2025年人教版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图，A、B为平行板电容器的极板，两板分别与电源正负极相连，将B板缓慢向下移动，关于电容器的电容C和板间电场强度E说法正确的是（）

A.C增大，E增大B.C增大，E减小C.C减小，E增大D.C减小，E减小2、把一小段通电直导线垂直磁场方向放入一匀强磁场中，图中能正确反映各量间关系的是（）A.B.C.D.3、如图，在一根竖直放置的铜管的正上方某处从静止开始释放一个强磁体，在强磁体沿着铜管中心轴线穿过铜管的整个过程中，不计空气阻力，那么()

A.由于铜是非磁性材料，故强磁体运动的加速度始终等于重力加速度B.由于铜是金属材料，能够被磁化，使得强磁体进入铜管时加速度大于重力加速度，离开铜管时加速度小于重力加速度C.由于铜是金属材料，在强磁体穿过铜管的整个过程中，铜管中都有感应电流，加速度始终小于重力加速度D.由于铜是金属材料，铜管可视为闭合回路，强磁体进入和离开铜管时产生感应电流，在进入和离开铜管时加速度都小于重力加速度，但在铜管内部时加速度等于重力加速度4、“天宫一号”两侧装有巨大的太阳能电池板；为中国空间站的正常工作提供足够的能量。下列说法正确的是（）

A.太阳能是不可再生能源B.太阳能主要以热传导的方式传到地球C.太阳能电池板是将太阳能转换为电能的装置D.太阳能电池板能源源不断地产生电能，说明能量可以创生5、一带电粒子从电场中的A点运动到B点；轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（  ）

A.粒子带正电B.粒子加速度不变C.A点的速度大于B点的速度D.粒子的初速度可以为零6、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，电流表和电压表为理想电表，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则（）

A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.质点P将向上运动D.上消耗的功率逐渐增大7、图（a）所示的电路中，K与L间接一智能电源，用以控制电容器C两端的电压UC。如果UC随时间t的变化如图（b）所示，则下列描述电阻R两端电压UR随时间t变化的图像中；正确的是（）

A.B.C.D.8、通过对物理现象进行分析，透过现象发现物理规律是物理学的重要研究方法，对下列物理现象分析得出的结论正确的是A.竖直上抛的物体运动到最高点时速度为零，但仍受到重力，说明处于平衡状态的物体，所受合力不一定为零B.在不需要考虑带电物体本身的大小和形状，用点电荷来代替物体的方法叫微元法C.枪筒里的子弹，扣动扳机火药刚刚爆炸的瞬间，尽管子弹的速度接近零，但子弹的加速度可以达到5×104m/s2，说明物体的速度大小与加速度的大小，没有必然联系D.用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，例如电流强度就是采用比值法定义的评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、下列关于电容器和电容的说法中，正确的是（）A.根据可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比B.无论电容器的电压如何变化（小于击穿电压且不为零），它的电荷量与电压的比值恒定不变C.用电源给平板电容器充电后，两极板一定带有等量同种电荷D.电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与加在两板上的电压无关10、如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r,R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向下移动时；下列论述正确的是：（）

A.灯泡L—定变亮B.电流表的示数变大C.电压表的示数变小D.R0消耗的功率变小11、如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为m的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成角，此时让小球获得初速度且恰能绕O点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.匀强电场的电场强度B.小球动能的最小值为C.小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小D.小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先减小后增大12、如图甲，移动滑动触头可以改变电源的路端电压，在图乙所示的图像中；三条曲线1；2、3分别为电源消耗的功率、电源的内阻消耗的功率、电源的输出功率与路端电压的关系，则（）

A.电源的电动势为B.电源的内阻为C.滑动变阻器的最大阻值为D.电源的最大输出功率为13、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示.如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）

A.极板X应带正电B.极板X′应带正电C.极板Y应带正电D.极板Y′应带正电14、如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A′、B′、C′分别是三条棱的中点，现在顶点Ｏ处固定一正的点电荷；则下列说法中正确的是（）

A.A′、B′、C′三点在同一个等势面上B.A、B、C三点的电场强度相等C.将一正试探电荷从A点沿直线AB移到B点，静电力对该电荷先做正功后做负功D.若A′点的电势为A点的电势为则A'A连线中点D处的电势一定小于15、空间存在一匀强电场，匀强电场的方向平行于正三角形所在的平面，其边长若为x方向，则由B到C电势变化如图2所示，若规定为y方向，则由A到C电势变化如图3所示；下列说法正确的是（）

