2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷373考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为R，L1和L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻相同，阻值均为R，电压表为理想电表，K为单刀双掷开关，当开关由1位置打到2位置时A.电压表读数将变大B.L1亮度不变，L2将变亮C.L1将变亮，L2将变暗D.电源的发热功率将变大2、如图所示,a、b、c三个闭合线圈,放在同一平面内,当a线圈中有电流I通过时,它们的磁通量分别为Фa、Фb、Фc下列说法中正确的是()A.Фa＜Фb＜ФcB.Фa＞Фb＞ФcC.Фa＜Фc＜ФbD.Фa＞Фc＞Фb3、影响显微镜分辨率本领的一个因素是衍射，衍射现象越明显，分辨本领越低.

使用电子束工作的电子显微镜有较高的分辨本领，它利用高压对电子束加速，最后打在感光胶片上来观察显微图像.

以下说法正确的是()A.加速电压越高，电子的波长越长，分辨本领越强B.加速电压越高，电子的波长越短，衍射现象越明显C.如果加速电压相同，则用质子流工作的显微镜比用电子流工作的显微镜分辨本领强D.如果加速电压相同，则用质子流工作的显微镜比用电子流工作的显微镜分辨本领弱4、如图所示，在水平面上有两条平行金属导轨MNPQ

导轨间距为d

匀强磁场垂直于导轨所在的平面向下，磁感应强度大小为B

两根金属杆间隔一定的距离摆放在导轨上，且与导轨垂直，两金属杆质量均为m

电阻均为R

两杆与导轨接触良好，导轨电阻不计，金属杆与导轨间摩擦不计，现将杆2

固定，杆1

以初速度v0

滑向杆2

为使两杆不相碰，则两杆初始间距至少为(

)

A.mRv0B2d2

B.mRv02B2d2

C.2mRv0B2d2

D.4mRv0B2d2

5、三木块从同一高度同时开始自由下落，其中木块甲自由落体；木块乙在刚刚开始下落时被一颗子弹沿水平方向击中并留在其中；木块丙在下落途中被一颗子弹沿水平方向击中并留在其中。不计空气阻力及子弹进入木块的时间，则（）A.三块木块同时落地B.甲木块最先落地，乙、丙同时落地C.木块丙最后落地，甲、乙同时落地D.甲、乙、丙依次先后落地6、下列说法中正确的是（）A.合外力的冲量是物体动量变化的原因B.若合外力对物体不做功，则物体的动量一定不变C.作用在物体上的合外力越小，物体的动量变化越小D.物体如果做匀速圆周运动，则物体的动量保持不变7、许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述中错误的是（）A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法B.牛顿进行了“月-地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论C.由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人D.根据速度定义式v=当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法8、下列提到的交流电，哪个指的不是交流电的有效值(

)

A.电容器的击穿电压B.保险丝的熔断电流C.交流电压表的读数D.电动机铭牌上的额定电压9、经过精确校准的电压表V1和V2，分别用来测定如图所示电路中R两端a、b间的电压；读数依次为12.7V和12.3V，则（）

A.电压表V1的内阻大于V2的内阻B.电压表V1的内阻小于V2的内阻C.a、b间的实际电压应小于12.3VD.a、b间的实际电压应介于12.3V与12.7V之间评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、在右图所示的电场中，A、B两点相比，____点的场强较大，____点的电势较高。，13、用如图1所示装置验证碰撞中的动量守恒，A、B两球直径相同，质量分别用m1、m2表示．则在实验操作中：

（1）入射小球A与被碰小球B的质量大小应满足m1______m2；

（2）为了保证小球做平抛运动，须调整斜槽槽口末端______；

（3）入射小球A每次必须从斜槽______释放；

（4）实验中必需下列哪些测量工具（实验室未给出小球直径）：______；

A．直尺B．天平C．秒表D．游标卡尺。

（5）某次实验得到小球的落点情况如图2所示，表示小球B碰后速度的水平位移为______cm；

（6）若两小球在碰撞中满足动量守恒，则两小球质量之比m1：m2=______．14、读出(

图1)

游标卡尺的读数为______cm.(

图2)

