2025年沪科版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、（2016•岳阳二模）如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，正极板与静电计相连，两板间有一个正检验电荷固定在P点．若正极板保持不动，将负极板缓慢向左平移一小段距离x0的过程中，静电计带电量的变化可忽略，以C表示电容器的电容、σ表示极板单位面积所带电荷量（也称面电荷密度）、U表示P点与负极板间的电势差，W表示正检验电荷的电势能．各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（）A.B.C.D.2、如图所示，物体A通过绕过定滑轮的细绳拉住物体B，使物体B静止在斜面上，当增大A的质量后，斜面对物体B的摩擦力（）A.和原来相比一定增大了B.方向可能发生了改变C.和原来相比一定减小了D.方向一定不会改变3、如图所示，电源电动势为E，内阻为r；若移动滑片使电阻增大，则（）

A.电压表的示数将增大，灯L将变暗B.电压表的示数将增大，灯L将变亮C.电压表的示数将减小，灯L将变暗D.电压表的示数将减小，灯L将变亮4、为研究钢球在液体中运动时所受阻力的大小，让钢球从某一高度竖直落下进入液体中运动，用闪光照相的方法拍摄钢球在不同时刻的位置，如图所示．已知钢球在液体中运动时受到的阻力与速度大小成正比，即F=kv，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为d，钢球的质量为m，则阻力常数k的表达式是（）A.B.C.D.5、如图,物体M在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上,关于M受力的个数,下列说法中正确的是()A.M一定是受两个力作用B.M一定是受四个力作用C.M可能受三个力作用D.M不是受两个力作用就是受四个力作用6、真空中有一竖直向上的匀强电场，其场强大小为E

电场中的AB

两点固定着两个等量异号点电荷+Q鈭�QAB

两点的连线水平，O

为其连线的中点，cd

是两点电荷连线垂直平分线上的两点，Oc=Odab

两点在两点电荷的连线上，且与cd

两点的连线恰好形成一个菱形，则下列说法中不正确的是(

)

A.ab

两点的电势不同，a

点的电势高于b

点的电势B.cd

两点的电场强度大小相同，方向也相同C.将质子从a

点移到c

点的过程中，电场力对质子做正功D.电子在O

点时的电势能大于其在b

点时的电势能7、据图判断，有关叙述错误的是（）A.酶1在此反应中起到催化剂的作用，它也可以作为另一个反应的底物B.甲物质含有的元素为C，H,O,N,PC.乙物质是DNA的基本组成单位之一D.细胞有氧呼吸时不仅有ATP生成，同时还有NADH（还原型辅酶Ⅰ）生成8、小华同学骑着自行车在平直公路上以正常速度匀速行驶时的功率约为70W，则他骑车时所受阻力约为（）A.2000NB.200NC.20ND.2N9、穿过单匝闭合线圈的磁通量每秒连续均匀地增大4Wb，则（）A.线圈中的感应电动势将均匀增大B.线圈中的感应电流将均匀增大C.线圈中的感应电动势将保持4V不变D.线圈中的感应电流保持2A不变评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、（2015•衡阳模拟）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力____（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力____（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．11、（2014•和平区三模）如图所示给出的氢原子最低的四个能级，A、B、C、D、E分别表示氢原子在这些能级之间跃迁所辐射的光子，其中波长最短的光子是____（填字母），最小的频率等于____Hz．（保留两位有效数字，普朗克常量h=6.6×10-34J•S）12、（2012春•清浦区校级月考）一个质点做直线运动的v-t图象如图所示；

（1）质点在1～3s内，做____运动，加速度大小为____m/s2；

（2）质点在3～4s内，做____运动，加速度大小为____m/s2；

（3）在第3s末的加速度大小为____m/s2．

（说明：以上填“匀加速直线”、“匀减速直线”及相应数值大小）13、用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．某次实验中得到一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个计数点，分别标明0、1、2、3、，量得0与1两点间距离x1=30mm，2与3两点间距离x3=48mm，则小车在0与1两点间平均速度为v1=______m/s，在2与3两点间平均速度为v2=______m/s．据此可判定小车做______运动．

14、如图所示；AB

两个简谐运动的位移鈭�

时间图象.

