2025年沪教新版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、【题文】如图所示，摩擦轮A和B固定在一起通过中介轮C进行传动，A为主动轮，A的半径为20cm，B的半径为10cm，A、B两轮边缘上的向心加速度之比()

A.1∶1B.1∶2C.2∶1D.2∶32、【题文】．运动员双手握着竹杆匀速上爬或匀速下滑时，他受到的摩擦力分别为F1、F2．则A.F1、F2均向上，F1=F2B.F1、F2均向下，F1=F2C.F1向下、F2向上，F1＞F2D.F1向下、F2向上，F1＜F23、如图所示，L1、L2是劲度系数均为100N/m的相同轻质弹簧，它们的自然长度均为10cm．A、B两只钩码均重2N，则静止时两弹簧长度之和为（）A.24cmB.26cmC.22cmD.21cm4、下列物体运动的情况中；可能存在的是（）

A.某时刻物体具有加速度；而速度为零。

B.物体具有恒定的速率；但速度仍变化。

C.物体速度恒定；但其速率有可能变化。

D.物体的速度在增大；加速度在减小。

5、如图，塔吊臂上有一可以沿水平方向运动的小车A，小车下装有吊着物体B的吊钩．在小车A与物体B以相同的水平速度沿吊臂方向匀速运动的同时，吊钩将物体B向上匀加速吊起，则B做（）A.速度大小不变的曲线运动B.速度大小增加的直线运动C.加速度大小方向均不变的曲线运动D.加速度大小方向均变化的曲线运动6、【题文】北京时间2012年3月31日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，将法国制造的“亚太7号”通信卫星成功送入近地点209km、远地点50419km的预定转移轨道，卫星在此轨道上运行一段时间后再经变轨成为一颗地球同步卫星，同步卫星轨道离地面高度为35860km。下列说法正确的是A.卫星在转移轨道运动的周期大于在同步轨道上运行的周期B.卫星在转移轨道运动时，经过近地点时的速率大于它在远地点的速率C.卫星在同步轨道运动时，飞船内的航天员处于超重状态D.卫星在同步轨道运动时的向心加速度小于静止于赤道上物体的向心加速度7、物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4m/s，第2s内物体的位移是()A.2mB.4mC.6mD.8m8、地球的半径为R0

地球表面处的重力加速度为g

一颗人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为R0

下列关于卫星的说法中正确的是(

)

A.卫星的速度大小为2R0g2

B.卫星的角速度大小2g8R0

C.卫星的加速度大小为g2

D.卫星的运动周期为2娄脨2R0g

9、如图所示，某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若将F4=N的力沿逆时针方向转动90°，其余三个力的大小和方向不变，则此时物体所受合力的大小为（）A.0B.2NC.2ND.N评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、下列关于曲线运动的说法中正确的是(

)

A.物体在恒力作用下不可能做曲线运动B.物体在变力作用下一定做曲线运动C.物体在恒力或变力作用下都可能做曲线运动D.做曲线运动的物体，其初速度方向与加速度方向一定不在同一直线上11、在足够高的空中某点竖直上抛一物体，抛出后第4s内物体的位移大小是4m，设物体抛出时的速度方向为正方向，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2，则关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体的上升时间可能是3.1sB.在4s内的平均速度一定是-4m/sC.物体抛出时的速度可能是50m/sD.10s内位移可能为-110m12、物块先沿轨道1

从A

点由静止下滑至底端B

点，后沿轨道2

从A

点由静止下滑经C

点至底端B

点，AC=CB

如图所示.

物块与两轨道的动摩擦因数相同，不考虑物块在C

点处撞击的因素，则在物块整个下滑过程中(

)

A.物块受到的摩擦力相同B.沿轨道1

下滑时的位移较小C.物块滑至B

点时速度大小相同D.两种情况下损失的机械能相同13、如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上.

其正上方A

位置有一只小球.

小球从静止开始下落，在B

位置接触弹簧的上端，在C

位置小球所受弹力大小等于重力，在D

位置小球速度减小到零.

小球下降阶段下列说法中正确的是(

)

A.在B

位置小球动能最大B.在C

位置小球动能最大C.从A隆煤C

位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加D.从A隆煤D

位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加14、某工地上，一架起重机将放在地面上的一个箱子吊起.