螺旋测微器的读数为______mm

15、如图甲所示的螺线管，匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2，电阻r=1.5Ω，与螺线管串联的外电阻R1=3.5Ω，R2=25Ω，方向向右穿过螺线管的匀强磁场，磁感应强度按图乙所示规律变化，试计算电阻R2的电功率P2=______W，a、b两点的电势差U=______V16、如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，已知在此过程中，气体内能增加100J，则该过程中气体______（选填“吸收”或“放出”）热量______J．17、将一个电子从电场中的A

点移到B

点，克服电场力做功16隆脕10鈭�16J

则AB

两点的电势差UAB=

______V

在此过程中，电子的电势能______(

填“增加”或“减少”)

了______eV

．评卷人得分四、判断题(共2题，共20分)18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、实验探究题(共3题，共12分)20、在“测定金属的电阻率”实验中；所用测量仪器均已校准，待侧金属丝接入电路部分的长度约为50cm．

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为______mm（该值拉近多次测量的平均值）．

（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx．实验所用器材为：电池组（电动势3V；内阻约1Ω）；电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0～20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干．

某小组同学利用以上器材正确连接好电路；进行实验测量，记录数据如下：

。次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用图2中的______图（选填“甲”或“乙”）．

（3）图3是测量Rx的实验器材实物图；图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据（2）所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．

（4）在图4中描绘出U-I图线．由图线得到金属丝的阻值=______Ω（保留两位有效数字）．

（5）根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为______（填选项前的符号）．

A.1×10-2Ω•mB.1×10-3Ω•mC.1×10-6Ω•mD.1×10-8Ω•m

（6）任何实验测量都存在误差．本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是______（有多个正确选项；选全得分）．

A．用螺旋测微器测量金属丝直径时；由于读数引起的误差属于系统误差。

B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差。

C．若将电流表和电压表的内阻计算在内；可以消除由测量仪器引起的系统误差。

D．用U-I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差．21、质量为M

的小船以速度v0

行驶，船上有两个质量均为m

的小孩a

和b

分别静止站在船头和船尾.

现小孩a

沿水平方向以速率v(

相对于静止水面)

向前跃入水中，然后小孩b

沿水平方向以同一速率v(

相对于静止水面)

向后跃入水中，则小孩b

跃出后小船的速度方向______(

填向前或向后)

大小为______(

水的阻力不计)

．22、如图是由电池E

静电计G

电键S

及平行板电容器组成的电路，AB

两板水平，开始时开关S

闭合，静电计指针张开一定角度，两板间有一带电粒子处于静止状态。(1)

若保持开关S

闭合，将AB

两极板靠近些，指针张开角度将________，板间粒子将________(

填“向上运动”、“保持静止”或“向下运动”)

(2)

若断开开关S

后，将AB

两极板靠近些指针张开角度将________(

填“变小”、“不变”或“变大”)

板间粒子将________(

填“向上运动”、“保持静止”或“向下运动”)

评卷人得分六、综合题(共2题，共4分)23、[

物理隆陋隆陋

选修3篓C3]

(1)

下列说法中正确的是________。(

填正确答案标号。)

A.一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而减少B.把两块纯净的铅压紧，它们会“粘”在一起，说明分子间存在引力C.破碎的玻璃不能重新拼接在一起是因为其分子间存在斥力D.分子a

从无穷远处由静止开始接近固定不动的分子b

只受分子力作用，当a

受到分子力为0

时，a

的动能一定最大E.一定质量的理想气体，若体积不变，当分子热运动变得剧烈时，压强一定变大(2)

如图所示，用一个绝热活塞将绝热容器平均分成AB

两部分，用控制阀K

固定活塞，开始时AB

两部分气体的温度都是20隆忙

压强都是1.0隆脕105Pa

保持A

体积不变，给电热丝通电，使气体A

的温度升高到60隆忙

求：(垄隆)

气体A

的压强是多少？(垄垄)

保持气体A

的温度不变，拔出控制阀K

活塞将向右移动压缩气体BB平衡后气体BB的体积被压缩0.050.05倍，气体BB的温度是多少？24、【物理篓D篓D

选修3鈭�4

】参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B|D【分析】【解析】试题分析：开关在位置1时，外电路总电阻电压表示数同理，两灯电压电源内阻的发热功率为开关在位置2时，外电路总电阻电压表示数灯泡L1的电压L2′的电压电源内阻的发热功率为综上所述，电压表读数将变小，A错误，L1亮度不变，L2将变亮．故B正确C错误．电源内阻的发热功率将变大．故D正确考点：考查了全电路欧姆定律和电功的计算【解析】【答案】BD2、B【分析】【解析】试题分析：磁感线有向里的也有向外的，它们相互抵消，即在求总磁通量时要按照代数和的方法求出总的磁通量．a、b、c中向里的磁通量一样多，向外的a没有，c比b多，所以故选B考点：磁通量的概念【解析】【答案】B3、C【分析】选C.

