2025年冀教版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、质量为2kg的物体所受重力为（g=10m/s2）（）A.4NB.40NC.20ND.30N2、如图所示，拖拉机拉着耙耕地，拉力F与水平方向成α角，若将该力沿水平和竖直方向分解，则它的水平分力为（）A.FsinαB.FcosαC.FtanαD.Fcot3、如图所示，质量为M的小车放在光滑的水平面上．小车上用细线悬吊一质量为m的小球，M＞m.现用一力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T；若用一力F′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T′.则()A.a′＝a，T′＝TB.a′＞a，T′＝TC.a′＜a，T′＝TD.a′＞a，T′＞T4、某带电小球从空中的M点运动到N点，受到重力、空气阻力和电场力的共同作用。其中重力对小球做功4.5J，小球的动能增加了3J，则（）A.小球的重力势能增大7.5JB.小球克服空气阻力做功为1.5JC.小球的机械能增加了1.5JD.若电场力做功为2J，则小球克服空气阻力做功为3.5J5、下列说法正确的是A.rm{H_{2}O}的沸点比rm{H_{2}S}高，所以rm{H_{2}O}比rm{H_{2}S}更稳定B.干冰和石英晶体中的化学键类型相同，熔化时需克服微粒间的作用力类型也相同C.rm{N_{2}}和rm{CCl_{4}}中，每个原子的最外层都具有rm{8}电子稳定结构D.rm{NaHCO_{3}}受热分解的过程中，只有离子键被破坏6、中山站现场卸货历来是中国南极考察队的“硬仗”，如图所示，为卸载卡特比勒车的情景，科特比勒车单重25吨，吊钩下有四根一样的绳索，若四根绳索是对称分布，每根绳索与竖直方向的夹角均为30°，则每根绳索的拉力约为（）A.90000NB.70000NC.50000ND.30000N7、两颗靠得较近的天体叫双星，它们以两者重心连线上的某点为圆心做匀速圆周运动，因而不至于因引力作用而吸引在一起，以下关于双星的说法中正确的是（）A.它们做圆周运动的角速度与其质量成反比B.它们做圆周运动的线速度与其质量成反比C.它们所受向心力与其质量成反比D.它们做圆周运动的半径与其质量成正比8、如图所示，电场中有A、B两点，它们的场强分别为EA、EB；则以下判断正确的是（）

A.EA=EB，方向相同B.EA＜EB，方向不同C.EA＞EB，方向不同D.前面判断都不对评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、三根平行长直导线中通有大小相等、方向相同的电流，且分别垂直地通过一等边三角形ABC的三个顶点，每根通电直导线在三角形的中心O处产生的磁感应强度的大小均为B0，则O处的磁感应强度大小为____．10、（2013秋•安宁区校级期中）A与B两车沿同一直线运动的速度-时间图象如图所示，在t=0时，B车在A车的前方16m处，当t=____s时，两车的速度相同；当t=____s时，A车追上B车．11、（2013秋•吴兴区校级月考）如图所示，单匝矩形线圈，面积大小为S，放在水平面内，加一个竖直向下的范围较大的匀强磁场，磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量是____Wb，若使线圈绕ab边转过90°，则穿过线圈的磁通量是____Wb．12、一个电量q=+2×10-9C的电荷，在电场中从A点移到B点，电场力做功4×10-7J，则UAB=____．13、（2013春•海淀区期末）如图是自行车传动机构的示意图，a、b、c分别是大齿轮、小齿轮和后轮边缘上的点．已知大齿轮、小齿轮和后轮的半径分别为r1、r2和r3，若a点的线速度大小为v，则b点的线速度大小为____，c点的线速度大小为____．14、（2012春•蚌埠期中）某同学设计了如图所示的实验：将两个完全相同的小钢球，从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平地板吻接，则当球1落地时____（选填“在球2的前方”、“在球2的后方”或“正好击中球2”），这说明____．15、（2008•广东模拟）如图所示，实线是一列简谐横波在t1=0时的波形图，虚线为t2=0.5s时的波形图，已知0＜t2-t1＜T，t1=0时x=2m处的质点A正向y轴正方向振动．

①质点A的振动周期为____s；

②波的传播方向是____；

③波速大小为____m/s．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）17、物体的运动状态发生了变化，一定受到外力的作用．____（判断对错）18、绝对零度是低温的极限，永远达不到．____．（判断对错）19、向心力的方向始终指向圆心，所以向心力的方向始终不变．____（判断对错）20、永磁体在受到加热或敲打后，磁性不会发生改变____．（判断对错）21、大气压强是由地面上每平方米面积的上方，整个大气压对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．____．（判断对错）22、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）23、因为汽车刹车时的速度越大滑的越远，所以速度大的物体惯性大．____（判断对错）24、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．评卷人得分四、证明题(共3题，共24分)25、电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．

