2025年沪教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列图象与横轴所围的面积不可以表示相应的作用力做功大小的是（）A.B.C.D.2、2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受到恒力F从静止开始运动，经时间t移动的位移为S，则聂海胜的质量为（）A.B.C.D.3、甲、乙、丙三个小球分别位于如图所示的竖直平面内，甲、乙在同一条竖直线上，甲、丙在同一条水平线上，水平面上的P点在丙的正下方，在同一时刻甲、乙、丙开始运动，甲以初速度Vo做平抛运动，乙以水平速度Vo沿光滑水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动．则（）A.若甲、乙、丙三球同时相遇，则一定发生在P点B.若甲、丙两球在空中相遇，此时乙球不一定在P点C.若只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地D.无论初速度Vo大小如何，甲、乙、丙三球一定会同时在P点相遇4、质点做直线运动的位移x和时间的平方t2的关系图象如图所示；则该质点（）

A.加速度为1m/s2B.前2s的位移是2mC.第2s内的平均速度为2m/sD.1s末的速度是2m/s5、一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如表所示．根据表中提供的数据；计算出此电热水器在额定电压下处于加热状态时，通过电热水器的电流约为（）

。额定容量54L最高水温75℃额定功率1200W额定压力0.7MPa额定电压220V电器类别Ⅰ类A.6.8AB.0.15AC.5.45AD.0.23A6、质量为m的物块，沿着半径为R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为V，若物体与球壳之间的摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是（）A.受到向心力为mg+μmB.受到的摩擦力为μmC.受到的摩擦力为μmgD.受到的合力方向斜向左上方7、一枚火箭由地面竖直向上发射；其v-t图象如图所示，由图可知（）

A.tb时刻火箭离地面最远B.tc时刻火箭回到地面C.tc时刻火箭离地面最远D.在0～tb时间内火箭是上升的，在tb～tc时间内火箭是下落的8、长度为20cm的通电直导线放在匀强磁场中，电流的强度为1A，受到磁场作用力的大小为2N，则磁感应强度B（）A.B=10TB.B≥10TC.B≤10TD.不能确定评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、甲；乙两个质量相同的物体；用大小相等的力F分别拉两个物体在水平面上从静止开始移动相同的距离s．如图所示，甲在光滑面上，乙在粗糙面上，则下面的说法中正确的是（）

A.力F对甲、乙两个物体做的功一样多B.力对甲做功多C.力F对甲、乙的功率相同D.力F对甲的功率大10、如图所示，导热的气缸固定在水平地面上，用活塞把一定质量的理想气体封闭在气缸中，气缸的内壁光滑．现用水平外力F作用于活塞杆，使活塞缓慢地向右移动，由状态①变化到状态②，在此过程中，如果环境温度保持不变，下列说法正确的是：（）A.气体分子平均动能不变B.气体内能减少C.气体吸收热量E.气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，但此过程不违反热力学第二定律E.气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，但此过程不违反热力学第二定律11、如图所示，电梯质量为M

地板上放置一质量为m

的物体，钢索拉着电梯由静止开始向上做加速运动，当上升高度为H

时，速度达到v

则(

)