设加速电压为U

，电子电荷量为e

，质量为m

，则有E

k=12

mv

2=

eU

=p22m

又p

=h娄脣

故eU

=h22m娄脣2

可得娄脣

=h22emU.

对电子来说，加速电压越高，娄脣

越小，衍射现象越不明显，故选项A、B错误；电子与质子比较，因质子质量比电子质量大得多，可知质子加速后的波长要小得多，衍射现象不明显，分辨本领强，故选项C正确，选项D错误．【解析】C

4、C【分析】解：设滑杆1

恰好滑到滑杆2

处速度为零时；两杆的间距为x

．

根据动量定理得：

对滑杆1鈭�BI炉dt=0鈭�mv0

又电荷量q=I炉t

则得感应电荷量q=mv0Bd垄脵

又根据法拉第定律E炉=鈻�娄碌鈻�tI炉=E炉2Rq=I炉t

联立得。

q=鈻�娄碌2R=Bxd2R垄脷

由垄脵垄脷

得：x=2mRv0B2d2

故选C

滑杆1

向右做切割磁感线运动，受到向左的安培力做减速运动，当滑杆1

恰好滑到滑杆2

处速度为零时，间距最小.

根据动量定理列式可求得通过滑杆的电荷量，根据感应电荷量q=鈻�娄碌2R=Bxd2R

求最小间距x

．

在电磁感应中，运用动量定理求感应电荷量，根据感应电荷量q=鈻�娄碌R脳脺

可求出导体滑行的距离，考查综合应用法拉第定律、欧姆定律及力学中动量定理的能力．【解析】C

5、C【分析】【解析】【答案】C6、A【分析】解：A；合外力的冲量是物体动量变化的原因；物体所受合外力冲量越大，它的动量变化就越大，故A正确；

B；合外力对物体不做功；物体动能不变，速度方向可能改变，它的动量可能要改变，例如匀速圆周运动，故B错误；

C；动量变换I=Ft；作用在物体上的合外力越小，物体的动量变化不一定越小，还与时间有关，故C错误；

D；物体如果做匀速圆周运动；其速度时刻改变，故物体的动量时刻改变，故D错误．

故选：A．

根据动量定理可知；合外力的冲量等于物体动量的变化量，动量是矢量，动能是标量，同时明确只要有力即存在冲量，但有力时不一定做功．

本题的关键是在学习动量和动能定理时，要注意区分二者合合外力的关系，明确动量为矢量，而动能为标量，同时明确动量定理的基本内容．【解析】【答案】A7、C【分析】解：A；在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故A正确．

B；牛顿进行了“月一地检验”；说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律．故B正确；

C；牛顿发现了万有引力定律之后；卡文迪许测出了引力常量G，卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人．故C错误．

D、根据速度定义式v=当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义应用了极限思想方法．故D正确．