箱子在起重机钢绳的作用下由静止开始竖直向上运动，运动过程中箱子的机械能E

与其位移x

的关系图像如图所示，其中O隆芦x1

过程的图线为曲线，x1隆芦x2

过程的图线为直线.

根据图像可知(

)

A.O隆芦x1

过程中箱子所受的拉力逐渐增大B.O隆芦x1

过程中箱子的动能可能先增加后减少C.x1隆芦x2

过程中箱子所受的拉力一直不变D.x1隆芦x2

过程中起重机的输出功率一直增大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、一物体放在倾角为θ的斜面上；它刚好能沿斜面匀速下滑．

（1）求物体沿斜面下滑的动摩擦因数；

（2）若给它一个沿斜面向上的初速度v；则它能上滑的最大距离是多少？（已知重力加速度为g，斜面始终是静止的）

16、【题文】已知地球的质量为万有引力恒量为地球半径为用以上各量表示在地球表面附近运行的人造地球卫星的第一宇宙速度____。若再知道地球的自转角速度为则赤道上空一颗相对地球静止的同步卫星离地面的高度是__________（用表示）。17、在如图所示的皮带传动装置中，a是大轮边缘上的一点，b是小轮边缘上的一点．当皮带轮匀速转动时，皮带与轮间不打滑．a、b两点的线速度的大小关系是va______vb（选填“＞”、“=”或“＜”）；a、b两点的角速度的大小关系是ωa______ωb（选填“＞”、“=”或“＜”）；a、b两点的角速度的大小关系是Ta______Tb（选填“＞”、“=”或“＜”）．18、【题文】纯电动概念车E1是中国馆的镇馆之宝之一。若E1概念车的总质量为920kg，在16s内从静止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力为1500N，假设它做匀加速直线运动，其动力系统提供的牵引力为____N。当E1概念车以最高时速120km/h（即33.3m/s）做匀速直线运动时，其动力系统输出的功率为____kW。

19、【题文】一个质量为m的物体放在倾角为的斜面上匀速下滑，物体与斜面之间的动摩擦因数=____；物体受到的摩擦力的大小为f=____20、电磁打点计时器和电火花打点计时器都是使用____电源的计时仪器，电磁打点计时器工作的电压是____V，电火花打点计时器工作的电压是____V．当电源频率是50HZ时，它每隔____打一个点．21、力产生了加速度，从而使得物体的速度发生改变，当力与速度在同一条直线上时，力只改变______，当力与速度垂直时，力只改变______．22、(1)

电火花打点计时器的工作电源是______V

的______电源(

填“直流”或“交流”)

当电源频率为50Hz

时，每隔______秒打一个点．

(2)

电磁打点计时器的工作电源是______V

的______电源(

填“直流”或“交流”)

当电源频率为10Hz

时，每隔______秒打一个点．评卷人得分四、推断题(共4题，共36分)23、A、rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数均小于rm{18}且依次递增，rm{A}原子核内仅有一个质子；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍。rm{(1)}试推断它们各是什么元素，写出它们的元素符号：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}画出rm{D}的离子结构示意图________。

rm{(3)}由这四种元素组成的三核rm{10}电子的分子是________，四核rm{10}电子的分子是________。24、A、rm{B}rm{C}为三种常见的单质，其中rm{A}rm{C}为气体，rm{B}为常见金属rm{.A}溶于水可使石蕊试液先变红后褪色rm{.F}的水溶液为浅绿色溶液，它们的关系如图：rm{(1)}写出rm{A}rm{B}rm{D}的化学式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}写出反应rm{垄脵垄脷}的离子方程式：rm{垄脵}____________；rm{垄脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊试液先变红后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}检验rm{D}的水溶液中的阳离子的试剂是：____rm{.}将rm{D}溶液逐滴加入的沸水中会产生一种红褐色的液体，你认为该液体中的分散质微粒直径在____之间，验证的简单方法是：____．25、从铝土矿rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等杂质rm{)}中提取氧化铝的两种工艺流程如下：rm{(1)}写出物质的化学式rm{A}_____________，固体rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}写出流程甲加入盐酸后生成rm{Al^{3+}}的离子方程式：___________________________。rm{(3)}写出流程乙加入烧碱后生成rm{SiO}的离子方程式：___________________________。rm{(4)}为了验证滤液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量滤液并加入___________rm{(}填试剂名称rm{)}rm{(5)}滤液rm{E}、rm{K}中溶质的主要成分是_____rm{(}填化学式rm{)}写出该溶液的一种用途：_______。rm{(6)}写出滤液rm{D}rm{Y}中与过量rm{CO_{2}}反应的化学方程式__________________________。26、（化学）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定条件下可实现下图所示的物质之间的转化：据此判断：(1)固体B的化学式为________；固体E所含物质的化学式为________。(2)反应①的离子方程式为____________。____(3)沉淀Ⅰ与氢氧化钠反应的离子方程式__________。(4)由溶液D得到固体E所需的瓷质仪器名称：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，将其溶于少量稀盐酸所得的溶液中阳离子的检验最好的试剂是____。评卷人得分五、解答题(共1题，共8分)27、如图所示；用水平力F将一物体压在竖直墙壁上静止不动．设物体受墙的压力为N，摩擦力为f．那么，当F增大时，压力N______（填“增大”；“减小”、或“不变”），摩擦力f______（填“增大”、“减小”、或“不变”）

