2025年外研衔接版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、某研究性学习小组对电工穿的“高压带电作业服”进行研究；发现其中用了大量的铜丝编织而成．对这一做法的最主要目的，同学们给出了四种猜想：

甲认为：铜丝编织的衣服和人体相当于并联关系；能分走本该流经人体的电流。

乙认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意点的电势都保持为零。

丙认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意两点间电势差保持为零。

丁认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意点的电场强度保持为零。

对这些猜想的评价正确的是()A.都有正确B.甲和丁最关键C.丁最关键D.丙和丁最关键2、如图所示，两平行放置、长度均为L的直导线a和b，放置在与导线所在平面垂直的匀强磁场中，当a导线通有电流强度为I，b导线中通过电流方向相反且电流强度为2I的电流时，a导线受到的安培力为F1，b导线受到的安培力为F2，则a导线的电流在b导线处产生的磁感应强度大小为()

A.B.C.D.3、如图所示，实线是某电场的一簇电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点若带电粒子只受电场力作用；下列说法正确的是（）

A.带电粒子带负电B.带电粒子在a、b两点的受力大小相同C.b点电势高于a点电势D.带电粒子在b点的电势能小于在a点的电势能4、电场中有A、B两点，把电荷从A点移到B点的过程中，电场力对电荷做正功，则（）A.电荷的电势能减少B.电荷的电势能增大C.A点场强比B点大D.A点电势比B点小5、用图所示装置探究感应电流产生的条件，线圈A通过滑动变阻器和开关S1连接到电源上，线圈B通过开关S2连到电流表上；把线圈A装在线圈B的里面。下列说法中不正确的是（）

A.当S2处于闭合状态，在S1闭合瞬间，电流表的指针会发生偏转B.当S2处于闭合状态，在S1断开瞬间，电流表的指针会发生偏转C.当S1处于闭合状态，电路稳定后，再闭合S2瞬间，电流表的指针会发生偏转D.当S1、S2均处于闭合状态，匀速移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针会发生偏转评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法中正确的是________A.做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，加速度也相同B.做简谐运动的质点，经过四分之一周期，所通过的路程一定是一倍振幅C.根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场E.声波从空气传入水中时频率不变，波长变长．E.声波从空气传入水中时频率不变，波长变长．7、两根长直导线a、b平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图，图中O点为两根导线连线ab的中点，M、N为ab的中垂线上的两点且与a、b等距，两导线中通有等大、同向的恒定电流，已知直线电流在某点产生的磁场的磁感应强度B的大小跟该点到通电导线的距离r成反比；则下列说法中正确的是()

A.M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同B.M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相反C.O点的磁感应强度为零D.若在N点放一小磁针，静止时其北极沿ON指向O点8、关于导体的电阻，下列说法正确的是A.根据可知R与U成正比，与I成反比B.根据可知R与L成正比，与S成反比C.白炽灯温度上升电阻变大，是因为灯丝的电阻率变大D.将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则电阻变为原来的4倍9、在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节；正确的是（）

A.电流表示数增大B.电压表示数增大C.L1灯变亮D.L2灯变亮10、如图所示，竖直面内固定的均匀带电圆环半径为R，带电量为+Q，在圆环的最高点用绝缘丝线悬挂一质量为m、带电量为q的小球（大小不计），小球在垂直圆环平面的对称轴上处于平衡状态，小球到圆环中心O距离为R，已知静电力常量为k，重力加速度为g；则小球所处位置的电场强度为()

A.B.C.D.11、如图所示，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为标识不清的小灯泡L的U-I图线；将L与该电源组成闭合电路时，L恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）

A.该电源的内阻为B.该电源的电动势为4VC.此时该电源的输出功率最大D.此时该电源消耗的总功率为8W12、如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，1、2、3为电场中的三个点，则各点的场强E和电势的大小关系为（））

A.E1﹥E2B.E1<E3C.1﹥2D.2=313、如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源的电动势为E、内阻为r，定值电阻R的阻值也为r，滑动变阻器的最大阻值是闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中；下列说法正确的是（）