本题选择不正确的；故选：C．

牛顿进行了“月一地检验”；说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律．

卡文迪许测出了引力常量G；卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人．

结合常用的物理学的方法分析A；D两个选项．

对于物理学史，这些常识性问题，要与主干知识一起，可激发学生学习的热情，学到科学研究的方法等等．【解析】【答案】C8、A【分析】解：A

电容器的耐压值；是指的最大值；

B；保险丝的熔断电流；也是有效值；

C；交流电表的示数；是有效值．

D；电动机铭牌上的额定电压；也是有效值；

题目要求不是有效值；故选：A

电压表显示是电源电压的有效值；要求电路中灯泡的电流或功率等，均要用正弦式电流的有效值。

本题主要考查了交流电的四个值，特别明确有效值，电表的测量值，电功的计算都是有效值，而电容器的击穿电压为最大值【解析】A

9、A【分析】本题的关键是明确电压表不是理想电表，根据欧姆定律和串并联规律不能得出接入电压表后电路两端的电压小于没接入电压表时电路两端的实际电压，即电压表内阻越大电压表的示数越接近电路两端的实际电压．【解析】解：A、根据欧姆定律可知，若电压表的内阻越大，电压表与R的并联电阻就越大，电压表的示数也越大，即电压表V1的内阻大于电压V2的内阻，所以A正确，B错误。C、由于电压表不是理想电表（内阻不是无穷大），当a、b两端接入电压表后，电阻R与电压表的并联电阻小于电阻R，根据欧姆定律和串并联规律可知，电阻R与电压表的并联总电压小于电阻R的实际电压，即a、b两端实际电压将大于电压表的示数，当然大于电压表V1的示数，所以CD错误。故选：A。二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】等差等势面分布越密电场线分布也越密，所以B点场强较大，B点电势为10V，A点电势为6V，所以B点电势较高【解析】【答案】B，B13、略

【分析】解：（1）为防止两球碰撞后，入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：入射小球A与被碰小球B的质量大小应满足m1大于m2．

（2）为了保证小球做平抛运动；须调整斜槽槽口末端切线水平．

（3）要保证碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下．

（4）两球离开轨道后做平抛运动；它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等；

如果碰撞过程动量守恒，则m1v1=m1v1′+m2v2′，两边同时乘以t得：m1v1t=m1v1′t+m2v2′t；

m1OP=m1OM+m2O′N，m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；实验需要测出小球质量；小球的水平位移、小球的半径；

测质量需要天平；测水平位移需要刻度尺，测小球直接需要游标卡尺，故选：ABD．

（5）由图2所示可知，小球B碰后速度的水平位移为：O′N=ON-2r=41.1cm-1.1cm=40.0cm．

（6）如果两球碰撞过程动量守恒，则：m1OP=m1OM+m2（ON-2r），代入数据求得：m1：m2=4：1；

故答案为：（1）大于；（2）切线水平；（3）同一位置由静止；（4）BCD；（5）40.0；（6）4：1．

在做“验证动量守恒定律”的实验中；是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，所以要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平；

根据动量守恒定律求出实验需要验证的表达式；然后答题；

根据动量守恒列方程即可正确求出质量之比．

本题主要考查了“验证动量守恒定律”的实验的原理及要求以及数据处理等基础知识，难度不大，属于基础题，是考查基础知识的好题．【解析】大于；切线水平；同一位置由静止；ABD；40.0；4：114、略

【分析】解：1

游标卡尺的主尺读数为：5.4cm=54mm

游标尺上第4

个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4隆脕0.1mm=0.4mm

所以最终读数为：54mm+0.4mm=54.4mm=5.45cm

．

2

螺旋测微器的固定刻度为6.5mm

可动刻度为7.6隆脕0.01mm=0.076mm

所以最终读数为6.5mm+0.076mm=6.576mm

由于需要估读，最后的结果可以在6.575隆芦6.578

之间．

故答案为：5.456.576(6.575隆芦6.578

都可以)

．

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】5.456.576(6.575隆芦6.578

都可以)

15、15.7【分析】解：根据法拉第电磁感应定律，则螺线管中产生的感应电动势为：E=nS=1500×20×10-4×=6V；

感应电流为：I==0.2A；

电阻R2的电功率为：P2=I2•R2=0.22×25=1W；

原磁场方向向右，根据楞次定律可知感应电流磁场方向向左，电流从a→b，则Ua＞Ub

则a、b间的电势差Uab=I（R1+R2）=0.2×（3.5+25）=5.7V；

故答案为：1；5.7。

由法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律及功率表达式；综合即可求解；

根据原磁场的方向，由沿着电场线方向，来确定电势的高低，再求解a、b两点的电势差。

本题是电磁感应与电路知识的综合，掌握电磁学的基本规律：法拉第电磁感应定律、欧姆定律、楞次定律及电路中电势与电流的方向关系是解题的关键。【解析】15.716、略

【分析】解：气体的体积变大，对外做功，W=F△X=PS△X=P△V=1.0×105×（4.0-2.0）×10-3=200J

对外做功；W为负值，根据热力学第一定律：△E=Q-W；

所以：Q=△E+W=300J．正号表示吸收热量．

故答案为：吸收；300

物体的内能与物体的温度和体积有关．温度是分子平均动能的标志；温度低的物体分子运动的平均动能小．

理想气体经历等压变化；由玻意尔定律求出状态B体积，根据热力学第一定律求解．

本题要要掌握热力学第一定律△U=W+Q的应用．抓住温度的微观含义：温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大．【解析】吸收；30017、略

