2025年沪科版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选择性必修2物理下册月考试卷439考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、氕、氘、氚的电荷数相同，质量之比为1：2：3，它们由静止经过相同的加速电压加速，之后垂直进入同一匀强磁场，不计重力和它们间的相互作用，则（）A.运动半径之比为∶∶1B.运动半径之比为3：2：1C.运动周期之比为1：2：3D.运动周期之比为3：2：12、下列关于电动机的说法错误的是（）A.安培力使电动机转子转动B.电动机是一种将电能转化为机械能的装置C.直流电动机的换向器的作用是不断改变磁场方向D.改变输入电流的大小可以调节电动机的转速3、在一水平放置的平板MN的上方有匀强磁场，磁感应强度的大小为B，磁场方向垂直于纸面向里。许多质量为m、带电量为+q的粒子，以相同的速率v沿位于纸面内的各个方向，由小孔O射入磁场区域。不计重力，不计粒子间的相互影响。图中阴影部分表示带电粒子可能经过的区域，其中哪个图是正确的？（）A.B.C.D.4、楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？A.电阻定律B.库仑定律C.欧姆定律D.能量守恒定律5、如图所示，一个边长为a、电阻为R的等边三角形线框，在外力作用下，以速度v匀速穿过宽均为a的两个匀强磁场。这两个磁场的磁感应强度大小均为B，方向相反。线框运动方向与底边平行且与磁场边缘垂直。取逆时针方向的电流为正。若从图示位置开始，线框中产生的感应电流I与沿运动方向的时间t之间的函数图象；下面四个图中正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、我国在电磁轨道炮领域的研究走在世界的前列；如图所示为电磁轨道炮原理示意图，图中虚线表示电流方向，下列说法正确的是（）

A.如果电流方向如图中所示，则该电流在两轨道间产生的磁场方向竖直向上B.电流大小一定时，两导轨距离越近，两导轨间的磁场越强C.如果电流反向，炮弹所受安培力也会反向，炮弹将无法发射出去D.要提高炮弹的发射速度，可减小导轨的长度7、在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P＋和P3＋，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域，如图所示，已知离子P＋在磁场中转过30°后从磁场右边界射出。忽略离子间的相互作用，在电场和磁场中运动时，离子P＋和P3＋（）

A.在电场中的加速度之比为1：1B.在磁场中运动的轨迹半径之比为1：3C.在磁场中转过的角度之比为1：2D.离开电场区域时的动能之比为1：38、如图甲所示的交流电路中，变压器为理想变压器，电流表、电压表均为理想电表。已知变压器原、副线圈的匝数比电阻当原线圈输入如图乙所示的交流电压，开关S断开时，通过的电流为则（）

A.通过的电流是B.图乙中x的值为60C.开关S断开时，原线圈输入功率为20WD.开关S闭合时，通过的电流为9、如图所示，质量为m的带电绝缘小球（可视为质点）用长为l的绝缘细线悬挂于O点，在悬点O下方有匀强磁场。现把小球拉离平衡位置后从A点由静止释放；则下列说法中正确的是（）

A.小球从A至C和从D至C到达C点时，速度大小相等B.小球从A至C和从D至C到达C点时，细线的拉力相等C.小球从A至C和从D至C到达C点时，加速度相同D.小球从A至D过程中，小球机械能守恒。10、如图所示，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨，固定在同一水平面上，其间距为左端通过导线连接一个的定值电阻。整个导轨处在磁感应强度大小的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。质量长度电阻的均质金属杆垂直于导轨放置，且与导轨接触良好，在杆的中点施加一个垂直于金属杆的水平拉力F，使其由静止开始运动。金属杆运动后，拉力F的功率保持不变，当金属杆的速度稳定后，撤去拉力F。下列说法正确的是（）