A.电压表的示数减小，电流表的示数增大B.电压表的示数变大，电流表的示数变小C.滑动变阻器消耗的功率变小D.定值电阻R消耗的功率先变大后变小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示为静电喷涂的原理示意图，喷枪喷出的漆滴带________电，工件带________电，因而使漆滴吸附到工件上，如果用绒毛代替油漆，在纺织物上根据图案的需要涂上粘合剂，就可以利用静电实现植绒．15、习惯上规定____电荷定向移动的方向为电流的方向（填“正”或“负”）。一次闪电过程中，流动的电荷量约为300C，持续时间约2s，则闪电的平均电流为_____A。16、新疆达坂城风口的风速约为设该地空气的密度为把通过横截面积的风能转化为电能（转化效率），利用上述已知量推导计算电功率的公式为___________，代入数据得到电功率的大小为___________。

17、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

18、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。

19、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V，R1的阻值是_______Ω。

20、安培定则。

（1）直线电流的磁场。

安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，___________所指的方向就是磁感线环绕的方向。

直线电流周围的磁感线环绕情况如图所示。

（2）环形电流的磁场。

安培定则：如图所示，让右手___________与环形电流的方向一致，___________的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）通电螺线管的磁场。

安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。

评卷人得分四、实验题(共3题，共9分)21、如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是______表，要使它的量程加大，应使R1______（填“增大”或“减小”）；乙图是_______表，要使它的量程加大，应使R2______（填“增大”或“减小”）．22、某物理兴趣小组尝试通过实验测量某金属导体电阻。

（1）先用欧姆表“”档粗测该导体阻值，指针位置如图1，对应的读数是______

经查阅资料发现该电阻的阻值约为测量值与真实值的偏差较大，原因是该同学未进行欧姆调零所致，若此时把两表笔短接，指针应指在欧姆挡零刻度线的______侧（选填“左”或“右”）；

（2）考虑到伏安法测电阻中电表会给实验测量带来误差；为解决该问题，兴趣小组设计了如图2所示的电路（部分导线未画），实验操作如下：

①断开开关将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合开关调节滑动变阻器，使电流表和电压表指针偏转到合适位置，并记录两电表示数U、图3所示的电流表读数为______A。

②闭合开关调节滑动变阻器，使电压表示数仍为U，并记录此时的电流表示数则该电阻的阻值可表示为______（结果用U、表示）。

③根据你对该实验原理的理解，在图2中将剩余的两根导线连接到合适的位置______。23、图（a）为某同学改装和校准毫安表的电路图；其中虚线框内是毫安表的改装电路．

（1）已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA；R1和R2为阻值固定的电阻．若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA；若使用a和c两个接线柱，电表量程为10mA．由题给条件和数据，可求出_____Ω，______Ω．

（2）现用—量程为3mA、内阻为150Ω的标准电流表A对改装电表的3mA挡进行校准，校准时需选取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．电池的电动势为1.5V，内阻忽略不计；定值电阻R0有两种规格，阻值分别为300Ω和1000Ω；滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为750Ω和3000Ω．则R0应选用阻值为_____Ω的电阻，R应选用最大阻值为___________Ω的滑动变阻器．

（3）若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图（b）的电路可以判断出损坏的电阻．图（b）中的为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图（a）虚线框内的电路．则图中的d点应和_______接线柱（填“b”或“c”）相连．判断依据是：_____________________________________．评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)24、把带电荷量2×10-8C的正点电荷丛无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10-8J，若把该电荷从无限远处移动到电场中B点，需克服电场力做功2×10-8J；求：

（1）A点的电势；

（2）A、B两点的电势差；

（3）把2×10-8C的负电荷由A点移到B点电场力做的功。25、如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为的点电荷由A点沿水平线移至B点，克服静电力做了的功，已知A、B间的距离为