【分析】解：根据电场力做功公式WAB=UABq

可知，UAB=WABq=鈭�16隆脕10鈭�16鈭�1.6脳10鈭�19=10000V

在此过程中；电子克服电场力做功16隆脕10鈭�16J=10000eV

所以电子的电势能增加了10000eV

．

故答案为：10000

增加，10000

．

根据W=Uq

可求得AB

间的电势差UAB

再根据克服电场力做功多少电势能就增加多少答题．

本题考查电场力做功公式W=Uq

的应用，要注意在计算中各个物理量的符号要正确掌握，同时注意明确电功的单位焦(J)

和电子伏特(eV)

之间的关系．【解析】10000

增加；10000

四、判断题(共2题，共20分)18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、实验探究题(共3题，共12分)20、略

【分析】解：（1）螺旋测微器的读数为：d=0mm+39.7×0.01mm=0.397mm；

（2）从给出的数据表可知；电流表和电压表的读数变化范围较大，所以变阻器采用的应是分压式接法，即测量采用的是甲图；

（3）根据原理图得出对应的实物图；

（4）根据表中数据描出对应的点；则可作出图象，如图所示：

由图线得到金属丝的阻值RX=

（5）根据R=ρ得：ρ==

带入数据得：ρ=1×10-6Ω•m；故C正确，ABD错误；

（6）A：读数引起的误差是由人为因素引起的；属于偶然误差，故A错误；

B：电流表串联在电路中；只考虑电流表内阻的影响，电流偏小，使本实验测量结果偏大，故B错误；

C：电压表与被测电阻并联；电压表内阻由分流作用，使电流表示数偏大，则本实验的测量结果偏小，故C正确；

D：用U-I图象处理数据能起到“平均”的作用；可以减小偶然误差但不能消除偶然误差，所以D正确．

故选：CD

故答案为：（1）0.397；（2）甲；（3）如图所示；（4）4.5；（5）C；（6）CD

（1）关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读；注意半毫米刻度线是否露出；

（2）关键是根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大；说明变阻器采用的是分压式接法；

（3）根据给出的原理图即可得出对应的实物图；

（4）根据描点法得出对应图象；再由图象的性质即可明确对应的电阻；

（5）由电阻定律和欧姆定律写出电阻率的表达式；然后解出电阻率的值即可；

（6）明确偶然误差是由人为因素引起的；可以通过多次测量或利用图象来减小偶然误差，但不能消除误差；系统误差是由仪器本身因素或实验原理不精确引起的误差，系统误差可以通过采用精密仪器和完善实验原理来消除．

该题是综合性较强的题；解答时注意一下几方面：

1；对于长度的测量注意高中所要求的游标卡尺和螺旋测微器的使用方法；读书时是固定刻度的值与可动刻度的值得和．

2；会根据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系；确定电流表是内接还是外接．

3、了解实验误差产生的原因，并会在试验中做到尽可能的减小误差．【解析】0.397；甲；4.5；C；CD21、略

【分析】解：设小孩b

跃出后小船的速度为v隆盲

取小船原来的速度方向为正，根据动量守恒定律，有。

(M+2m)v0=Mv隆盲+m娄脭鈭�m娄脭

解得v隆盲=(1+2mM)v0

方向向前．

故答案为：向前，(1+2mM)v0

．

水的阻力不计，小孩a

小孩b

和小船系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解，也可以先对小孩a

跳出过程运用动量守恒定律，再对小孩b

跳出过程运用动量守恒定律求小船的速度．

本题的关键选择两个小孩都跳出的整个过程运用动量守恒定律列式求解，若对小孩a

跳出过程和小孩b

跳出过程分开列式求解也可，但没有第一种方法简洁．【解析】向前；(1+2mM)v0

22、略

【分析】本题考查电容器，电容器的动态分析及匀强电场中电压与场强的关系。保持开关闭合，则电容器电压不变，断开开关，电容器电荷量不变，然后根据和U=dE

分析即可。(1)

若保持