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解析】

试题分析：AB线速度相等，由向心加速度可知；加速度之比为1:2

考点：向心加速度。

点评：本题考查了向心加速度的公式的理解。在公式中只有找到不变的物理量，才能建立等式判断其他物理量，例如同一轮上角速度相等，同一根皮带上的线速度相等。【解析】【答案】B2、A【分析】【解析】（1）运动员用双手握住竖直的竹竿匀速上爬时；受到的摩擦力向上，因为匀速f1=G；

（2）运动员用双手握住竖直的竹竿匀速滑下时；受到的摩擦力向上，因为匀速f2=G．

∴f1=f2,故选A。【解析】【答案】A3、B【分析】解：根据胡克定律得：

弹簧L1伸长的长度x1===0.04m=4cm

弹簧L2伸长的长度x2===0.02m=2cm

因此两弹簧长度之和为L=2L0+x1+x2=2×10cm+4cm+2cm=26cm

故选：B

弹簧L2受到的弹力大小等于物体B的重力，弹簧L1受到的弹力大小等于两个物体的总重力；根据胡克定律分别求出两根弹簧伸长的长度，再求出静止时两弹簧伸长量之和．

对于弹簧问题，关键分析弹簧的状态和弹力大小，然后结合胡克定律列式求解即可．【解析】【答案】B4、A|B|D【分析】

A；物体在起动时；速度为零，但物体具有加速度，故A正确；

B；速度是矢量时；虽然速度大小不变，但方向时刻在变，故速度仍在变化，故B正确；

C；速度恒定是指速度的大小方向均不变化；故C错误；

D；当物体的加速度与速度同向时；即使加速度在减小，速度即会增大，故D正确；

故选ABD．

【解析】【答案】加速度是描述物体速度变化快慢的物理量；速度是描述物体的运动快慢的物理量；二者间没有必然联系．

5、C【分析】【解析】【答案】C6、B【分析】【解析】

试题分析：由开普勒第三定律可知，同步轨道上周期较大，A错；由近地点相远地点运动，引力做正功，动能增大，速率增大，B对；卫星在同步轨道运动时，航天员受到的万有引力完全提供向心力，飞船内的航天员处于完全失重状态，C错；同步轨道和赤道上的物体运动角速度相同，由向心加速度公式可知同步轨道卫星的加速度较大；D错；

考点：万有引力提供向心力。

点评：本题考查了通过万有引力提供向心力的公式的推导，结合本题题意，判断变轨过程中半径变化，从而找到解题关键。【解析】【答案】B7、C【分析】【分析】由可知物体的加速度所以第2s内物体的位移

故选C。

【点评】熟练掌握匀变速直线运动的速度公式和位移公式。8、A【分析】解：研究卫星绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式：