A.地板对物体的支持力做的功等于12mv2

B.地板对物体的支持力做的功等于mgH+12mv2

C.钢索的拉力做的功等于12Mv2+MgH

D.合力对电梯M

做的功等于12Mv2

12、简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图（甲）所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P在纸带上画出的就是小球的振动图象．取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示．则下列说法中正确的是（）A.弹簧振子的周期为4sB.弹簧振子的振幅为10cmC.t=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmE.2.5s时振子正在向x轴正方向运动E.2.5s时振子正在向x轴正方向运动13、如图的四个v-t图象中，表示物体做匀加速运动的是（）A.B.C.D.14、半圆柱形玻璃砖的圆心在O点，一束红光和一束紫光从不同角度对准O点射向玻璃砖，如图所示．结果两种色光都沿OC方向射出，则（）A.AO是红光，BO是紫光B.AO和BO穿过玻璃砖所用时间相同C.在玻璃中AO比BO的波长大D.在真空中AO比BO的速度大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、完成单位换算：72km/h=____m/s．16、（2015秋•吉林校级月考）在场强为E的匀强电场中，放一个电量为Q的点电荷，并以它为圆心在平行于电场线的平面内做一个圆．过圆心的电场线和圆交于A、B两点，A、B的垂直平分线交圆于C、D，如图所示．A点的电场强度是零．电荷带____电，圆的半径R=____，B点的合场强大小是____，C点的合场强大小是____．17、打开地球卫星上的发动机使其速率增大，待它运动到距离地面的高度比原来大的位置，再定位使它绕地球做匀速圆周运动，成为另一个轨道的卫星，则此时的卫星与原来相比，周期____，速率____，机械能____．18、如图所示．质量为M的滑块正沿着光滑水平地面向右滑动，一质量为m的小球水平向右飞行，以速度v1（对地）与滑块斜面相碰，碰后直向上弹起，速率为v2（对地）；若碰撞时间为△t．试计算：

（1）滑块速度增量的大小____．

（2）此过程中滑块对地的平均作用力____．19、一个有一定厚度的圆盘；可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，用下面的方法测量它匀速转动时的角速度．

实验器材：电磁打点计时器；米尺、纸带、复写纸片．

实验步骤：

（1）如图1所示；将电磁打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上．

（2）启动控制装置使圆盘转动；同时接通电源，打点计时器开始打点．

（3）经过一段时间；停止转动和打点，取下纸带．

①若打点周期为T，圆盘半径为r，X1，X2是纸带上选定的两点分别对应的米尺上的刻度值，n为选定的两点间的打点数（含两点），则圆盘角速度的表达式为ω=____．

②若交流电源的频率为50Hz，某次实验测得圆盘半径r=0.055m，得到纸带的一段如图2所示，则角速度为____rad/s（结果保留三位有效数字）．

20、（2012秋•东阳市校级月考）如图所示，半径为r的硬质橡胶圆环带有均匀分布的正电荷，单位长度的带电量为q，这些电荷在圆心O处产生的场强矢量和为零．现截去一小段圆弧AB，设AB=L，且L《r，那么剩余部分电荷在O点处产生的场强方向____，大小为____．评卷人得分四、判断题(共3题，共21分)21、只要温度不变且处处相等，系统就一定处于平衡态．____．（判断对错）22、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）23、质点就是体积很小的物体．____（判断对错）评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)24、（1）打点计时器是一种计时仪器，常用的电磁打点计时器使用的是交流电源．当电源频率为60Hz时，它每隔____s打一个点．

（2）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是____

A．先接通电源；后让纸带运动。

B．先让纸带运动；再接通电源。

C．让纸带运动的同时接通电源。

D．先让纸带运动或先接通电源都可以．25、【题文】(9分)某同学在研究性学习中充分利用打点计时器针对自由落体运动进行了如下三个问题的深入研究：

(1)当地的重力加速度是多少？

(2)如何测定物体下落过程中某一位置的速度？

(3)下落过程中机械能是否守恒？

此同学依据这些问题设计了如下实验方案：

如图9甲所示；将打点计时器(频率为f)固定在铁架台上，先打开电源而后释放重物，重物带动纸带从静止开始下落，打出几条纸带并在其中选出一条比较理想的纸带如图乙所示．在纸带上取出若干计数点，其中每两个计数点之间有四个点未画出．

图9

①（2分）所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________(填字母代号)中的器材．。A．交流电源、天平及毫米刻度尺B．交流电源、毫米刻度尺C．交流电源、毫米刻度尺及砝码D．交流电源、天平及砝码②（2分）计算当地重力加速度g＝________.(用f、x2、x5表示)

③（3分）为了提高实验的准确程度；该同学用图象法剔除偶然误差较大的数据，为使图线的斜率等于重力加速度，除做v－t图象外，还可作________图象，其纵轴表示的是________，横轴表示的是________．