质点A

简谐运动的位移随时间变化的关系式是______cm

质点B

在1.0s

内通过的路程是______cm

．

15、某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为____．16、若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变；则在此过程中关于气泡中的气体；

（1）下列说法中正确的是____（填写选项前的字母）

A．气体分子间的作用力增大C．气体分子的平均动能减小。

B．气体分子的平均速率增大D．气体组成的系统的熵增加。

（2）若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做0.6J的功，则此过程中气泡____（选填“吸收”或“放出”）的热量是____J．气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，则此过程中，气泡内气体内能增加了____J．17、2003年3月25日伊拉克巴格达地区发生强烈沙尘暴天气，阻止了美英联军的进军．如果强风的风速约为v=20m/s，设空气密度ρ=1.3kg/m3，如果把通过横截面积为S=20m2的风的动能全部转化为电能，则利用上述已知量计算电功率的公式应为P=____大小约为____W（取一位有效数字）评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)18、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律．____．（判断对错）19、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）20、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）21、气体由状态1变到状态2时，一定满足方程=．____．（判断对错）22、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）23、沿电场线的方向，电势逐点降低．____（判断对错）24、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共28分)25、某同学利用钢球的平抛运动测定当地重力加速度．

(1)

使用如图甲所示的游标卡尺前应先将卡口合拢；检查游标尺和主尺的______是否对齐.

用已检查好的游标卡尺测量钢球的直径d

时，如图乙所示d=

______mm

(2)

如图丙所示，将光电门固定在桌子边缘，测量桌面离地高度H

钢球通过光电门的挡光时间鈻�t

抛出后落地点到桌子边缘的水平距离x.

请写出重力加速度的表达式g=

______(

用测量的物理量符号表示)

(3)

如果光电门安装在离粗糙桌面边缘一段距离处，则重力加速度g

的测量值______真实值(

选填“>

”、“=

”或“<

”)

．26、某同学利用如图所示的方法估测反应时间．

首先；甲同学捏住直尺上端，使直尺保持竖直状态，直尺的零刻度线位于乙同学两指之间.

当乙看见甲放开直尺时，立即用手指捏直尺，若捏住位置的刻度读数为x

则乙同学的反应时间为______(

重力加速度为g)

．

基于上述原理，某同学用直尺制作测量反应时间的工具，若测量范围为0隆芦0.5s

则所用直尺的长度至少为______cm(g

取10m/s2)

若以相等时间间隔在该直尺的另一面标记出表示反应时间的刻度线，则每个时间间隔在直尺上对应的长度是______的(

选填“相等”或“不相等”)

．27、为测量一铅块的质量，某同学设计了图a

所示的实验.

将铅块和钩码用跨过定滑轮的细绳连接，在质量为200g

的钩码下端拴上穿过打点计时器的纸带，闭合电源释放铅块，铅块下降，打点计时器在纸带上打下一系列的点.

图b

为纸带的一部分，其中ABCD

为四个连续的点，已知打点计时器接在频率为50Hz

的交流电源上，当地的重力加速度g=9.75m/s2

不计滑轮的质量及摩擦，回答下列问题：(

计算结果保留三位有效数字)

(1)

铅块的加速度大小为____m/s2

(2)

可求得铅块的质量为____kg

．28、某同学制作了一个结构如图(a)

所示的温度计.

一端封闭的轻质细管可绕封闭端O

自由转动，管长0.5m.

将一量程足够大的力传感器调零，细管的开口端通过细线挂于力传感器挂钩上，使细管保持水平、细线沿竖直方向.

在气体温度为270K

时，用一段水银将长度为0.3m

的气柱封闭在管内.

实验时改变气体温度，测得封闭气柱长度l

和力传感器读数F

之间的关系如图(b)

所示(

实验中大气压强不变)

．

(1)

管内水银柱长度为______m

为保证水银不溢出，该温度计能测得的最高温度为______K.