A.撤去拉力F前，金属杆稳定时的速度为16m/sB.从撤去拉力F到金属杆停下的整个过程，通过金属杆的电荷量为0.8CC.从撤去拉力F到金属杆停下的整个过程，金属杆前进的距离为1.6mD.从撤去拉力F到金属杆停下的整个过程，金属杆上产生的热量为1.6J评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)11、如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电流I。用表示磁铁对桌面的压力，用表示桌面对磁铁的摩擦力。则导线中通电后与通电前比较：变____（填“大”、“小”或“不变”）；变______（填“大”、“小”、“0”）。12、在“用DIS研究通电螺线管的磁感应强度”的实验中，磁传感器______（选填“需要”或“不需要”）调零，能描述通电螺线管内磁感应强度大小B与磁传感器插入螺线管的长度x间关系的图线可能______。

A.B.C.D.13、变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的；如图所示为可拆式变压器的构造。

（1）其工作原理是：___________；

（2）实验中考虑到变压器“三损”，实验结论将有：___________（选填“>”“＜”或“=”）。14、判断下列说法的正误。

（1）质谱仪工作时，在电场和磁场确定的情况下，同一带电粒子在磁场中的半径相同。____

（2）因不同原子的质量不同，所以同位素在质谱仪中的轨迹半径不同。____

（3）利用回旋加速器加速带电粒子，要提高加速粒子的最终速度，应尽可能增大磁感应强度B和D形盒的半径R。____

（4）增大两D形盒间的电压，可以增大带电粒子所获得的最大动能。____15、楞次定律：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要________引起感应电流的磁通量的变化。16、如图所示，在通电密绕长螺线管靠近左端处，吊一金属环a处于静止状态，在其内部也吊一金属环b处于静止状态，两环环面均与螺线管的轴线垂直且环中心恰在螺线管中轴上，当滑动变阻器R的滑片P向左端移动时，a、b两环的运动及变化情况将a将___________，b将___________（填“左摆”或“右摆”或“不动”）；a有___________的趋势，b有___________的趋势（填“收缩”或“扩张”）

17、汽车中的电磁辅助减震系统可等效简化为如图所示（俯视）的装置，减震线圈处于辐射状的水平磁场中。若某时刻测得线圈内有逆时针方向且正在增大的感应电流，则图中线圈此时在竖直方向做________运动。已知线圈质量为周长为电阻为线圈所处磁场的磁感应强度大小为以竖直向下为正方向，当线圈的加速度大小为时其速度________（重力加速度g取）

18、（1）如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下。在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。当金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，圆环L有________（填“收缩”或“扩张”）趋势，圆环内产生的感应电流________（填“变大”；“变小”或“不变”）。

（2）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向________（填“左”或“右”）运动，并有________（填“收缩”或“扩张”）趋势。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)19、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

20、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

21、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

22、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)23、传感器是把非电学量（如速度、温度、压力等）的变化转换成电学量的变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用。有一种测量人的体重的电子秤，其测量部分的原理图如图中的虚线框所示，它主要由压力传感器R（电阻值会随所受压力大小发生变化的可变电阻）和显示体重大小的仪表A（实质是理想电流表）组成。压力传感器表面能承受的最大压强为1×107Pa，且已知压力传感器R的电阻与所受压力的关系如表所示。设踏板和压杆的质量可以忽略不计，接通电源后，压力传感器两端的电压恒为4.8V，取g=10m/s2。请作答：

。压力F/N

0

250

500

750

1000

1250

1500

电阻R/Ω

300

270

240

210

180

150

120

(1)该秤零点（即踏板空载时）的刻度线应标在电流表刻度盘________A处；

(2)如果某人站在该秤踏板上，电流表刻度盘的示数为20mA，这个人的质量是__kg。24、传感器担负着信息的采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量(如温度、光、声等)转换成便于测量的量(通常是电学量)，例如热敏传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻阻值随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警器的线路图．

（1）为了使温度过高时报警器响铃，c应接在______处（填a或b）．

（2）若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P向___移动（填左或右）．

（3）如果在调试报警器达最低报警温度时，无论如何调节滑动变阻器滑片P都不能使报警器工作，且电路连接完好，各电路元件都能处于工作状态，则造成工作电路不能正常工作的原因可能是_________________（写出一个）．