④（2分）如图乙所示，打计数点5时重物的速度v5＝________.(用f、x3、x4、x5表示)26、（2014春•龙华区校级期中）在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻在空中所通过的位置．实验时用了如图所示的装置．先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸．将该木板竖直立于水平地面上甲处，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口平移距离x到乙处，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x到丙处，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x=10cm，A、B间距离y1=15cm，B、C间距离y2=25cm．请回答以下问题（g=10m/s2；）：

①为什么每次都要使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放？

答：____

②根据以上直接测量的物理量来求得小球初速度的表达式为v0=____（用题中所给字母表示）．

③木板在甲处时距斜槽轨道末端的水平距离是：____cm．评卷人得分六、简答题(共1题，共10分)27、如图甲所示；水平传送带以5.0m/s恒定的速率运转，两皮带轮之间的距离l=6.0m，皮带轮的半径大小可忽略不计．沿水平传送带的上表面建立xOy坐标系，坐标原点O在传送带的最左端．半径为R的光滑圆轨道ABC的最低点A点与C点原来相连，位于竖直平面内（如图乙所示），现把它从最低点处切开，并使C端沿y轴负方向错开少许，把它置于水平传送带的最右端，A点位于x轴上且与传送带的最右端之间的距离可忽略不计，轨道的A；C两端均位于最低点，C端与一水平直轨道平滑连接．由于A、C两点间沿y轴方向错开的距离很小，可把ABC仍看作位于竖直平面内的圆轨道．

将一质量m=1.0kg的小物块P（可视为质点）沿x轴轻放在传送带上某处，小物块随传送带运动到A点进入光滑圆轨道，恰好能够通过圆轨道的最高点B，并沿竖直圆轨道ABC做完整的圆周运动后由C点经水平直轨道滑出．已知小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.50，圆轨道的半径R=0.50m，取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）物块通过圆轨道最低点A时对轨道压力的大小；

（2）轻放小物块位置的x坐标应满足什么条件；才能完成上述运动；

（3）传送带由电动机带动，其与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦．若将小物块轻放在传送带上O点，求为将小物块从O点运送至A点过程中电动机多做的功．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】明确做功的必要条件，即为有力且在力的方向上由位移，抓住不同图象所围面积的乘积分析即可【解析】【解答】解：在A图象为力F与位移间的图象其中所围面积为△F•△x即为拉力做功．

B；在B图象中；为压强体积图象，所围面积为△P•△V=△P•△Sh即为压力做功。

C；在C图象中；为功率与时间图象，所围面积为△P•△t即为拉力做功；

D；D图象为力速度图象；所围面积为功率；

本题选不可以表示相应的作用力做功大小的，故选：D2、D【分析】【分析】根据位移时间公式求出宇航员的加速度，结合牛顿第二定律求出宇航员的质量．【解析】【解答】解：根据得，a=．

根据牛顿第二定律得，F=ma，解得m=．故D正确；A；B、C错误．

故选：D．3、A【分析】【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，两个分运动具有等时性．【解析】【解答】解：甲做平抛运动；在水平方向上做匀速直线运动，所以在在未落地前任何时刻，甲乙两球都在一竖直线上，最后在地面上相遇，可能在P点前，也可能在P点后；甲在竖直方向上做自由落体运动，所以在未落地前的任何时刻，甲丙两球在同一水平线上，两球相遇点可能在空中，可能在P点．所以，若三球同时相遇，则一定在P点，若甲丙两球在空中相遇，乙球一定在P点，若甲乙两球在水平面上相遇，丙球一定落地．故A正确，B；C、D错误．

故选A．4、D【分析】解：A、根据x和时间平方t2的关系图象得出位移时间关系式为：x=t2，对照匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+t2，知物体的初速度为0，加速度为a=2m/s2．且加速度恒定不变；故A错误．

B、0～2s内的位移为：x=t2=22m=4m；故B错误．

C、物体第3s内的位移为：x2=22-12=3m，平均速度为：===3m/s．故C错误；

D；1s末的速度为：v=at=2×1=2m/s；故D正确．

故选：D．

根据x和时间平方t2的关系图象写出函数关系式；进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以时间．