(2)

若气柱初始长度大于0.3m

该温度计能测量的最高温度将______(

选填：“增大”；“不变”或“减小”)

．

(3)

若实验中大气压强略有升高，则用该温度计测出的温度将______(

选填：“偏高”，“不变”或“偏低”)

．评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)29、打点计时器是高中物理中重要的实验仪器；下图中的甲；乙两种打点计时器是高中物理实验中常用的，请回答下面的问题：

（1）图乙是____（填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是____（填“交流4-6V”或“交流220V”）．

（2）某同学在“用打点计时器测速度”的实验中；用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上依次确定出A；B、C、D、E五个计数点．其相邻点间的距离如图丙所示，每两个相邻的计数点之间还有5个计时点未标出．各点到A距离分别为2.88cm，7.20cm，A12.96cm，20.16cm．

①每两个计数点间的时间间隔____s．

②试根据纸带上数据，计算出打下D点时小车的瞬时速度是____m/s（保留三位有效数字）．

③物体运动加速度____m/s2（保留三位有效数字）．

（3）用打点计时器测定物体的速度，当使用的电源频率高于50Hz时，如果仍按50Hz来计算，则测得的速度将比真实值____（偏大、偏小、无影响）．30、（13分）如图甲所示，用包有白纸的质量为1.00kg的圆柱棒替代纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之匀速转动，使之替代打点计时器。当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔就在圆柱棒面上的纸上画出记号，如图乙所示。设毛笔接触棒时不影响棒的运动，并测得记号之间的距离依次为26.1mm、50.0mm、74.0mm、98.0mm、122.2mm、146.1mm，由此验证机械能守恒，已知电动机铭牌上标有“1200r/min”字样。根据以上内容，可得：（1）毛笔画相邻两条线的时间间隔=____s，图乙中纸带的____端是圆柱棒的悬挂端（填左或右）。（2）根据乙所给的数据，可知毛笔画下记号C时，圆柱棒下落的速度____；画下记号D时，圆柱棒下落的速度____；记号C、D之间棒的动能的变化量为____J，重力势能的变化量为J（取结果均保留三位有效数字）。由此可得出的结论是____。31、某同学探究“用打点计时器测匀变直线运动的速度”；在实验中，让小车在斜面上匀加速下滑，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A；B、C、D、E、F、G共7个计数点．其相邻点间的距离如图1所示，每两个相邻的计数点之间还有四个打印点未画出．

该同学用以上纸带来测量出打点计时器在打B、C、D、E、F各点时，小车运动所对的速度VB、VC、VD、VE、VF的大小．方法如下：

（1）由纸带可求得AC、BD、CE、DF各段的平均速度分别为：V1=____、V2=____、V3=____、V4=____．

（2）以打A点时开始计时，设每打两个相邻计数点之间的时间间隔为t=____；画出小车做匀加速直线运动的V-T图象，如图2所示，先以AC段为研究对象，由图象可得：

①VA、VB、VC三者的关系的表达式是：____；

②在V-T图象中用____表示位移的大小，则计算AC段的位移公式：____，AC段的平均速度的表达式是____，由此，该同学得知打点计时器在打B点时小车的速度VB=____．同理可得VC=____．32、某同学用如图1所示装置通过半径相同的A；B两球的碰撞来验证动量守恒定律．图中PQ是斜槽；QR为水平槽．实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近末端的地方，让A球仍从位置G自静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作10次．图中的O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点．B球落点痕迹如图所示，其中米尺水平放置，且平行于G、R、O所在平面，米尺的零点与O点对齐．

（1）碰撞后B球的水平射程应取为____cm．

（2）在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？____（填选项号）

A；水平槽上未放B球时；测量A球落点位置到O点的距离；

B；A球与B球碰撞后；测量A球落点位置到O点的距离；

C；测量A球或B球的直径；

D；测量A球或B球的质量（或两球质量之比）；

E；测量G点相对水平槽面的高度．

（3）现提供以下实验步骤：

A．确定铅锤线的对应点O；

B．不放m2，让m1从斜槽滚下；确定它落地点的位置P；

C．放m2于斜槽最前端，让m1从斜槽滚下，与m2正碰后，确定m1、m2落地点的位置M；N；

D．量OM；OP、ON；

E．看m1+m2与m1是否相等；以验证动量守恒定律．

指出上述步骤的不完善之处，____．评卷人得分六、证明题(共4题，共32分)33、如图所示，一列平面波朝着两种介质的界面传播，A1A2是它在介质I中的一个波面，C1和C2位于两种介质的界面上，B1B2是这列平面波进入介质II后的一个波面；A1C1和A2C2是它的两条波线，入射角为θ1，折射角为θ2，波在I、Ⅱ介质中的传播速度分别为v1和v2．