A.匀强电场的大小为B.匀强电场的大小为C.方向电场强度大小为方向由D.方向电场强度大小为方向由16、下列关于磁感线和电场线的描述中正确的是（）A.磁感线和电场线分别是用来描述磁场和电场的强弱和方向的真实曲线B.磁感线是闭合的曲线，电场线则是不闭合的C.磁感线或电场线上每一点的切线方向跟该点的磁场方向或电场方向相同D.铁屑在磁场中的分布曲线就是磁感线评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，O为带正电的导体球，用绝缘丝线将一个带电小球分别悬挂在A、B、C三个位置，调节丝线长度，使带电小球与导体球O的球心保持在同一水平线上，小球静止时的状态如图所示。可推断：小球带________（选填“正”或“负”）电荷；悬挂在________（选填“A”“B”或“C”）位置时小球受到的电场力最大。18、如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表、电流表均为理想电表，R1、R2均为定值电阻。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，电流表A的变化情况是__________；若电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，则的变化情况是__________，你判断的理由是：_____________。

19、如图所示，两个正的点电荷相距在两个点电荷连线上有a、b两点，分别距为由此可知a点场强的大小为______方向___________；b点场强的大小为________方向________。

20、一灵敏电流计，允许通过的满刻度电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=300Ω，若改装成量程为Im=3A的电流表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为__________Ω的电阻；若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为___________Ω的电阻。21、用螺旋测微器测量某材质电线的直径d，其中一次测量如图所示，其读数___________mm。

22、如图所示，MN板间存在匀强电场，场强方向竖直向上。电场上A、B两点相距10cm，AB连线与电场方向夹角A点和M板相距2cm，则AB两点间的电势差____V，若M板接地（电势为0），A点电势____V。

23、关于电流表；电压表的改装：

（1）有一个满偏电流为100mA的毫安表，电表内阻为9Ω，现将该毫安表的量程扩大至0.6A，则应并联一个阻值为_____Ω的电阻。

（2）如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表G的量程为0~10mA，内阻为60Ω，图中串联的分压电阻R1=440Ω，则R2=_____Ω。评卷人得分四、作图题(共1题，共2分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)25、现有一特殊电池，它的电动势E约为5V，内阻r约为40Ω；已知该电池允许输出的最大电流为40mA。为了测定该电池的电动势和内阻，某同学准备了如下器材：

A．待测电池；

B．电压表V：量程0～15V，内阻RV≈15kΩ；

C．电流表A：量程0～1mA，内阻RA=156Ω；

D．电阻箱R：0～999.9Ω；

E．定值电阻R1=4Ω；

F．定值电阻R2=39Ω；

G．定值电阻R3=50Ω；

H．定值电阻R4=90Ω；

I．开关；导线若干。

(1)该同学设计的部分电路如图甲所示，图中保护电阻R0应选择器材中的_________(填写器材前的选项字母)；

(2)选择合适的器材，将虚线框中的电路补充完整，并在电路中注明所选器材的符号________；

(3)将电阻箱的阻值调整到______（填“最大”或“最小”）；闭合开关；

(4)调节电阻箱的电阻，使所选电表指针指到某一位置，记录此时电阻箱的阻值R和所选电表的读数x；电表读数用国际单位（A或V）作单位；

(5)重复步骤(4)获取多组R和x的值；

(6)断开开关；整理器材；

(7)根据所得数据在坐标系中描点连线，如图乙所示。根据图线可求得该电池的电动势E为_____V，内阻r为____Ω。(结果均保留一位小数)26、在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中。

(1)将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成电路如图甲所示．图中未接导线的A端应接在_____点(选填“B”“C”“D”或“E”)．