本题的关键要能根据图象写出函数表达式，通过比对的方法求出加速度，能根据匀变速直线运动的运动学公式求解相关量．【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】由热水器铭牌可知，加热时的额定功率是1200W，额定电压是220V，由电功率变形公式可以求出加热时的电流．【解析】【解答】解：加热时的额定功率是1200W；额定电压是220V，电热水器加热时的电流：

I==≈5.45A；

故选：C．6、D【分析】【分析】根据牛顿第二定律求出小球所受的支持力，根据滑动摩擦力公式求出摩擦力的大小，从而确定合力的大致方向．【解析】【解答】解：A、向心力的大小Fn=m．故A错误．

B、根据牛顿第二定律得：N-mg=m，则有：N=mg+m．所以滑动摩擦力为：f=μN=μ（mg+m）．故B错误；C也错误．

D；由于重力支持力的合力方向竖直向上；滑动摩擦力方向水平向左，则物体合力的方向斜向左上方．故D正确．

故选：D．7、C【分析】【分析】由v-t图；速度的正负表示方向，故知道其运动方向何时改变，可以判定A，B；

v-t图象上部面积代表的位移为正；下部面积代表的位移为负，由此可以位移变化，判定C；

由于图象的斜率表示加速度，可以判定D．【解析】【解答】解：A、由图象上部面积代表的位移为正，下部面积代表的位移为负，可知由o到c位移一直在增大，故b不是最高点；c才是最高点，故AB错误C正确；

D、速度的正负表示方向，故可oa段和bc段方向是一样的；故都是上升的，故D错误；

故选：C．8、B【分析】【分析】当磁场的方向与通电导线方向垂直时所受安培力最大F=BIL，若受到磁场作用力的大小为2N时导线与磁场垂直此时B有最小值．【解析】【解答】解：根据安培力公式：F=BILsinθ

得：B==•=10•

因为sinθ≤1；所以B≥10T；

故选：B．二、多选题(共6题，共12分)9、AD【分析】【分析】根据功的公式，可以知道拉力F对物体做功的情况，再根据动能定理可以判断物体的动能的情况【解析】【解答】解：A；由W=Fs知；拉力的大小相同，物体的位移也相同，所以拉力对两物体做的功一样多，所以A正确，B错误；

C；由动能定理可以知道；在光滑水平面上的木块，拉力对物体做的功等于物体的动能变化，在粗糙水平面上的木块，拉力对物体做正功的同时，摩擦力对物体做了负功，所以在光滑水平面上的物体获得的动能要大于在粗糙水平面上物体的动能，故C错误，D正确．

故选：AD．10、ACE【分析】【分析】封闭气体等温膨胀过程，温度是分子平均动能的标志且理想气体的内能只与温度有关，以活塞为研究对象根据受力平衡判断水平外力F的变化．【解析】【解答】解：

A；环境温度保持不变；由于气缸导热，气缸内气体温度不变，所以气缸内的气体发生等温膨胀，温度是分子热运动平均动能的标志，故分子热运动的平均动能不变，故A正确；

B；一定质量的理想气体的内能只跟温度有关；温度不变，则气体分子的内能不变，B错误；

C；温度不变；内能不能，体积膨胀时对外做功，根据热力学第一定律得知气体一定吸热，故C正确．

D；气体内能不变；对外做功，从外界吸收热量，不违反热力学第一定律，可以实现．D错误；

E；由热力学第二定律知不可能从单一热源吸热全部用来做功而不引起其它变化．该气体是从单一热源吸热；全部用来对外做功，是在外界的影响下发生的，所以不违反热力学第二定律．故E正确．