（1）试根据惠更斯原理证明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的长度为0.6m，介质I和介质II中的波速之比为v1：v2=4：3，则：A1C1B1与A2C2B2的长度相差多少？34、（2013春•崇明县期末）如图所示，倾角为θ的光滑斜面上离地面高为h1的A处有一木块，自静止起匀加速滑下．在滑行过程中取一任意位置B，经过B处时木块速度为v，位置B离地面高度h2．已知EA=mgh1，EB=mgh2+，试用牛顿第二定律和初速为零的匀加速直线运动公式证明：EA=EB．35、如图所示，两个光滑的水平导轨间距为L．左侧连接有阻值为R的电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m的导体棒以初速度v0向右运动．设除左边的电阻R外．其它电阻不计．棒向右移动最远的距离为s，问当棒运动到λs时0＜λ＜L，证明此时电阻R上的热功率：P=．36、带电离子以速度v沿CB方向射入一横截面为正方形的区域，C，B为该正方形两边的中点，如图所示，不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子恰好从A点飞出；当区域内有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子也恰好从A点飞出，试证明：=v．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决定式可知电容的变化；由定义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．【解析】【解答】解：A、当负极板左移时，d增大，由C=可知；C与x图象的关系如图所示，故A正确；

B；σ表示极板单位面积所带电荷量；而电容器极板电量不变，则面电荷密度也不变，故B错误；

C、因负极板接地，设P点原来距负极板为x，则P点的电势φ=E（x-x0），那么U=E（x-x0）；与x成线性关系；故C错误；

D、电势能W=φq=Eq（x-x0）；应该是倾斜直线，故D错误；

故选：A．2、B【分析】【分析】分析B重力沿斜面方向的分力与拉力的大小关系，根据平衡确定摩擦力的方向，以及摩擦力的大小．【解析】【解答】解：设A的质量为m；B的质量为M，若Mgsina＞mg，故B物块有下滑趋势，方向沿斜面向上，当增大A的质量后，静摩擦力减小，当A得质量增大到一定程度时，摩擦力方向方向且与原来摩擦力大小相等；

若Mgsina=mg；故大物块没有滑动趋势，所受的摩擦力的大小为零，当增大A的质量后，静摩擦力增大，故B正确，ACD错误。

故选：B3、A【分析】【分析】由图可知滑动变阻器与灯泡串联，电压表并联在变阻器两端；滑动变阻器的电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流的变化，再分析电压表示数的变化．根据电流的变化分析灯泡亮度的变化．【解析】【解答】解：滑动变阻器接入电阻增大，则由全电路欧姆定律可得，电路中电流变小；路端电压U=E-I（r+R）；则知U变大，即电压表的示数将增大．

电路中电流减小；则灯L将变暗．故A正确．

故选：A．4、B【分析】【分析】由图看出，钢球最后做匀速运动，求出此时钢球的速度，由平衡条件求出阻力大小，根据F=kv，求出阻力常数k的表达式．【解析】【解答】解：由题，闪光照相机的闪光频率为f，则闪光周期为T=

由图看出：钢球最后在相等的时间内通过的位移相等；说明钢球在做匀速运动，则此时钢球的速度大小为：

v==2df

由平衡条件得；钢球受到的阻力大小为：F=mg

根据F=kv，得：k==；选项ACD错误，B正确．

故选B5、D【分析】若拉力F大小等于物体的重力,则物体与斜面没有相互作用力,所以物体就只受到两个力作用;若拉力F小于物体的重力时,则斜面对物体产生支持力和静摩擦力,故物体应受到四个力作用,D正确.【解析】【答案】D6、D【分析】解：A

根据等量异种电荷的电场特点，知AB

两处的点电荷产生的电场的方向向右，a

点的电势高于b

点的电势，匀强电场中，ab

两点的电势相同，则电场叠加后，a

点的电势高于b

点的电势.