GmMr2=mv2r

解得：v=GMr

其中r=2R0垄脵

忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：GmMR02=mg

解得：GM=gR02垄脷

由垄脵垄脷

得：卫星的速度大小v=2R0g2

故A正确．

B、根据圆周运动知识得：娄脴=vr=142gR0

故B错误．

C、根据圆周运动知识得：a=v2r=g4

故C错误．

D、根据圆周运动知识得：T=2娄脨娄脴=4娄脨2R0g

故D错误．

故选A．

研究卫星绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度；角速度、周期、加速度等物理量．

忽略地球自转的影响；根据万有引力等于重力列出等式．

向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．

运用黄金代换式GM=gR2

求出问题是考试中常见的方法．【解析】A

9、B【分析】解：物体在四个共点力作用下处于平衡状态，合力为零，F4的方向沿逆时针方向转过90°角，此时其它三个力的合力与F4大小相等；方向垂直；

则物体受到的合力即为F合=F4=2N；故B正确，ACD错误。

故选：B。

物体受多力平衡，则多力的合力为零；则F1、F2、F3的合力与F4大小相等方向相反；则将F4转动后，其他三力的合力不变，则变成了转后的F4与其他三力的合力的合成；则由平行四边形定则可求得合力。

本题中应用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相等方向相反。【解析】B二、多选题(共5题，共10分)10、CD【分析】解：A

物体在恒力作用下可能做曲线运动；如平抛运动，故A错误；

B；物体在变力作用不一定做曲线运动；如变加速直线运动，故B错误；

C；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；力可以是恒力，也可以是变力，故C正确；

D；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；而加速度方向与合力方向相同，则做曲线运动的物体，其初速度方向与加速度方向一定不在同一直线上，故D正确．

故选：CD

物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；速度的方向与该点曲线的切线方向相同.

合外力可以变化，也可以不变．

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了，难度不大，属于基础题．【解析】CD

11、AD【分析】解：AC；第4s内位移可能为+4m；也可能为-4m，则由位移时间公式可知：

第4s内的初速度v满足4=v×1-

或-4=v×1-

解得第4s内的初速度即第4s末的末速度v=9m/s或1m/s

物体竖直上抛的初速度v0=v+gt=39m/s或31m/s

上升时间t==3.9s或3.1s；故A正确，C错误．

B、在4s内的平均速度==+4m/s或-4m/s；故B错误．

C、当v0=39m/s时，10s内位移为x=v0t+=-110m．故D正确．

故选：AD

抓住第4s内的位移可能向上；可能向下，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出第4s内的初速度．结合运动学公式和推论进行分析求解．

解决本题的关键知道竖直上抛运动的加速度不变，可以全过程研究，运用运动学公式求解，注意速度、位移、加速度的方向．【解析】【答案】AD12、CD【分析】解：A.f=娄脤mgcos娄脠

在轨道12

上倾角不同，所以摩擦力不同，故A错误；

B.位移是从初位置指向末位置的有向线段；故位移相同，故B错误；

C.设AC

与水平面的夹角为娄脕CB

与水平面的夹角为娄脗AB

与水平面的夹角为娄脠

如图所示。

沿轨道2

运动；摩擦力做的功：Wf2=娄脤mgcos娄脕?xAC+娄脤mgcos娄脗?xCB=娄脤mg?xEF+娄脤mg?xEB=娄脤mg?xFB

沿轨道1

运动；摩擦力做的功为：Wf1=娄脤mgcos娄脠?xAB=娄脤mg?xFB=Wf2

由动能定理12mv2=WG鈭�Wf

得：物块滑至B

点时速度大小相同；但方向不同，故C正确．

D.由C

的分析可知；两种运动摩擦力做的功相同，所以两种情况下损失的机械能相同，故D正确；

故选：CD

．

(1)

根据滑动摩擦力的公式即可求解；

(2)

位移是从初位置指向末位置的有向线段；

(3)

根据动能定理即可求解；但要注意方向；

(4)

损失的机械能等于克服摩擦力所做的功．

该题要求同学们能根据题目正确求出各个阶段摩擦力所做的功，并结合动能定理求解，难度适中．【解析】CD

13、BCD【分析】解：A

小球从B

至C

过程；重力大于弹力，合力向下，小球加速，C

到D

重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C

点动能最大，故A错误，B正确；

C；小球下降过程中；重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A隆煤C

位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和。故C正确。

D；小球下降过程中；重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A隆煤D

位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D正确。

故选：BCD

小球下降过程中；重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C

动能最大．

本题关键是要明确能量的转化情况，同时要知道在平衡位置动能最大．【解析】BCD

14、BC【分析】【分析】除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少功物体的机械能就改变多少，所以E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受的拉力的大小；如果拉力等于物体所受的重力，则物体做匀速直线运动；如果拉力大于物体的重力，则物体做加速向上运动。1.

