2025年沪教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下面关于光的波粒二象性的说法中，不正确的说法是()A.大量光子产生的效果往往显示出波动性，个别光子产生的效果往往显示出粒子性B.频率越大的光其粒子性越显著，频率越小的光其波动性越显著C.光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性D.光不可能同时既具有波动性，又具有粒子性2、如图，两个相同的导热气缸固定在地面上，内部封闭有质量相同的同种气体，两活塞质量mA>mB；现使两气缸中气体降低相同的温度，不计活塞摩擦，系统重新平衡后（）

A.A活塞下降的高度比B活塞大B.A活塞下降的高度比B活塞小C.B活塞下降的高度相等D.以上三种情况均有可能3、下列叙述正确的是()A.力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B.蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于超重状态C.与“微观粒子的能量是量子化的”这一观念相关的物理常量是普朗克常量hD.利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测量磁感应强度大小的仪器4、如图所示，一束可见光穿过平行玻璃砖后，变为a、b两束单色光；则。

A.a光的频率大于b光的频率B.若a光是蓝色光，则b光可能是黄色光C.若两种光通过相同双缝，则a光产生的干涉条纹间距比b光大D.若a光不能使某金属发生光电效应，则b光一定不能使该金属发生光电效应5、在高纬度地区的高空，大气稀薄，常出现五颜六色的弧状、带状或幕状的极其美丽壮观的发光现象，这就是我们常说的“极光”．“极光”是由太阳发射的高速带电粒子（重力不计）受地磁场的影响，进入两极附近时，撞击并激发高空中的空气分子和原子引起的．假如我们在南极地区忽然发现正上方的高空出现了射向地球的、沿顺时针方向生成的紫色弧状极光（显示带电粒子的运动轨迹），则关于弧状极光的弯曲程度下列说法正确的是（）A.轨迹半径逐渐减小B.轨迹半径先增大后减小C.轨迹半径先减小后增大D.轨迹半径逐渐增大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则（）

A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.R3上消耗的功率逐渐减小D.质点P仍处于静止状态7、如图所示；一粗糙的足够长的直杆与水平面的夹角为θ，此区域内存在与杆垂直且垂直于纸面向里的水平匀强磁场和与磁场正交的水平向右的匀强电场，一带正电的小圆环直径略大于杆的直径，套在直杆上，当将圆环由静止释放时，圆环会沿杆下滑．现给圆环一沿杆向上的初速度，以沿杆向上的方向为正，则以下关于圆环运动的v-t图象，可能正确的有。

A.B.C.D.8、一定质量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程回到原状态，其图像如图所示，其中对角线的延长线过原点O。下列判断正确的是（）

A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程中外界对气体做的功等于在过程中气体对外界做的功9、如图所示，线圈ABCD匝数n＝10，面积S＝0.4m2，边界MN(与线圈的AB边重合)右侧存在磁感应强度B＝T的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕AB边以ω＝10πrad/s的角速度匀速转动；则以下说法正确的是()

A.线圈产生的是正弦交流电B.线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80VC.线圈转动s时瞬时感应电动势为40VD.线圈产生的感应电动势的有效值为40V10、如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0．若改变四个电阻中的一个阻值；则（）

A.减小R1，C1、C2所带的电量都增加B.增大R2，C1、C2所带的电量都增加C.增大R3，C1、C2所带的电量都增加D.减小R4，C1、C2所带的电量都增加评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)11、由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，若该直线的斜率和横轴截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为_______,所用材料的逸出功可表示为__________．（结果均用k和b表示）

12、一气缸内储有10mol的单原子分子理想气体，在压缩过程中，外力做功209J，气体温度升高1K，则气体内能的增量E为________J，吸收的热量Q为________J。13、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

14、如图所示，平行导轨间的距离为d，一端跨接一个电阻R，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于平行金属导轨所在平面向里。一根足够长的金属棒与导轨成θ角放置，金属棒与导轨的电阻不计，当金属棒沿垂直于棒的方向滑行时，则ab的电势差为____，φa_____φb。（填写“＜”“＞”“﹦”）

15、一物体沿x轴做简谐运动，振幅12cm，周期2s．当t=0时，位移为6cm，且向x轴正方向运动；

（1）物体做简谐运动的表达式（用正弦函数表示）为_________________；

（2）t=10.5s时物体的位置为________cm16、机械波产生和传播的条件是：①存在一个做振动的波源，②在波源周围存在____；机械波传播的是_________和___________。17、光电效应实验中，用波长为的单色光A照射某金属板时，刚好有光电子从金属表面逸出．当波长为的单色光B照射该金属板时，光电子的最大初动能为______，A、B两种光子的动量之比为_____．（已知普朗克常量为h、光速为c）18、如图所示，电源输出电压U=10V，A、B两板间距离为2cm，C点离A板5mm，D点离B板4mm，则EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)22、图（a）是测量电源电动势E和内阻r的原理图。为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻的电阻丝ac上标有长度刻度。