25、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL；实验室提供以下器材：

待测线圈L（阻值约为5Ω）；

电流表A1（量程3.0A，内阻r1约为0.2Ω）；

电流表A2（量程0.6A，内阻r2=1.0Ω）；

滑动变阻器R1（0~10Ω）；

电压表V（量程3V；内阻约为2kΩ）；

电阻箱R2（0~99.9Ω）；

电源E（电动势E约为3V；内阻很小）；

单刀单掷开关S1、S2；导线若干。

（1）某实验小组按如图（a）所示的电路测量线圈L的直流电阻RL。实验主要步骤如下：

①按电路图连接好电路，断开开关S1、S2，滑动变阻器R1的滑片移动________（填“左”或者“右”）端；

②闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R的滑片至适当位置，记下电流表A2的示数为I2，电压表V的示数为U，线圈L的直流电阻的测量值的计算式为RL=________；

③测量完后，应先断开开关________，再断开开关________（以上两空填S1或S2）其理由是________；

（2）若只提供一个开关S1，为避免自感现象对电表的影响，经讨论，同学们认为可以利用两个电流表和一个电阻箱达到测量的目的。图（b）方框中已画了部分电路，请根据你的设计，在方框中完成电路图________。

26、在新能源汽车中，纯电动汽车占总量的以上。纯电动汽车是一种采用单一蓄电池作为储能动力源的汽车，蓄电池的安全性至关重要，主要体现在对其温度的控制上，当电池温度过高时，必须立即启动制冷系统进行降温。图甲是小明设计的模拟控温装置示意图，电磁继电器与热敏电阻滑动变阻器串联接在电压为的电源两端。当电磁铁线圈（电阻不计）中的电流I大于或等于时，衔铁被吸合，热敏电阻置于温度监测区域，其阻值与温度t的关系如图乙所示，滑动变阻器的最大阻值为

（1）图甲中应将b端与___________端相连；

（2）若设置电池温度为时启动制冷系统，则滑动变阻器阻值应为_________

（3）该电路可设置启动制冷系统的最高温度是___________评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)27、如图所示，两根电阻不计的光滑平行金属导轨由四分之一圆弧部分和水平部分构成，水平部分最右端有绝缘柱。间的宽度为间宽度的2倍，圆弧的半径r=0.45m，间导轨宽度L=1m，导轨水平部分处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=2T。两根质量均为m=1kg，长为L=1m，电阻为R=2Ω的金属棒a、b分别垂直导轨静置于圆弧顶端和水平导轨间某一位置处。某时刻将a由静止释放，沿圆弧轨道滑入水平部分，当a运动至两水平导轨分界处时与橡皮泥碰撞并粘合停止，并接入右侧水平导轨，此时b刚好运动至距绝缘柱0.5m的EF处。此后a保持静止，b继续向右运动至与绝缘柱发生弹性碰撞，反弹后b经过一段时间停在E1F1处（图中未画出）。已知a与橡皮泥发生碰撞之前两棒均已做匀速运动且b棒未与绝缘柱发生碰撞。整个运动过程中金属棒与导轨接触良好，g取10m/s2。求：

（1）求金属棒a下滑到BB1时的速度大小；判断a刚进入磁场时俯视看通过回路的电流方向（答“顺时针”或“逆时针”）及此时金属棒a受到的安培力方向；

（2）求金属棒a匀速运动的速度大小；以及从金属棒a开始下滑到a、b匀速运动的过程中，金属棒b上产生的焦耳热；

（3）E1F1距绝缘柱的距离。

28、如图甲所示，两条相距l=1m的水平粗糙导轨左端接一定值电阻。t=0s时，一质量m=1kg、阻值r=0.5Ω的金属杆，在水平外力的作用下由静止开始向右运动，5s末到达MN，MN右侧为一匀强磁场，磁感应强度B=1T，方向垂直纸面向内。当金属杆到达MN后，保持外力的功率不变，金属杆进入磁场，8s末开始做匀速直线运动。整个过程金属杆的v­t图像如图乙所示。若导轨电阻忽略不计，杆和导轨始终垂直且接触良好，两者之间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g=10m/s2；试计算：