故选：ACE11、BD【分析】解：电梯由静止开始向上做加速运动；设加速度的大小为a

由速度和位移的关系式可得；V2=2aH

所以a=V22H

对电梯由牛顿第二定律可得；

FN鈭�mg=ma

所以FN=mg+ma=mg+mV22H

地板对物体的支持力做的功为W=FNH=(mg+ma)H=mgH+12mv2

所以A错误，B正确．

对于整体由牛顿第二定律可得；

F鈭�(M+m)g=(M+m)a

所以钢索的拉力为F=(M+m)g+(M+m)a

钢索的拉力做的功等于FH=(M+m)gH+12(M+m)v2

所以C错误．

根据动能定理可得，合力对电梯M

做的功等于电梯的动能的变化即为12Mv2

所以D正确．

故选BD．

根据电梯的运动情况；可以求得电梯的加速度的大小，再有牛顿第二定律可以求得电梯对物体的支持力的大小，从而可以求得功的大小．

解决本题的关键是对物体的受力分析，再根据功的公式可以逐个来求得每个力的功．【解析】BD

12、ABD【分析】【分析】弹簧振子的周期和振幅由图乙直接读出．根据周期性分析t=17s时振子相对平衡位置的位移．纸带匀速运动，由s=vt求其位移．根据图象的斜率分析振子的速度方向．【解析】【解答】解：A；周期是振子完成一次全振动的时间；由图知，弹簧振子的周期为T=4s，故A正确．

B；振幅是振子离开平衡位置的最大距离；由图知，弹簧振子的振幅为10cm，故B正确．

C；振子的周期为4s；由周期性知，t=17s时振子相对平衡位置的位移与t=1s时振子相对平衡位置的位移相同，为0．故C错误．

D；若纸带运动的速度为2cm/s；振动图线上1、3两点间的距离是s=vt=2cm/s×2s=4cm．故D正确．

E；图象的斜率表示速度；斜率正负表示速度的方向，则知2.5s时振子的速度为负，正在向x轴负方向运动，故E错误．

故选：ABD13、AC【分析】【分析】v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度．【解析】【解答】解：v-t图象中；与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，所以AC表示匀加速直线运动，B表示匀速运动，D表示匀减速直线运动，故AC正确．

故选：AC14、AC【分析】【分析】各种色光中红光的波长最长，频率最小，波速最大；紫光的波长最小，频率最大，波速最小；故红光在玻璃中折射率小于紫光的折射率，由光路图及折射定律可得知哪个光线是红光，并能得出传播时间．【解析】【解答】解：由图看出两光束的折射角相同，因红光的折射率较小，由折射定律=；故红光的入射角应大于紫光的入射角，故AO为红光BO紫光，故A正确；

B、由v=知；红光在玻璃砖中传播较大，而在玻璃中两光的光程相等，故红光穿过玻璃砖所需时间短．故B错误；

C；由前面分析红光在玻璃砖中传播较大；且红光的波动周期T较大，根据λ=vT，红光的波长较长，即AO光波长较长，故C正确；

D；真空中各种色光的传播速度都是c；相同，故D错误；

故选：AC．三、填空题(共6题，共12分)15、20【分析】【分析】此题考查速度不同单位间的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可解答．【解析】【解答】解：72km/h=72×=72×m/s=20m/s；

故答案为：20．16、负2EE【分析】【分析】该题中ABCD四个点的场强实际上是匀强电场与点电荷的电场的叠加，要用矢量合成的方法来判断．根据A点的电场强度为零可知，点电荷的带电．从而即可解题．【解析】【解答】解：根据题意可知；A点的电场强度为零，则点电荷产生的场强在A点的方向向左，大小等于E；点电荷的带负电；

由点电荷的电场强度的定义式E=；解得：R=；

因此ABCD四个点的场强实际上是匀强电场与点电荷的会聚状的电场的叠加；

对于B点两个电场在此处叠加；它们的场强大小相等，方向相同，故B的合电场强度大小为2E；

对于C点两个电场在此处叠加，它们的场强大小相等，方向相互垂直，故C的合电场强度大小为Ec==E；

故答案为：负；；2E；E17、增大减小增加【分析】【分析】本题为卫星变轨问题，要注意卫星由低轨道向高轨道运动时，轨道半径增大，由万有引力公式可知其周期、线速度、角速度的变化，则可判断机械能的变化．【解析】【解答】解：卫星在向高轨道运动时；轨道半径增加；但仍然是万有引力充当向心力；