除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少；

2.E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小．

以上两点是解决这类题目的突破口。【解答】AB.

由于除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少功物体的机械能就改变多少；所以E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小，由图可知在0隆芦x1

内斜率的绝对值逐渐减小，故在0隆芦x1

内物体所受的拉力逐渐减小。如果拉力一直大于重力，则物体的动能一直增大。如果拉力小于重力，则物体的动能可能减小。故A错误B正确。

C.由于x1隆芦x2

过程的图线为直线；则物体在x1隆芦x2

内所受的合力保持不变，所以物体受到的拉力不变，故C正确。

D.由于物体在x1隆芦x2

内E鈭�x

图象的斜率的绝对值不变；故物体所受的拉力保持不变。如果拉力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动，所以起重机的输出功率不变，故D错误。

故选：BC

【解析】BC

三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】

（1）根据共点力平衡得；

N=mgcosθ；f=mgsinθ

由f=μN得，

故物体沿斜面下滑的动摩擦因数为tanθ．

（2）物体沿斜面上滑的合力F合=mgsinθ+μmgcosθ

根据牛顿第二定律得，=2gsinθ

所以上滑的最大距离x=．

故能上滑的最大距离是．

【解析】【答案】（1）物体沿斜面匀速下滑；受到重力；支持力和滑动摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出支持力和滑动摩擦力，再根据f=μN求出动摩擦因数．

（2）物体沿斜面上滑时受重力；支持力和滑动摩擦力；求出物体的合力，根据牛顿第二定律求出加速度，运用匀变速直线运动的速度位移公式求出上滑的最大距离．

16、略

【分析】【解析】

试题分析：在地球表面，卫星的重力充当向心力，所以有：解得

根据公式可得

考点：考查了万有引力定律的应用。

点评：基础题，做此类型的题目需要根据题中的信息选择合适的公式计算【解析】【答案】17、略

【分析】解：由题，皮带在传动时，皮带与轮之间不打滑，则大轮上的a点与小轮上的b点均与皮带间保持相对静止，有va=vb；

由有v=ωr，得到：va=raω，vb=rbω，故ωa＜ωb；

由周期与角速度的关系：T=

所以：Ta＞Tb

故答案为：=；＜，＞．

一个皮带传动装置，在传动时，若皮带与轮之间不打滑，则大轮上的a点与小轮上的b点均与皮带间保持相对静止，速度是大小相等的；再根据线速度与角速度公式v=ωr分析判断．

在皮带与轮之间不打滑时，大轮上的点a与小轮上的点b与皮带上的点之间保持相对静止（即：速度大小相等）；对于线速度与角速度公式v=ωr要能熟练运用！【解析】=；＜；＞18、略

【分析】【解析】

试题分析：根据加速度的定义式得：＝1.7375m/s2

根据牛顿第二定律得：F-f=ma解得：F=3.1×103N

匀速运动时牵引力等于阻力；所以P=Fv=1500×33.3W=50kW

考点：本题考查功率、牛顿运动定律。【解析】【答案】3.1×103N50kW19、略

【分析】【解析】根据力的分解可得重力可分为沿斜面向下的力和垂直斜面向下的力，在沿斜面方向上，物体受到重力沿斜面向下的分力和沿斜面向上的滑动摩擦力，两力平衡，故所以物体受到的摩擦力大小为【解析】【答案】____；____20、交流4～62200.02【分析】【解答】解：电磁打点计时器和电火花打点计时器都是使用交流电源的计时仪器；电磁打点计时器工作的电压是4～6V，电火花打点计时器工作电压是220V，当电源频率是50Hz时，它每隔0.02打一个点．故答案为：交流，4～6，220，0.02．

【分析】正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的原理和具体使用，尤其是在具体实验中的操作细节要明确，要知道打点计时器的打点频率和周期的含义和关系．21、略

【分析】解：根据牛顿第二定律可知；加速度方向与力的方向相同，当力与速度在同一条直线上时，加速度与速度方向在同一直线上，物体做直线运动，速度大小变化，则力只改变速度的大小，不改变速度的方向，当力与速度垂直时，力对物体不做功，只改变速度的方向，不改变速度的大小．