（1）进入磁场前，金属杆所受的外力F的大小；

（2）定值电阻的阻值R；

（3）若前8s金属杆克服摩擦力做功127.5J，试求这段时间内电阻R上产生的热量。

29、如图甲所示，一正方形线圈的匝数为240匝，边长为a=0.5m，对应的总电阻为2Ω，电阻R=1Ω并通过导线与线圈相连；线圈平面与匀强磁场垂直且固定，且一半处在磁场中，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化的关系如图乙所示，求：

（1）判断线圈中产生的感应电流的方向是顺时针还是逆时针；

（2）6s内通过电阻R的电荷量；

（3）t=4s时线圈受到的安培力。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

AB．由动能定理得

得经过电压U加速后速度v＝

由

联立可得r＝＝

半径与质量的平方根成正比，即运动半径之比为1∶∶故ABC错误；

CD．根据周期公式T＝

可知周期之比等于质量之比；为1：2：3，故C正确，D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．电动机是利用通电导线在磁场中受到安培力作用而转动的装置；故A正确，不符合题意；

B．电动机转动的过程主要将电能转化为机械能；故B正确，不符合题意；

C．换向器的作用是改变线圈中电流的方向；故C错误，符合题意；

D．当输入电动机的电流发生变化时；线圈所受到的安培力发生变化，线圈的转速发生变化，故D正确，不符合题意。

故选C。3、D【分析】【详解】

由题意可知，所有粒子在磁场中运动的速率相同，则有运动半径相同，由图可知，由O点射入，因是带正电粒子，水平向右的粒子恰好应为最右边界，随粒子运动方向偏转，粒子转动轨迹圆可认为是以O点为圆心以2R为半径转动；解析图如图所示，则有符合题意的范围应为D图，因此ABC错误，D正确。

故选D。

4、D【分析】【详解】

楞次定律指感应电流的磁场阻碍引起感应电流的原磁场的磁通量的变化,这种阻碍作用做功将其他形式的能转变为感应电流的电能,所以楞次定律的阻碍过程实质上就是能量转化的过程.5、B【分析】【详解】

C．线框从开始进入到全部进入第一个磁场时；磁通量向里增大，由楞次定律可知电流方向为逆时针，C错误；

D．因切割的有效长度均匀增大，由可知时间内，切割的有效长度均匀增大，电动势也均匀增加，感应电流均匀增加，时间内；切割的有效长度均匀减小，电动势也均匀减小，感应电流均匀减小，D错误；

AB．时间内；垂直向外的磁通量增多，向内的减少，由楞次定律可知电流方向为顺时针，由于处在两磁场的线圈两部分产生的电流相同，且有效长度是均匀变大的，所以在。

时刻感应电动势是时刻的2倍；A错误，B正确。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)6、A:B【分析】【详解】

A．如果电流方向如图中所示；根据右手定则可知，该电流在两轨道间产生的磁场方向竖直向上，选项A正确；

B．根据磁场叠加原理可知；当电流大小一定时，两导轨距离越近，导轨之间的磁场越强，选项B正确；

C．根据左手定则；如果电流反向，磁场反向，炮弹所受安培力方向不变，炮弹仍能发射出去，故C错误；

D．要提高炮弹的发射速度，说明受到的安培力越大且加速的位移越长，

可增大导轨的长度；故D错误；

故选AB。7、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．P＋和P3＋两种离子的质量相同，它们的电荷量之比为1：3，由牛顿第二定律可得