即：=m=mr；

v=，T=2π；

则可知其线速度减小；周期增大；由于卫星在上升过程中发动机做正功，故机械能增加；

故答案为：增大，减小，增加．18、【分析】【分析】（1）水平方向合外力为零；系统在水平方向动量守恒，根据动量守恒定律列式求解；

（2）竖直方向，根据动量定理求出斜面对小球的作用力，再对滑块受力分析求出滑块对地的平均作用力．【解析】【解答】解：（1）水平方向合外力为零；系统在水平方向动量守恒，以向右为正，根据动量守恒定律得：

mv1+Mv=0+Mv2

解得：

（2）竖直方向；滑块对小球的弹力竖直向上，根据动量定理得：

Ny△t=mv2-0

解得：

滑块对地面的平均作用力竖直向下；则有：

N=Mg+Ny=

故答案为：；19、6.82【分析】【分析】通过纸带打点的时间间隔和位移，求出圆盘的线速度，根据ω=得出角速度的表达式，代入数据求出角速度的大小．【解析】【解答】解：①若打点周期为T，圆盘半径为r，x1，x2是纸带上选定的两点分别对应的米尺上的刻度值；

n为选定的两点间的打点数（含初；末两点）；所以选定的两点时间间隔是（n-1）T；

所以纸带的速度v=，则圆盘的角速度ω==．

②从图中可知第一个点到最后一个点共有n=16个点；其总长度L=11.30cm．

代入数据解得：ω=6.82rad/s．

故答案为：；6.82rad/s（6.75～6.84都对）20、竖直向上【分析】【分析】若是一完整的橡胶圆环，则圆心0点的电场强度为零，则切去一小段L后在圆心O点的场强与L段产生的场强大小相等，方向相反，根据E=进行求解．【解析】【解答】解：AB段的长度为L，由于L＜＜r，相对于O点AB段可看成点电荷，AB段的电荷量Q=qL，则AB段在O点产生的电场强度大小为：E==；方向指向竖直向下．

由于完整的圆环在O处的合场强为0，则剩余部分在O点产生的场强与AB段产生的场强大小相等、方向相反，所以剩余部分在O点产生的场强大小为：E′=E=；方向竖直向上．

故答案为：竖直向上，．四、判断题(共3题，共21分)21、×【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据；据此分析判断即可．【解析】【解答】解：一般来说；平衡态是针对某一系统而言的，描述系统状态的参量不只温度一个，还与体积压强有关，当温度不变时，系统不一定处于平衡态．所以该说法是错误的．

故答案为：×22、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根据左手定则；洛伦兹力方向垂直于电荷运动方向与磁场方向构成的平面，即洛伦兹力方向一定与磁场方向垂直；

故答案为：×．23、×【分析】【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解析】【解答】解：能否看成质点；与质量；体积大小无关，质量、体积很大的物体也能看成质点，比如地球公转时的地球可以看成质点，故错误．

故答案为：×五、实验题(共3题，共9分)24、A【分析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，明确周期和频率的关系．【解析】【解答】解：（1）频率和周期互为倒数关系，因此当电源频率为60Hz时，打点周期为．

（2）开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故BCD错误，A正确．

故选：A

故答案为：（1）；（2）A．25、略

【分析】【解析】（1）根据实验的要求需要交流电源；毫米刻度尺；选项B正确；

(2)根据得a=

(3)重物下落至某一位置速度的平方从计时起重物下落的高度的2倍

（4）根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，有：联立解得：v5=【解析】【答案】（1）B（2）（3）26、为了保证小球每次做平抛运动的初速度相同x10【分析】【分析】小球离开斜槽后做平抛运动，要保证小球的初速度相等；平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动；根据竖直方向运动特点△h=gt2，求出物体运动时间，然后利用水平方向物体做匀速运动，可以求出其水平速度大小；由平抛运动规律求出木板距甲处的水平距离．【解析】【解答】