（1）试求A、B两点间的电势差UAB；

（2）若A点的电势为试求B点的电势

（3）试求该匀强电场的大小E并判断其方向。

26、（1）如图，平面S在垂直于磁场方向上的投影面积为S′。若有n条磁感线通过S′，则通过面积S的磁感线有多少条？

（2）若磁场增强，即B增大，通过面积S的磁感线条数是否增多？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】“高压带电作业服”是用大量的铜丝编织而成；这一做法的最主要目的是静电屏蔽，在外电场中处于静电感应平衡状态，是等势体，内部场强处处为零，故甲错误，处于静电平衡的导体是等势体，电势不一定为零，故乙错误，丙；丁正确；故ABC错误，D正确；

故选D．2、C【分析】【详解】

a、b中电流方向相反，两导线之间的安培力为斥力，设大小为F，对a有：F1＝F＋BIL

对b有：F2＝F＋2BIL

解两式得：F＝2F1－F2

对于导线bF＝2F1－F2＝B′·2IL

解得B′＝．

A．与结论不相符，选项A错误；

B．与结论不相符，选项B错误；

C．与结论相符，选项C正确；

D．与结论不相符，选项D错误；

故选C.3、C【分析】【详解】

A．由图中运动轨迹可知；粒子受到向左的电场力，又因为电场强度的方向向左，故粒子带正电，故A错误；

B．a点的电场线比较密集，所以a点处的电场强度大于b点处的电场强度，根据公式F=Eq

可知，带电粒子在a处的电场力大于b处；故B错误；

C．电势顺着电场线的方向降低，所以b点电势高于a点电势；故C正确；

D．a点电势小于b点电势，根据公式Ep=qφ

可知，带电粒子在b点的电势能大于在a点的电势能；故D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

AB．电荷从A点移到B点的过程中；电场力对电荷做正功，则电荷的电势能减少，故A正确，B错误；

C．电场力对电荷做正功；电荷的电势能减少，但电场力做功的正负与场强的大小无关，所以不能判断场强的大小，故C错误；

D．由于不清楚电荷电性；无法判断电势高低，故D错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

AB．处于闭合状态，则线圈B与电流表构成回路。在闭合瞬间，线圈A中电流增大，A产生的磁场增强，则B线圈中的磁通量变大，所以B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转。同理在断开瞬间；线圈A中电流减小，A产生的磁场减弱，则B线圈中的磁通量变小，所以B中也会产生感应电流，电流表的指针也会发生偏转，故AB正确，不符合题意；

C．处于闭合状态，线圈A中的电流不变，产生的磁场不变，线圈B中的磁通量不变，所以在与闭合瞬间；线圈B中没有感应电流，电流表指针不偏转。故C错误，符合题意；

D．两开关均处于闭合状态；电路稳定后匀速移动滑动变阻器的滑片，则线圈A中电流变化，线圈A产生的磁场变化，则B线圈中的磁通量变化，所以B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，故D正确，不符合题意。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，回复力相同，故加速度也相同，选项A正确；做简谐运动的质点，经过四分之一周期，只有从平衡位置或者从位移最大或最小的位置计时，所通过的路程一定是一倍振幅，选项B错误；根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场，选项C正确；双缝干涉实验中，根据可知，若只减小双缝到光屏间的距离，两相邻亮条纹间距离将变小，选项D错误；声波从空气传入水中时频率不变，波速变大，根据可知波长变长，选项E正确；故选ACE.7、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由于磁场是矢量，叠加满足平行四边形定则，根据右手螺旋定则和磁场叠加原理可知，M点磁场方向垂直于MN向下，N点场方向垂直于MN向上；因此B正确，A错误；

C．两根导线在O点产生的场强大小相等；方向相反，合场强等于零，C正确；

D．若在N点放一小磁针，N极的方向就是该点磁感强度的方向，因此静止时其北极沿MN指向上方；D错误。

故选BC。8、B:C:D【分析】【详解】

A．根据电阻定律可知；导体的电阻大小的影响因素：长度；横截面积、材料。跟电压、电流都无关，故A错误；

B．根据电阻定律可知，导体的电阻R与长度L成正比，与横截面积S成反比；故B正确；

C．白炽灯温度升高；电阻率增大，电阻变大，故C正确；

D．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则横截面积减小为原来的一半，根据电阻定律可知，电阻变为原来的4倍，故D正确。9、A:C【分析】【详解】