故A正确；

B；等根据等量异种电荷的电场特点；知cd

两点的场强相同，匀强电场中，cd

两点的场强也相同，则电场叠加后，cd

两点的电场强度仍相同.

故B正确；

C；据场强的叠加原理可知；a

到c

的区域场强方向大体斜向上偏右，所以将电子从a

点移到c

点的过程中，电场力对质子做正功，故C正确；

D、据场强的叠加可知，O

到b

区域场强方向大体斜向上偏右，当电子从左到右移动时，电场力做负功，电势能增大，所以在O

点时的电势能小于其在b

点时的电势能；故D错误．

本题选择不正确的；故选：D

本题首先要知道此电场是匀强电场和等量异种电荷的电场叠加而成；分别分析单独存在电场时各点的场强和电势特点，再利用场强的叠加，分析电势和场强即可求解．

本题的关键是明确此电场是匀强电场和等量异种电荷的合电场，再灵活利用等量异种电荷形成电场的特点和电场力做功与电势能的关系．【解析】D

7、C【分析】【分析】本题考查ATP的组成成分和组成元素，细胞有氧呼吸过程物质变化，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，形成知识网络，并应用相关知识进行推理、判断的能力。1；ATP的结构简式是“A-P～P～P”；其中“A”是腺苷，由1分子核糖和腺嘌呤组成，“～”是高能磷酸键，“P”是磷酸，ATP水解掉1分子磷酸是ADP，水解掉2分子磷酸是AMP，及腺嘌呤核糖核苷酸，水解掉3个磷酸基是腺苷。

2、由分析可知，甲是ADP，乙是腺嘌呤核糖核苷酸，丙是腺苷，丁是磷酸；酶1、酶2催化水解高能磷酸键，释放能量多，酶3水解的是普通化学键，释放能量少。【解答】A.酶1催化ATP的水解，同时酶1也可以作为另一个反应的底物，A正确；B.甲是腺苷；由核糖；磷酸和腺嘌呤碱基组成，元素是C、H、O、N、P，B正确；

C.由分析知；乙是腺嘌呤核糖核苷酸，是RNA的组成成分之一，C错误；

D.细胞有氧呼吸过程产生大量ATP和[H]；D正确。

故选C。【解析】C8、C【分析】【分析】先估计出骑自行车正常行驶时的速度大约为5m/s，再由功率的另一种表达式P=Fv算出阻力的大约值．【解析】【解答】解：学生骑自行车正常行驶时的速度大约为5m/s；因为匀速行驶，小华受平衡力，动力与阻力相等；

可由功率的另一种表达式P=Fv得出

与选择项对比；只有20N与14N最接近．

故选：C．9、C【分析】【分析】由法拉第电磁感应定律，可以求出感应电动势大小，结合欧姆定律，可确定感应电流的大小．【解析】【解答】解：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n=1×=4V；

A、闭合线圈的磁通量每秒连续均匀地增大4Wb；则感应电动势是一个定值，不随时间变化，故A错误，C正确；

B；根据欧姆定律可知；线圈中的感应电流是定值，故B错误；

D；因线圈的电阻不知；则无法确定电流的大小，故D错误．

故选：C．二、填空题(共8题，共16分)10、等于小于【分析】【分析】汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于其重力；汽车通过凸圆弧形桥路面顶部时，由汽车的重力和路面的支持力提供汽车的向心力，根据牛顿第二定律求出支持力，再根据牛顿第三定律即可判断．【解析】【解答】解：汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于其重力；汽车通过凸圆弧形路面顶部时；由汽车的重力和桥面的支持力的合力提供汽车的向心力，即：

mg-FN=m

解得：FN=mg-m

有：FN＜mg

根据牛顿第三定律可知，汽车对路面的压力为：FN′=FN＜mg．

故答案为：等于，小于．11、B1.6×1014【分析】【分析】根据玻尔理论△E=Em-En（m＞n）分析，哪种跃迁所发出的光子能量最小，频率就最小．使基态氢原子电离，照射光的能量至少等于电离能E=E∞-E1，再求出波长．【解析】【解答】解：根据λ=，可知，波长最短，即频率最大，由玻尔理论△E=Em-En（m＞n）可知；B对应的光子频率最大；