（1）请根据电路图（a）把实物图（b）电路连接完整______________________；

（2）闭合开关S，记录ab的长度L和电流表A的示数I；滑动b点改变ab的长度L，测得6组L和I值，并算出对应的值．写出与L、E、r、R0、r0的关系式=______；

（3）根据﹣L图线算出电源电动势E=______V，内阻r=______Ω。（计算结果保留到小数点后两位）23、如图所示，画有直角坐标系xOy的白纸位于水平桌面上．M是放在白纸上的半圆形玻璃砖，其底面的圆心在坐标原点，直边与x轴重合，OA是画在纸上的直线，P1、P2为竖直地插在直线OA上的两枚大头针，P3是竖直地插在纸上的第三枚大头针，α是直线OA与y轴正方向的夹角，β是直线OP3与y轴负方向的夹角．只要直线OA画得合适，且P3的位置取得正确，测出角α和β，便可求得玻璃的折射率．某学生在用上述方法测量玻璃的折射率时，在他画出的直线OA上竖直地插上了P1、P2两枚大头针，但在y＜0的区域内，不管眼睛放在何处，都无法透过玻璃砖看到P1、P2的像，他应采取的措施是________________________．若他已透过玻璃砖看到P1、P2的像，确定P3位置的方法是______________．若他已正确地测得了α、β的值，则玻璃的折射率n＝__________．

24、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中；实验室提供了如下器材：

A．小灯泡(3V；1．8W)

B．电压表(量程3V；内阻约为20kΩ)

C．电流表(量程0.6A；内阻约为0．2Ω)

D．滑动变阻器(0～10Ω；2A)

E．电源(电动势3V；内阻不计)

F．开关及导线若干；坐标纸。

实验中要求小灯泡上的电压从零开始测量尽可能准确，调节测量多组对应的U、I值．如图甲所示；一组同学已经完成导线的连接．

(1)如图甲连接好电路，不闭合电键，滑动变阻器滑动头在图示中间位置时电压表示数_______________(填“为零”“不为零”)．

(2)在图甲中闭合电键滑动变阻器滑动头从右端滑到左端的过程中灯泡亮度变化情况是____________．

(3)指出图甲中该组同学连接错误的两条导线_______________(填导线编号)．

(4)图乙中a图线是改正后描出的灯泡U—I图线，图乙中b图线是另一个电源路端电压U与电源电流I的图线．如果将这样的一个灯泡与该电源连成闭合电路，该灯泡消耗电功率为____________W；如果将这样的两个灯泡串联接在该电源上，则每个灯泡消耗电功率为____________W．(结果均保留两位小数)评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)25、如图所示的螺线管的匝数为30匝，横截面积20cm2，电阻r=1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=2Ω，R2=3Ω．若穿过螺线管的磁场的方向如图所示，磁感应强度按图（b）所示的规律变化（以磁场方向向左为正）．求：

（1）t=4s时螺线管两端M、N间的电势差UMN．（2）t=4s时，R2上的电功率．26、物理学是探索自然界最基本、最普遍规律的科学，在不同情景中发生的物理过程往往遵循着相同的规律．请应用所学的物理知识，思考并解决以下问题．

（1）带电小球B静止在无限大的光滑绝缘水平面上，带同种电荷的小球A从很远处以初速度v0向B球运动，A的速度始终沿着两球的连线方向，如图1所示．两球始终未能接触．AB间的相互作用视为静电作用．

a.从加速度和速度的角度，说明B球在整个过程中的运动情况；

b.已知A、B两球的质量分别为m1和m2，求B球最终的速度大小vB．

（2）光滑的平行金属导轨MN、PQ固定在水平地面上，整个空间存在竖直向下的匀强磁场，两根相同的金属棒ab和cd垂直放置在导轨上，如图2所示．开始时cd棒静止，ab棒以初速度v0沿导轨向右运动．随后cd棒也运动起来，两棒始终未能相碰，忽略金属棒中感应电流产生的磁场．

a.已知两根金属棒的质量均为m，求cd棒最终获得的动能Ek；

b.图3是图2的俯视图．请在图3中画出ab、cd棒在达到最终状态之前，棒内自由电子所受洛伦兹力的示意图；并从微观的角度，通过计算分析说明，在很短的时间△t内，ab棒减少的动能是否等于cd棒增加的动能．27、如图(a)，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为t1=0时刻和t2时刻的波形图，P、Q分别是平衡位置为x1=l.0m和x2=4.0m的两质点．图(b)为质点Q的振动图像；求：