解得离子的加速度为

故它们在电场中的加速度之比为1：3；A错误；

B．由动能定理可得

解得离子在离开电场时的速度表达式为

可知它们的速度之比为又由洛伦兹力作为向心力可得

解得

可知它们在磁场中运动的轨迹半径之比为B错误；

C．设磁场宽度为L，离子通过磁场转过的角度θ等于其圆心角，所以有

可知它们在磁场中转过角度的正弦值之比为又P＋转过的角度为30°，可知P3＋转过的角度为60°；即在磁场中两离子转过的角度之比为1：2，C正确；

D．离子在电场中加速过程，由动能定理可得

可知两离子离开电场的动能之比为1：3；D正确。

故选CD。8、B:C【分析】【详解】

A．电流表、电压表读数皆为交流电的有效值，通过的电流的峰值

由乙图可知原线圈电压呈正弦规律变化，且周期

所以通过的电流瞬时值

A错误；

B．对于理想变压器有

联立解得

B正确；

C．根据理想变压器，输入功率和输出功率相等

C正确；

D．开关S闭合，和并联后总阻值

又开关S断开时

开关S闭合后，通过的电流

D错误。

故选BC。9、A:C:D【分析】【详解】

AD．小球在运动过程中所受绳子拉力和洛伦兹力不做功，只有重力做功，所以小球机械能守恒，A、D两点等高，小球从A至C和从D至C到达C点时；速度大小相等，故A；D正确；

C．由向心加速度公式可得小球在C点的加速度为

由于小球从A至C和从D至C到达C点时，速度大小相等，所以小球从A至C和从D至C到达C点时；加速度大小相同，方向也相同，故C正确；

B．假设小球带正电，则小球从A至C点，在C点时，由左手定则可知，小球所受洛伦兹力向下，由牛顿第二定律

小球从D至C点，在C点时，由左手定则可知，小球所受洛伦兹力向上，由牛顿第二定律

易得

所以小球从A至C和从D至C到达C点时；细线的拉力不相等，故B错误。

故选ACD。10、B:C【分析】【详解】

A．对金属杆受力分析可知，当金属杆速度稳定时

根据法拉第电磁感应定律可得

由欧姆定律可得

由安培力公式

由公式

联立求解可得

故A错误；

BC．撤去拉力后，由动量定理可得

通过金属杆的电荷量

平均速度

解得

故BC正确；

D．由动能定理

则电阻产生的热量

解得

故D错误。

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)11、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极；因为长直导线在磁铁的中央上方，所以此处的磁感线是水平的，电流的方向垂直与纸面向外，在电流所在位置，磁感应强度水平向左，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向竖直向下；根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向竖直向上。通电前，磁铁对桌面的压力等于其重力；通电后，磁铁对水平桌面的压力等于重力与通电导线的作用力的差值，故压力变小。

[2]水平方向上，磁铁不会发生相对运动，也不会产生相对运动趋势，故不会受到摩擦力作用，即恒为零。【解析】变小012、略

【分析】【详解】

[1]测量工具在测量之前都需要调零。

[2]在螺线管管口，磁感应强度不为零，内部磁场接近匀强磁场，磁感应强度接近不变。故选B。【解析】①.需要②.B13、略

【分析】【详解】

（1）[1]变压器有两组线圈。初级线圈和次级线圈。次级线圈在初级线圈外边。当初级线圈通上交流电时；变压器铁芯产生交变磁场，次级线圈就产生感应电动势，即变压器工作原理是采用电磁感应或者互感；

（2）[2]实验中考虑到变压器“三损”，即铁芯损耗（不变损耗简称铁损），铜损（可变损耗）和附加损耗。实验结论将有【解析】电磁感应或互感大于14、略

【解析】①.正确②.正确③.正确④.错误15、略

【分析】【详解】

[1]楞次定律：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。【解析】阻碍16、略

【分析】【详解】

[1][4]当滑动变阻器R的滑片P向左端移动时，电阻减小，电路中的电流增大，电流产生的磁感应强度变强，根据楞次定律的推论阻碍的理解，a环的磁通量增大，为了阻碍其变化，a将向左摆动，远离螺线管，因为a环的磁通量有内外两个方向，其面积增大磁通量反而减小，所以a环有扩张的趋势。