根据玻尔理论△E=Em-En（m＞n）分析得知；氢原子从n=4跃迁到n=3能级时放出的光子频率最小，则有。

E4-E3=hγ

得到γ==Hz=1.6×1014Hz

故答案为：B，1.6×1014．12、匀减速直线2匀加速直线22【分析】【分析】在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．【解析】【解答】解：（1）质点在1～3s内，速度均为正数即物体向正方向运动，斜率为负常数，所以物体沿正方向的匀减速直线运动；由a==m/s2=-2m/s2

所以物体的加速度大小为2m/s2

（2）质点在3～4s内图象的斜率与质点在1～3s内图象斜率相同，即加速度相同a=-2m/s2，由于物体在3～4s内的初速度为零，所用物体沿负方向的匀加速直线运动；加速度大小为2m/s2．

（3）质点在1～4s内图象的斜率为定值即物体的加速度不变，均为2m/s2．

故答案为：匀减速直线，2，匀加速直线，2，213、略

【分析】解：每五个打印点取一个计数点；所以相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s；

小车在0与1两点间平均速度为：v1==0.3m/s；

在2与3两点间平均速度为：v2==0.48m/s

由图可以看出纸带上的点之间的距离先增大后不变说明纸带的运动情况为先加速运动后匀速运动；

故答案为：0.3；0.48，先加速运动后匀速。

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上1；2点时小车的瞬时速度大小．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.3；0.48；先加速运动后匀速14、略

【分析】解析由图象知：A

的振幅是0.6cm

周期是0.4s

得：娄脴=2娄脨T=5娄脨

由图象知：A

开始起振的方向向下；则简谐运动的表达式为：xA=鈭�0.6sin5娄脨tcm

．

由图可知，B

的振幅为0.3cm

周期是0.8s

开始时B

位于平衡位置，则在1.0s

内，即54T

时间内的路程等于5A

所以：s=5A=5隆脕0.3=1.5cm

故答案为：x=鈭�35sin5娄脨t1.5

振幅是振子离开平衡位置的最大距离.

完成一次全振动的时间为一周期，从图上直接读出振幅和周期.

简谐运动的表达式为x=Asin(娄脴t+娄脮)

由娄脴=2娄脨T

求出角速度；娄脮

为初相位，由图读出，即可写出振动方程．

质点在一个周期内的路程等于4A

由此结合运动的时间即可求出．

解决本题的关键是能从振动图象上获取信息，会求简谐运动的位移，以及掌握简谐运动的表达式x=Asin(娄脴t+娄脮)

．【解析】x=鈭�35sin5娄脨t1.5

15、【分析】【分析】由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=Ed求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE【解析】【解答】解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．

故答案为：16、D吸收0.60.2【分析】【分析】理想气体不计分子势能，故理想气体的内能只与温度有关，分析温度的变化可知内能的变化．一定质量的理想气体内能只跟温度有关，温度不变，其内能不变．气体对外做功，功为负值，根据热力学第一定律分析吸放热情况和内能变化情况．【解析】【解答】解：（1）A；理想气体是除了碰撞外没有其它作用力；故分子间没有作用力，A错误；

BC；因气泡在上升过程中温度不变；平均动能不变，平均速率不变，BC错误；

D；气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变；则在此过程中气泡内气体组成的系统的熵增加，故D正确．

故选：D．

（2）气泡从湖底上升到湖面过程中；W=-0.6J，△U=0，根据热力学第一定律△U=W+Q得Q=0.6J，即吸收热量0.6J．

气泡到达湖面后；温度上升的过程中W=-0.1J，Q=0.3J，则△U=W+Q=0.2J，即气泡内气体内能增加0.2J．

故本题答案是：吸收，0.6；0.2．17、ρsv31×105【分析】【分析】在t时间内通过横截面积为20m2的风能全部转化为电能，根据能量守恒定律列式求解即可．【解析】【解答】解：在t时间内通过横截面积为20m2的风能全部转化为电能；根据能量守恒定律，有：