故答案为：速度大小；速度方向。

加速度方向与力的方向相同；当力与速度在同一条直线上时，物体做直线运动，有加速度，速度变化，当力与速度垂直时，力对物体不做功，只改变速度的方向，不改变速度的大小．

解答本题要知道有加速度时，速度一定变化，可以是速度大小变化，与可以是速度方向变化，当力与速度在同一条直线上时，力只改变速度大小，当力与速度垂直时，力只改变速度方向．【解析】速度大小；速度方向22、略

【分析】解：(1)

电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器；电火花式打点计时器采用220V

交流电源；打点周期为频率的倒数，故当电源频率为50Hz

时，每隔0.02s

打一个点；

(2)

电磁打点计时器的工作电压交流4V隆芦6V

打点周期等于频率的倒数，故当电源的频率为10Hz

时，它每隔0.1s

打一次点．

故答案为：(1)220

交流0.02(2)4鈭�6

交流0.1

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项．

本题考查打点计时器的基本原理，对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用．【解析】220

交流；0.024鈭�6

交流；0.1

四、推断题(共4题，共36分)23、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本题考查了元素的推断、常用化学用语，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，明确原子的电子层结构是解本题的关键，难度不大。【解答】有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数依次递增且均小于rm{18}rm{A}原子核内仅有rm{1}个质子，应为rm{H}元素；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍，最外层电子数为rm{6}则rm{D}为rm{O}元素；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等，则rm{B}为rm{C}元素；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等，rm{C}原子最外层电子数为rm{5}且rm{C}的原子序数小于rm{D}所以rm{C}是rm{N}元素；

rm{(1)A}rm{C}两种元素符号分别为rm{H}rm{N}

rm{(2)}氧离子的离子结构示意图为rm{(3)}水分子有三个原子，也就是三核，另外电子总数为rm{10}故符合，所以为rm{{H}_{2}O}四核的分子，为氨气，一个分子有rm{4}个原子，也就是有四核，另外电子总数为rm{10}所以为rm{N{H}_{3}}【解析】rm{(1)H}rm{N}rm{(2)}rm{(3){H}_{2}O}rm{N{H}_{3}}24、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊试液变红，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊试液变红，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁达尔效应​【分析】【分析】本题考查无机物的推断，题目难度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}为溶于水所得的溶液可使石蕊试液先变红后退色，则说明rm{A}为rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊试液先变红后褪色，的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{2}中含有rm{2}，与水反应生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊试液先变红后褪色，rm{F}的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，则rm{F}为rm{F}rm{B}rm{B}为rm{Fe}，则rm{Fe}为rm{{,!}^{2+}}，能继续和rm{Cl}为rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反应生成rm{D}，则rm{D}为rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}为rm{FeCl}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{3}rm{3}，所以rm{B}为rm{Fe}，则rm{C}为rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}为rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反应rm{垄脵}为rm{Fe}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{Fe+2H}rm{垄脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{篓T}rm{Fe}rm{篓T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反应为rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊试液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有还原性，能与具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊试液变红，rm{2}具有漂白性；rm{2}反应生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，观察溶液是否变红，具体做法为取少量溶液于试管中，滴加两滴，反应的离子方程式为rm{2Fe}溶液，观察溶液是否变红色，将饱和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之间，具有丁达尔效应；rm{2}故答案为：rm{2}溶液；rm{篓T}rm{2Fe}是否有丁达尔效应。rm{篓T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊试液变红，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊试液变红，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁达尔效应rm{HClO}rm{HClO}25、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化钾

（5）NaHCO3灭火器或制糕点NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本题以氧化铝提取工艺流程为载体，考查无机物推断、元素化合物性质及相互转化、除杂的方法、离子方程式等。【解答】由工艺流程甲可知，铝土矿与盐酸反应得固体rm{A}和滤液rm{B}则固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，滤液中加入过量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，沉淀rm{F}为rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根据工艺流程乙可知，铝土矿中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氢氧化钠反应，可知固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，滤液rm{Y}为硅酸钠、偏铝酸钠，滤液中通入过量二氧化碳，沉淀rm{Z}为rm{Al(OH)_{3}}硅酸，滤液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}则rm{(1)}由分析可知，rm{A}为rm{SiO_{2}}固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案为：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}与盐酸反应生成氯化铝和水，氧化物不能拆，离子方程式为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案为：rm{Al_{2}O_{3}+6H