(2)实验得到的U-I关系如图乙中的直线Ⅰ所示,则电池组的电动势为_____V,内电阻阻值为_____Ω．

(3)为了测量定值电阻的阻值,应在图甲中将“A”端重新连接到____点(选填“B”“C”“D”或“E”),所得到的U-I关系如图乙中的直线Ⅱ所示,则定值电阻的阻值为____Ω．评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)27、将质量为m的小球从地面以速度v0斜向上抛出，小球到达最高点时，动能与势能之比为1:3。现在空间加一个平行于小球运动平面的水平方向的匀强电场，令小球带上正电荷q，仍以相同的速度斜向上抛出，小球到达最高点时，动能与抛出时的动能相同。已知重力加速度大小为g；不计空气阻力，以地面为参考平面，求：

(1)小球上升到最高点的时间；

(2)外加电场强度E的大小以及加电场后最高点到抛出点的水平距离x。28、如图所示，两平行金属板水平放置，板长为板间距离为板间电压为一不计重力、电荷量为的带电粒子以初速度沿两极板的中线射入，经过一段时间后恰好从下极板的边缘飞出，电场力做功为若带电粒子以初速度沿两极板的中线射入，电场力做功为求前后两次电场力做功之比。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

根据电容决定式

可知，将B板缓慢向下移动，d增大，其余物理量不变，电容C减小，又根据

可得，d增大；电容器板间电压保持不变，则场强减小。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

BD．磁感应强度的大小和方向由磁场自身决定，不随F或Il的变化而变化；故B；D错误;

AC．当导线垂直于磁场放置时，有

即F=IlB

所以B不变的情况下F与Il成正比；故A错误，C正确。

故选C。3、C【分析】【详解】

铜是金属材料，但不能被磁化．铜管可视为闭合回路，强磁体穿过整个铜管的过程中，铜管始终切割磁感线，在管中运动的过程中管中都有感应电流，强磁体受到向上的磁场力，加速度始终小于重力加速度，C正确．4、C【分析】【详解】

A．太阳能是可再生能源；A错误；

B．太阳能主要以热辐射的方式传到地球；B错误；

C．太阳能电池板是将太阳能转换为电能的装置；C正确；

D．太阳能电池板能源源不断地产生电能；并不是能量创生了，而是能量转化得到的，D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左；电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；

B.根据电场线的疏密可知，A点的电场强度大与点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大于点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大与点的加速度；即粒子的加速度逐渐减小，故B错误；

C.电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，运动方向与电场力方向的夹角大于故粒子从A到电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小，所以A点的速度大于点的速度；故C正确；

D.若在A点的初速度为零；在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D正确。

故选C。6、B【分析】【详解】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时，R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大；故电压表示数减小，故A错误，B正确；

C．因R3两端电压减小；则电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；

D．R3上电流减小，根据P=I32R3，则R3消耗的功率逐渐变小；选项D错误；

故选B。7、A【分析】【详解】

根据电容器的定义式可知。

结合图像可知，图像的斜率为则内的电流与内的电流关系为。

且两段时间中的电流方向相反，根据欧姆定律可知两端电压大小关系满足。

由于电流方向不同；所以电压方向不同。

故选A。8、C【分析】【详解】

竖直上抛的物体运动到最高点时速度为零；但仍受到重力，说明处于非平衡状态的物体，平衡条件合力为零，A错误；

在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用点电荷来代替物体的方法叫理想模型法，B错误；

加速度是描述速度变化快慢的物理量；速度是描述运动快慢的物理量，二者没有必然联系，C正确；

用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，电流强度

不是比值定义法；D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、B:D【分析】【详解】

A．是电容的定义式，采用的是比值法定义的，则知C与Q、U无关；故A错误。

B．无论电容器的电压如何变化，对于给定的电容器其电容不变，则电荷量与电压的比值恒定不变；故B正确；

C．用电源给平板电容器充电后；两极板一定带有等量异种电荷，故C错误；

D．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量；其大小与加在两板上的电压无关，故D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AC．当R的滑动触点向下滑移动时，R变大，外电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律知，总电流I变小，电源的内电压变小，则路端电压变大，因此电压表读数变大．灯泡L的电压增大，则灯L一定变亮．故A正确；C错误．

