二者之间的库仑力也一定变大，A正确，B错误；

CD．若为异种电荷；两球原来的库仑力为。

接触后再放回原处；带电量均为。

若接触以后两球均带负电，若接触以后两球均带正电，两球间的库仑力变为。

两者之差为。

令。

其中均指电荷量的大小，当y=0时；解得。

此时即接触后库仑力不变；

当y>0时；解得。

或此时即接触后库仑力变大；

当y<0时；解得。

此时即接触后库仑力变小，综上所述，C错误，D正确。

故选AD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．电子经加速电压U加速，根据动能定理得

解得

电子经电容器过程中水平速度不变，故电子到达荧光屏E上的速度为

故A正确；

B．电子经电容器后能穿过屏障上的小孔，说明电子在电容器中未发生偏转，即电子经过电容器时的偏转电压为0，随后电子经过电容器并最终到达荧光屏，说明电子在电容器中也未发生偏转，即电子经过电容器时的偏转电压为0，又因为两个电容器加有完全相同的正弦交流电压，故电子经过两电容器之间的距离l所用的时间必须是交流电压半周期的整数倍；故B错误；

C．根据以上分析，电子经过两电容器之间的距离l所用的时间为（）

由

联立可得（）

故C正确；

D．加速电压分别为和时，可分别得出

考虑到是连续两次观察到电子射到荧光屏中心E，故有

联立以上三式可解得

故D正确。

故选ACD。13、A:C【分析】【详解】

A．由图像可知，经过AB两点的加速度相等，则根据qE=ma

可知，两点的场强相等即EA=EB

选项A正确；

B．因a-t图像与坐标轴围成的面积等于速度的变化量，可知vA<vB

选项B错误；

CD．带正电的粒子一直加速运动，可知电场线方向沿从A到B的方向，沿电场线电势逐渐降低，可知A＞B

选项C正确；D错误。

故选AC。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律有

由电源的伏安特性曲线有

所以A正确；

C．根据闭合电路欧姆定律有

由电源的伏安特性曲线有

所以C正确；

B．调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，则滑动变阻器的阻值增大，所以的值变大；则B错误；

D．滑片向左移动的过程中，滑动变阻器的阻值增大，则外电阻增大，根据

所以总电流越来越小，两端电压越为越小；但是二极管只有单向导电性，所以电容器不会放电，其带的电荷量要不会减少，则D错误；

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1][2]当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路电阻减小，电路总电阻减小，电根据闭合电路欧姆定律可知干路电流增大，即电流表示数增大；根据可知路端电压减小，即电压表的示数将减小；[3]根据欧姆定律可知通过电流减小，在并联电路中，干路电流等于支路电流之和，所以电流表的示数将增大。【解析】减小增大增大16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，当撤去C时，AB是连接在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷相互中和，AB上的金属箔片都闭合。

（2）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，先移开AB在撤去C时，AB不是连在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷不能相互中和，AB仍然带电，AB下部的金属箔片张开；在分离AB的过程中，C对A吸引，C对B排斥，C对AB都在做正功，电势能在减小。

（3）感应起电是自由电荷从物体的一端移动到另一端，因此要发生感应起电就必须要有自由电荷【解析】闭合张开减小自由电荷17、略

【分析】【分析】

【详解】

能量转化的不可逆性∶科学家对有关自然现象和经验事实进行大量研究后发现∶一切与热现象有关的宏观自然过程都是热现象的。【解析】①.热现象②.不可逆18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误错误正确错误19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]由图可知，当和均断开时，电流表G和串联，所以改装后的表是电压表，量程为

（2）[3][4]由图可知，当和均闭合时，电流表G和并联，改装后的表是电流表，量程为【解析】①.电压表②.③.电流表④.20、略

【分析】【详解】

略【解析】右手弯曲的四指弯曲的四指伸直的拇指所指环形电流方向螺线管内部北极21、略