[2][3]当滑动变阻器R的滑片P向左端移动时，电阻减小，电路中的电流增大，电流产生的磁感应强度变强，根据楞次定律的推论阻碍的理解，b环的磁通量也增大，但是在螺线管内部的磁场是匀强磁场b环所受安培力在同一平面内相互平衡则合力为0，所以b环将不动，但是b环有收缩的趋势。【解析】左摆不动扩张收缩17、略

【分析】【详解】

[1]线圈内有逆时针电流，由右手定则可知线圈向上运动；感应电流增大，由可得

则线圈加速运动；所以线圈向上加速运动。

[2]由解得

以竖直向下为正方向，则

由牛顿第二定律得

解得

代入数据得【解析】向上加速-2.218、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]ab棒在恒力F作用下，速度增大，切割磁感线运动产生的电动势E=Blv

增大，abdc中的感应电流增大，abdc内磁场增强，穿过圆环L的磁通量增大；所以圆环有收缩的趋势。

[2]ab棒受到的安培力F′=

逐渐增大，由F-=ma

知，加速度a逐渐减小，故速度增大得越来越慢，因此通过圆环L中的磁通量的变化率逐渐变小；圆环内产生的感应电流逐渐变小。

（2）[3][4]变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势。【解析】收缩变小左收缩四、作图题(共4题，共8分)19、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】22、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共36分)23、略

【分析】【详解】

(1)[1]由压力传感器R的电阻与所受压力的关系如表中所示可得。

由闭合电路欧姆定律。

即该秤零起点（即踏板空载时）的刻度线应标在电流表刻度盘处。

(2)[2]由闭合电路欧姆定律。

得。

由表中数据得。

由。

可得。

即这个人的质量是【解析】1.6×10-25024、略

【分析】【详解】

(1)由图乙知，温度高时，的阻值较小；左边电路中的电流大，电磁铁把触头吸到与a接触，要使报警器响铃，c应接在a处．

（2）要使启动报警的温度高些；热敏电阻的阻值更小，所以滑动变阻器的阻值要变大，滑片P向左滑动．

（3）由题意知，电磁铁产生的吸引力太小，不能把触头吸过来，吸引力小的原因可能是左边电源电压太低、线圈匝数太少；另一种可能是弹簧的拉力太大，即弹簧劲度系数太大．【解析】①.a②.左③.线圈匝数过少、或弹簧弹力太大、或电源电动势太低25、略

【分析】【详解】

（1）①[1]接通电路之前；为了保证安全，滑动变阻器接入电路部分应最大，所以滑片移动到最右端。

②[2]利用伏安法测电阻

③[3][4][5]如果先断开S1再断开S2，则电感线圈、电流表A2、电压表V组成一个回路，线圈有断电自感现象，形成较大的自感电动势，有可能烧坏电压表，所以应先断开S2再断开S1。

（2）[6]电路如图所示，设A1的读数为I1，A2的读数为I2，电箱的读数为R2，则电感线圈的电阻可表示为

【解析】右S2S1若先断开S1，则由于断电自感现象，有可能烧坏电压表26、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题意可知，当控制电路电流达到时衔铁被吸合，制冷系统工作，所以图甲中，应将b端与c端相连。

（2）[2]若设置电池温度为启动制冷系统，由图乙可知，当温度为时，Rt的阻值为100Ω，此时控制电路的总电阻

由串联电路的电阻规律，滑动变阻器接入的电阻为RP=R-Rt=250Ω-100Ω=150Ω

（3）[3]当滑动变阻器的最大阻值为200Ω时，热敏电阻的阻值Rt′=R-RP′=250Ω-200Ω=50Ω

由图乙可知此时对应的温度为所以此时该电路可设置启动制冷系统的最高温度是【解析】c15074六、解答题(共