BD．电路中并联部分电压变大，通过L的电流变大，而总电流减小，则电流表A的读数减小，R0消耗的功率变小．故B错误，D正确．11、A:B【分析】【详解】

A．小球静止时细线与竖直方向成角，对小球受力分析，小球受重力、拉力和电场力，三力平衡，根据平衡条件，有

解得

选项A正确；

B．小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点A速度最小，根据牛顿第二定律，有

则最小动能

选项B正确；

C．小球的机械能和电势能之和守恒；则小球运动至电势能最大的位置机械能最小，小球带负电，则小球运动到圆周轨迹的最左端点时机械能最小，选项C错误；

D．小球从初始位置开始；在竖直平面内运动一周的过程中，电场力先做正功，后做负功，再做正功，则其电势能先减小后增大，再减小，选项D错误。

故选AB。

12、B:D【分析】【详解】

AB．电源消耗的总功率

由曲线1可知

解得

A错误；B正确；

C．当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，图像3可知，外电压等于1.5V，电源内阻和电源输出功率相等，此时外电阻等于外电阻越大，外电压越大，可知滑动变阻器的最大阻值大于C错误；

D．电源的最大输出功率

D正确。

故选BD。13、A:C【分析】【详解】

亮斑P点X坐标为正值，Y坐标为正值，说明电子都向XY板偏转，所以Y、X板都带正电，板都带负电；故BD错误，AC正确。

故选AC。14、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于A′、B′、C′三点到O点的距离相同，所以A′、B′、C′三点在以O为圆心的同一球面上；即三点在同一等势面上，故A正确；

B．因为A、B、C三点离顶点O处的正电荷的距离相等；故三点处的场强大小均相等，但其方向不同，故B错误；

C．由电势的概念可知，沿直线AB的电势变化为先增大后减小，所以当在此直线上从A到B移动正电荷时；电场力对该正电荷先做负功后做正功，故C错误；

D．因。

由点电荷的场强关系可知。

又因为则有。

UA′D>UDA即。

φA′－φD>φD－φA解得。

故D正确。

故选AD。15、A:C【分析】【详解】

CD．电势随距离的图像，图线斜率等于电场强度，则沿BC方向的场强分量为

方向由

沿AC方向的场强分量为

方向由

C正确；D错误；

AB．在BC边上取中点D，则D点电势为2V，由A到D，电势由4V变为2V，由几何关系可知，AD距离为

则AD方向的场强分量大小为

由于AD与BC垂直，则两场强分量垂直，匀强电场的场强的大小为

A正确；B错误。

故选AC。16、B:C【分析】【详解】

A．磁感线和电场线都是用来形象描述场的强弱和方向的假想线；A错误；

B．磁感线是闭合曲线；电场线是起始于正电荷或无限远处；终止于无限远处或负电荷的非闭合曲线，B正确；

C．磁感线或电场线上每一点的切线方向跟该点磁场或电场的方向相同；C正确；

D．磁感线是为形象描述磁场而画出的一簇簇曲线；不是真实存在的，铁屑的分布曲线只能显示磁感线的分布，并不是磁感线，D错误；

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球受到正电荷的排斥力；则可推断小球带正电荷；

[2]两电荷相距越近则静电力越大，可知悬挂在A位置时小球受到的电场力最大。【解析】正A18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]．由电路图可知，R2与R0并联后与R1串联，电压表测量并联支路的电压，电流表测量R2的电流；当滑动端向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，R1和内阻r上的电压变大，则并联支路电压减小，即电压表V读数减小，电流表A示数减小；因R2是固定电阻，则

可知不变。【解析】变小不变（U=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根据图像）19、略

【分析】【详解】

[1]由点电荷的场强公式知：

[2]方向水平向右；

[3]同理可得点场强的大小为：

[4]方向水平向左【解析】100000向右350000向左20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]若改装成量程为Im=3A的电流表，应并联的电阻阻值为

[3][4]若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应串联的电阻阻值为【解析】①.并联②.0.1③.串联④.21、略

【分析】【详解】

螺旋测微器读数为【解析】1.49822、略

【分析】【详解】

[1]AB两点间的电势差为

[2]A点的电势等于A点与M点的电势差，故【解析】10-423、略

【分析】【详解】

（1）[1]．根据电表的改装原理可知，应并联的电阻

（2）[2]．根据电表的改装原理可知，R2的阻值为【解析】1.81000四、作图题(共1题，共2分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD五、实验题(共2题，共8分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]电源电动势约为，电源最大输出电流为，电路最小电阻约为：

电源内阻约为，则保护电阻应选择H；

(2)[2]电源电动势约为，电压表量程为，如果用电压表测电压