Pt=mv2

其中m=ρV=ρ×vtS

故：P=ρSv3=×1.3×20×203=1×105W

故答案为：ρSv3，1×105．三、判断题(共7题，共14分)18、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根据x-t图象的意义可知；x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律，所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】根据理想气体的状态方程即可做出判定．【解析】【解答】解：对于一定质量的理想气体，由状态1变到状态2时，一定满足方程=．若不满足一定质量的条件；该公式不成立．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×22、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×23、√【分析】【分析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系；根据沿电场线的方向，电势逐点降低即可解答．【解析】【解答】解：根据电场线的物理意义：顺着电场线方向；电势降低．故该说法是正确的．

故答案为：√24、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×四、实验探究题(共4题，共28分)25、略

【分析】解：(1)

游标卡尺前应先将卡口合拢；检查游标尺和主尺的零刻度线是否对齐．

游标卡尺的主尺读数为：0.4cm

游标尺上第10

个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.1隆脕10mm=0.10mm

所以最终读数为：0.50cm=5.0mm

．

(2)

球平抛运动；水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动；

依据运动学公式，则有：H=12gt2x=v0t

而v0=d鈻�t

解得：g=2Hd2x2鈰�鈻�t2

(3)

根据重力加速度表达式，g=2Hd2x2鈰�鈻�t2

当光电门安装在离粗糙桌面边缘一段距离处，则导致d鈻�t

值偏大；那么重力加速度的测量值大于真实值．

故答案为：(1)

零刻度线，5.0(2)2Hd2x2鈰�鈻�t2(3)>

．

(1)

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．

(2)

依据平抛运动处理规律；结合运动学公式，即可求解；

(3)

根据瞬时速度的影响分析重力加速度的测量值和真实值的关系．

对于基本测量仪器如游标卡尺要了解其原理，解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握平抛运动处理规律，及运动学公式的应用．【解析】零刻度线；5.02Hd2x2鈰�鈻�t2>

26、125不相等【分析】解：直尺下降的时间即为自由落体运动的时间t

根据x=12gt2

可得：

t=2xg

即乙同学的反应时间为2xg

．

测量范围为0隆芦0.5s

则所用直尺的长度即为自由落体下降0.3s

的位移的大小，即：

h=12gt2=12隆脕10隆脕0.52=1.25m=125cm

自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动；根据初速度为零的匀加速直线运动的推论可知；

在相等时间间隔通过的位移之比为135(2n鈭�1).

所以每个时间间隔在直尺上对应的长度是不相等的．

故答案为：2xg125

不相等。

直尺做的是自由落体运动；根据自由落体运动计算下降的时间，直尺下降的时间就是人的反应时间，根据匀变速直线运动的规律分析相等时间间隔内位移的变化规律．

本题自由落体运动规律在生活的应用，自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，结合自由落体运动考查了匀加速直线运动的规律，难度不大．【解析】2xg125

不相等27、(1)5.00(2)0.621

【分析】【分析】(1)(1)刻度尺要估读的分度值的下一位；根据娄陇x=aT2

可得铅块的加速度；(2)(2)以铅块和钩码整体为研究对象，根据牛顿第二定律球出铅块的质量。本题考查牛顿第二定律和纸带加速度的计算，注意单位换算，基础题。【解答】(1)(1)根据刻度尺读数规则，毫米刻度尺需要估读到0.1mm0.1mm计时点DD对应刻度尺的刻度值为7.60cm7.60cm由娄陇x=aT2娄陇x=aT^{2}可得铅块的加速度大小a=?xT2=5.00m/s2a=dfrac{?x}{{T}^{2}}=5.00;m/{s}^{2}(2)(2)以铅块和钩码整体为研究对象，由牛顿运动定律得Mg鈭�mg=(M+m)aMg-mg=(M+m)a解得铅块的质量M=0.621kgM=0.621kg故答案为(1)5.00

；(2)0.621

【解析】(1)5.00(2)0.621

28、略

【分析】解：(1)

设管内水银柱长度为l

管子长度为L

水银柱的重力为G

．

由图知：气柱长度为l1=0.31m

时；力传感器读数F1=0.36N

气柱长度为l2=0.35m

时，力传感器读数F2=0.40N

以O

点为支点；根据力矩平衡得：

G(l1+l2)=F1L

G(l2+l2)=F2L

两式相除得：2l1+l2l2+l=F1F2

代入解得l=0.1m

所以水银不溢出时；气柱最大长度为Lm=L鈭�l=0.5m鈭�0.1m=0.4m

设该温度计能测得的最高温度为Tm.