(1)波的传播速度和t2的大小；

(2)质点P的位移随时间变化的关系式．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

光既具有粒子性，又具有波动性，大量的光子波动性比较明显，个别光子粒子性比较明显，A正确；在光的波粒二象性中，频率越大的光其粒子性越显著，频率越小的光其波动性越显著，B正确；光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性，C正确；光的波粒二象性是指光有时表现为波动性，有时表现为粒子性，二者是同一的，D错误．2、B【分析】【详解】

气体的压强

由于mA>mB，所以pA>pB

所以VA<VB

根据可得

由于T和△T相同，VA<VB，所以△VA<△VB，即B下降的比A下降的多。

故选B。

【点睛】

本题的关键是分析气体的体积的变化情况，首先要分析出气体的压强是不变的，根据即可解题。3、C【分析】【详解】

质量、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位千克、米和秒就是基本单位；力不是基本物理量，牛顿不是基本单位，选项A错误；蹦极运动员离开蹦床上升过程中，加速度向下，处于失重状态，选项B错误；与“微观粒子的能量是量子化的”这一观念相关的物理常量是普朗克常量h，选项C正确；霍尔元件能够把磁学量转换为电学量，故D错误；故选C.4、C【分析】【详解】

由图可知，b光的偏折程度大，故b光的折射率较大，则b光频率大，A错误；因蓝色光的频率大于黄色光频率，所以若a光是蓝色光，则b光不可能黄色光，B错误；a光的频率较小，波长较长，根据知，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距，C正确．a光的频率小，若a光不能使某金属发生光电效应，b光不一定不能使金属发生光电效应，D错误．选C.5、A【分析】【详解】

由题意可知，运动过程中粒子因空气阻力做负功，粒子的动能变小，速度减小，而且磁场的强度逐渐增强，则根据公式可知轨迹半径逐渐小，故A正确，BCD错误．二、多选题(共5题，共10分)6、B:C【分析】【分析】

由图可知电路结构；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点P的受力情况可知质点的运动情况．

【详解】

由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中的电流增大，电压增大，故电压表示数减小，故A错误；因电容器两端电压等于并联电路两端的电压，电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P向下运动，故D错误；因R3两端的电压减小，由P=U2/R可知，R3上消耗的功率减小；故C正确；故选BC。

【点睛】

解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体-局部-整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．7、A:B【分析】【分析】

小球受电场力；重力、支持力、洛伦兹力和摩擦力；其中利用左手定则判断出洛伦兹力方向，同时要注意在上滑时支持力方向的变化，根据牛顿第二定律分析加速度情况即可；

【详解】

刚开始下滑时；对小圆环进行受力分析如图所示：

根据牛顿第二定律可知：

随着小圆环速度增大，则洛伦兹力增大，则导致摩擦力逐渐增大，则加速度逐渐减小，当小圆环的速度增大到最大速度时；加速度减小到最小为零，此后小圆环将做匀速直线运动；

当小圆环以某一速度向上滑行时；讨论：

（一）、若此时速度较小时，即时；则受力分析如图所示：

根据牛顿第二定律可知：

垂直杆的方向有：

则随着速度的减小则N增大，根据公式可知摩擦力增大，则加速度增大；当速度减小到零之后，再反向从静止开始运动，做加速度减小的加速运动，最终加速度为零，做匀速运动，与上面的分析一致；

（二）若开始时速度较大，即时；则受力分析如图所示：

根据牛顿第二定律可知：

开始时垂直杆的方向有：

则随着速度v的减小则N减小，则摩擦力减小，则加速度减小；

当速度减小到使时，则随着速度v的减小则N增，则摩擦力增大，则加速度增大，即在向上滑行时加速度先减小后增大；

当速度减小到零之后；再反向从静止开始运动，做加速度减小的加速运动，最终加速度为零，做匀速运动，与上面的分析一致，故选项AB正确，选项CD错误．

【点睛】

本题关键是分析小球的受力情况，然后对洛伦兹力大小不同情况进行分析讨论，注意v-t图象的斜率的物理意义．8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据气体状态方程

得

图像的斜率

a、c两点在同一直线上，即a、c两点是同一等容线上的两点；体积相等，选项A正确。

B．理想气体在状态a的温度大于状态c的温度，理想气体的内能只与温度有关，温度高，内能大，故气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能；选项B正确。