由图可知，R与L2并联后与L1串联，电压表测量电源的路端电压；当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小；则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，所以灯泡L1变亮；由U=E-Ir可知，路端电压减小，所以电压表示数减小。因路端电压减小，灯L1电压增大，故并联部分电压减小；则L2亮度变暗，电流减小；再由并联电路中的电流规律可知，流过A的电流增大。

A．电流表示数增大。故A正确。

B．电压表示数增大。故B错误。

C．L1灯变亮。故C正确。

D．L2灯变亮。故D错误。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．对小球受力分析可知。

解得。

则选项A正确；B错误；

CD．由于圆环不能看作点电荷，我们取圆环上一部分△x，总电量为Q，则该部分电量为Q；该部分电荷在小球处产生的电场强度为。

方向沿该点与小球的连线指向小球；同理取以圆心对称的相同的一段，其电场强度与E1相同；如图所示。

则两个场强的合场强为。

方向应沿圆心与小球的连线向外；因圆环上各点均在小球处产生电场；则和场强为。

方向水平向右；选项D正确；C错误；

故选AD。11、B:D【分析】【详解】

AB．由图读出电源的电动势为E=4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则有

故A错误；B正确；

C．灯泡与电源连接时，A、B两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U=3V，I=2A，则灯泡L的额定电压为3V，电阻为

只有电源的内阻等于外阻时，输出功率才最大，现则此时该电源的输出功率不是最大，故C错误；

D．工作点状态时该电源消耗的总功率为

故D正确；

故选BD。12、A:C:D【分析】【详解】

电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大，则2和3处的电场线疏密程度一样，故即A正确B错误；顺着电场线方向电势降低，所以．2与3处于同一条等势线上，所以CD正确．

【点睛】本题是要掌握电场线的两个物理意义：电场线越密，场强越大；顺着电场线方向电势降低．13、A:C【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中；滑动变阻器的有效电阻减小，电路的总电阻减小，干路电流变大，内电压变大，外电压减小。

A．电压表测量外电压；电流表测量干路电流，所以电压表的示数减小，电流表的示数增大。A正确，B错误；

C．将定值电阻当作电源内阻；则滑动变阻器消耗的电功率即为电源的输出功率，根据电源输出功率与外电阻的关系图像。

可知，当滑动变阻器的阻值由逐渐减小时；其消耗的功率逐渐减小。C正确；

D．干路电流变大；所以定值电阻消耗的功率变大。D错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1][2]根据电场线的方向可知，喷枪带正电，工件带负电。【解析】正负15、略

【分析】【详解】

[1]习惯上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向；而负电荷定向移动的反方向为电流方向；

[2]根据电流的定义式可得：【解析】正15016、略

【分析】【详解】

[1]设时间t内通过横截面积的风能为

电功率为

[2]代入数据得到电功率的大小为【解析】17、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将一带正电荷的物体C置于A附近，由于静电感应，此时A带负电，B带正电，则贴在A、B下部的金属箔张开。

[2]先把A和B分开，然后移去C，此时A带负电，B带正电，贴在A、B下部的金属箔都张开。【解析】①.张开②.张开19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联，电压表测两端的电压，测两端的电压；电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小；

由图象可知，电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和，所以电源电压

由

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.2020、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]直线电流的磁场；安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，四指所指的方向就是磁感线环绕的方向。

（2）[2][3]环形电流的磁场；安培定则：如图所示，让右手四指与环形电流的方向一致，大拇指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）[4][5]通电螺线管的磁场，安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与电流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺线管轴线上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.电流方向⑤.螺线管轴线四、实验题(共3题，共9分)21、略

【分析】试题分析：甲图通过并联电阻分走部分电流；所以甲为电流表，且R1越小分的电流越多，所以应该是减小；乙图通过并联电阻分得电压，且电阻越大分的电压越多，所以R2应该增大。

考点：电压或者电流表的改装。

点评：本题考查了利用串并联电路实现的电压或者电流表的改装．改装过程实质是利用了串并联电路的分压或者分流关系【解析】安培减小伏特增大22、略

【分析