根据盖?

吕萨克定律得：

L1SLS=T1Tm

可得Tm=LmL1T1=0.40.3隆脕270K=360K

(2)

若气柱初始长度大于0.3m

由Tm=LmL1T1

知；Lm

和T1

均不变，当L1

增大时，可得Tm

减小.

即温度计能测量的最高温度将减小．

(3)

若实验中大气压强略有升高，封闭气体的压强略增大，由气态方程pVT=c

当气体温度升高气柱向右移动的距离将小于大气压不变时移动的距离，可知，测得的温度将偏低．

故答案为：(1)0.1360.(2)

减小.(3)

偏低．

(1)

由图读出l=0.31m

和0.35m

时F

对应的值.

以O

点为支点；对两种情况，分别根据力矩平衡条件列式，可求得水银柱长度.

当水银柱移动管口时温度计测得的温度最高.

由于气体发生等压变化，根据盖?

吕萨克定律求温度计能测得的最高温度．

(2)

根据盖?

吕萨克定律分析温度计能测量的最高温度如何变化．

(3)

根据大气压强的变化；分析气柱移动距离的变化，判断测出的温度如何变化．

解决本题的关键要理解实验原理，知道管子相对于杠杆，O

为支点.

要明确气体发生的等压变化，运用盖?

吕萨克定律分析实验的误差．【解析】0.1m360

减小；偏低五、实验题(共4题，共12分)29、电火花交流220V0.120.5401.00偏小【分析】【分析】了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压；工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进行有关的操作；

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；【解析】【解答】解：（1）如图；这是一个电火花打点计时器，这种打点计时器的工作电源须是220V的交流电源．

（2）①每两个相邻的计数点之间还有5个计时点未标出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.12s；

②根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．

vD===0.540m/s

③设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x3-x1=2a1T2

x4-x2=2a2T2

为了更加准确的求解加速度；我们对两个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小车运动的加速度计算表达式为：a=

解得：a=1.00m/s2

故答案为：（1）电火花；交流220；（2）①0.12；②0.540；③1.00；

（3）偏小．30、略

【分析】试题分析:(1)毛笔画相邻两条线的时间间隔为电动机的转动周期，已知电动机铭牌上标有“1200r/min”字样，即每秒转20周，所以圆柱下落过程中，毛笔依次从圆柱的下端往上端画，随着时间圆柱是加速运动，在乙图中圆柱的左端速度较大，右端速度较小，所以图乙中的圆柱棒的左端是悬挂端。(2)利用匀变速直线运动的推论：C、D之间棒的动能的变化量为根据重力势能的定义式得：重力势能减小量重力势能减小量略大于C、D之间棒的动能的变化量，所以在误差允许范围内圆柱下落过程中机械能守恒。考点：本题考查了用打点计时器测速度、验证机械能守恒定律。【解析】【答案】（1）0.05s（2分）,左（2分）（2）1.24（2分），1.72(2分)，0.710（2分），0.725（2分），在误差允许范围内圆柱下落过程中机械能守恒（2分）31、0.4000.4790.5600.6400.1sVB=面积XAC=×2t=【分析】【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解析】【解答】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据平均速度定义得：

由纸带可求得AC、BD、CE、DF各段的平均速度分别为V1==0.400m/s；

V2==0.479m/s；

V3==0.560m/s；

V4==0.640m/s．

（2）以打A点时开始计时；设每打两个相邻计数点之间的时间间隔为t=0.1s；

由图象可得：

①VA、VB、VC三者的关系的表达式是：VB=；

②在V-T图象中用面积表示位移的大小，则计算AC段的位移公式：XAC=×2t

AC段的平均速度的表达式是=，由此，该同学得知打点计时器在打B点时小车的速度VB=．同理可得VC=．

故答案为：（1）0.400；0.479；0.560