C．在过程中温度不变，内能不变等温变化压强与体积成反比，压强大体积小，从c到d体积减小，外界对气体做正功根据热力学第一定律

所以

所以在过程中气体向外界放出的热量等于外界对气体做的功；选项C错误。

D．在过程中，等压变化，温度降低，内能减小体积减小，外界对气体做功，根据

即

过程中，气体对外界做功

因为

所以

在过程中外界对气体做的功等于在过程中气体对外界做的功；选项D正确。

故选ABD。9、B:D【分析】【详解】

A．线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流；故A错误；

B．电动势最大值

故B正确；

C．线圈转动s、转过角度瞬时感应电动势为

故C错误；

D．在一个周期时间内，只有半个周期产生感应电动势，根据有效值的定义有

可得电动势有效值

故D正确。

故选BD。10、B:D【分析】【分析】

由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化；应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化．

【详解】

A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变；电容器所带电量不变，故A错误；

B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大；由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；

C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加；故C错误；

D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加；故D正确；

故选BD．三、填空题(共8题，共16分)11、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程得，分析可知与成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：与图象比较可知，横轴截距b为金属的极限频率，则料的逸出功为：．

【点睛】

只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．【解析】kkb12、略

【分析】【详解】

[1][2]根据理想气体内能增量公式

由题目可知单原子代入相关数据得

根据热力学第一定律，有

即气体吸收了-84.3J的热量。【解析】124.7-84.313、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510014、略

【分析】【详解】

[1][2]由导体切割磁感线时的电动势公式可知，ab中产生的感应电动势为

磁场方向垂直纸面向里，根据右手定则得到ab中感应电流方向为b到a，则电流从下向上经过R，a端相当于电源的正极，b端相当于电源的负极，则a点电势高于b点电势。【解析】>15、略

【分析】【详解】

（1）振子的周期为T=2s，则角速度为：振幅A=12cm．故x=0.12sin（πt+φ0），当t=0时，位移为6cm，可得：或因为t=0时，速度方向沿x轴正方向，所以取则子简谐运动的表达式为

（2）简谐运动的表达式为．t=10.5s时，有：．【解析】16、略

【分析】机械波产生和传播的条件是：①存在一个做振动的波源，②在波源周围存在介质；机械波传播的是运动形式和能量（或信息）。【解析】介质运动形式能量（或信息）17、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程又所以有解得又光子动量所以A、B两种光子的动量之比为1:2.【解析】1:218、略

【分析】【详解】

[1]根据串联电路特点，可知电容器两板间的电压

由

[2][3]根据U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因为φB=0

再根据UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作图题(共3题，共18分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据图（a）所示电路图连接实物电路图；实物电路图如图所示。

（2）[2]在闭合电路中，根据闭合电路的欧姆定律可得

整理可得

（3）[3]根据坐标系内描出的点作出图像；图像如图所示。

由图像可知，斜率为

电源电动势为

[4]图象截距为

电源内阻为【解析】1.470.4423、略

【分析】【详解】

（1）由题，在y＜0的区域内，不管眼睛放在何处，都无法透过玻璃砖看到P1、P2的像，要过玻璃砖看到了P1、P2的像，是因为α太大，光线在半圆形玻璃砖x轴上发生了全反射．

（2）另画一条更靠近y轴正方向的直线OA，把大头针P1、P2竖直插在所画的直线上，直到在y<0区域透过玻璃砖能看到P1、P2的像．

（3）定P3位置的方法是：插上大头针P3，使P3刚好能挡住P1、P2的像；

（4）根据折射率公式得到．

点睛：本题考查了全反射及产生的条件，用插针法测定半圆形玻璃砖折射率的原理是折射定律，根据原理确定确定P3位置的方法．【解析】（1）因为入射角太大发生了全反射（2）另画一条更靠近y轴正方向的直线OA，把大头针P1、P2竖直插在所画的直线上，直到在y<0区域透过玻璃砖能看到P1、P2的像．（3）插上大头针P3，使P3刚好能挡住P1、P2的像（4）24、略

【分析】【详解】

（1）由实物电路图可知；开关不能控制分压电路的闭合和断开，比如闭合电键，滑动变阻器滑动头在图示中间位置时电压表示数不为零．

（2）由实物电路图可知；闭合电键滑动变阻器滑动头从右端滑到左端的过程滑动变阻器接入电路的阻值增大，流过灯泡的电流减小，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，当滑片到达左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，灯泡两端电压增大，灯泡实际功率增大，灯泡变亮；

（3）描绘灯泡伏安特性曲线实验滑