（1）求t=0时刻；线框中感应电流的功率P；

（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．26、宇航员驾驶一飞船在靠近某行星表面附近的圆形轨道上运行，已知飞船运行的周期为T，行星的平均密度为试证明（万有引力恒量G为已知，是恒量）27、（2013春•崇明县期末）如图所示，倾角为θ的光滑斜面上离地面高为h1的A处有一木块，自静止起匀加速滑下．在滑行过程中取一任意位置B，经过B处时木块速度为v，位置B离地面高度h2．已知EA=mgh1，EB=mgh2+，试用牛顿第二定律和初速为零的匀加速直线运动公式证明：EA=EB．评卷人得分五、实验探究题(共3题，共27分)28、为了探究质量一定时加速度与力的关系；一同学设计了如图所示的实验装置，其中M

为带滑轮的小车的质量，m

为沙和沙桶的质量，(

滑轮质量不计)

(1)

实验时；一定要进行的操作是______。

A.用天平测出砂和砂桶的质量。

B.先挂上砂桶但不放砂子；然后将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力。

C.小车靠近打点计时器；先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数。

D.为减小误差；实验中一定要保证砂和砂桶的质量m

远小于小车的质量M

E.用砂和砂桶改变拉力的大小与挂钩码的方法相比；它的优点是可以更方便地获取多组实验数据。

(2)

该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(

两计数点间还有一个点没有画出)

已知打点计时器采用的是频率为50Hz

的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为______m/s2(

结果保留两位有效数字)

(3)

以弹簧测力计的示数F

为横坐标；加速度为纵坐标，画出的图a鈭�F

图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为娄脠

求得图线的斜率为k

则小车的质量为______。

A.2tan娄脠B

．1tan胃C.kD

．2k

29、为了精密测量一金属丝的电阻率：

(1)

如图甲所示；先用多用表隆脕1娄赂

挡粗测其电阻为______娄赂

然后用螺旋测微器测其直径为______mm

游标卡尺测其长度为______cm

．

(2)

为了减小实验误差；需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：

A.电压表V(

量程3V

内阻约为15k娄赂

量程l5V

内阻约为75k娄赂)

B.电流表A(

量程0.6A

内阻约为1娄赂

量程3A

内阻约为0.2娄赂)

C.滑动变阻器1(0隆芦5娄赂,0.6A)

D.滑动变阻器2(0隆芦2000娄赂,0.1A)

E.1.5V

的干电池两节；内阻不计。

F.电阻箱。

G.开关S

导线若干。

为了测多组实验数据；则上述器材中的滑动变阻器应选用(

填“R1

”或“R2

”)

______．

请在图乙的虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图丙的连线．30、在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）：（1）甲同学研究绳子对小车拉力做功与小车动能改变的关系时，下列哪些选项是必要的____。____A.用天平称出小车和勾码的质量；B.平衡小车与长木板间的摩擦；C.小车质量远大于勾码质量；D.在测量拉力做功的位移时，打点计时器打下的第一个点必须作为起点。（2）乙同学研究勾码重力做功与小车和勾码组成系统的动能改变的关系时，上述选项中必要的________。（3）图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz．则打B点时小车的瞬时速度大小为______m/s（保留三位有效数字）。（4）用本实验装置还能完成下列哪些学生实验？________A.研究匀变速直线运动；B.探究求合力的方法；C.探究加速度与力、质量的关系；D.验证机械能守恒定律。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】已知物体的质量和当地的重力加速度，由重力的公式可求得重力大小．【解析】【解答】解：由重力的公式可知；G=mg=2×10=20N；

故选：C．2、B【分析】【分析】根据平行四边形定则，以F为对角线作平行四边形，由数学知识求解竖直方向的分力．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则，以F为对角线作平行四边形，如图．

则有F2=Fcosα；

故选：B3、B【分析】以小球为研究对象，第二种情况中绳子的拉力与重力的合力提供向心力，第一种情况中，绳子在竖直方向的分力与重力平衡，所以两种情况绳子的拉力相等，第一种情况中的加速度较小，B对；【解析】【答案】B4、D【分析】重力势能的变化只与重力做功有关，重力做功4.5J，重力势能减小4.5J，A错；由动能定理可知，合外力做功为3J，电场力与空气阻力做功之和为—1.5J，机械能增加量等于除了重力以外其它力做功，所以机械能减小1.5J，C错；D对；【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】本题考查了物质的结构，氢键、化学键等内容，属于基础题，难度不大。【解答】A.rm{{H}_{2}O}的沸点比rm{{H}_{2}S}高，是因为水分子中含有氢键，氢键使物质的沸点升高，而物质的稳定性与分子内部的化学键强弱有关，氧元素的非金属性大于硫，故气态氢化物的稳定性有：rm{{H}_{2}O;>{H}_{2}S;}rm{{H}_{2}S}高，是因为水分子中含有氢键，氢键使物质的沸点升高，而物质的稳定性与分子内部的化学键强弱有关，氧元素的非金属性大于硫，故气态氢化物的稳定性有：rm{{H}_{2}O;>{H}_{2}S;

}rm{{H}_{2}O;>{H}_{2}S;

}为四个碳氯单键，每个氯原子还有三对已成对电子，故也达到了八电子稳定结构，故C正确；，二者并非因果关系，故A错误；B.干冰是分子晶体，而石英晶体是原子晶体，而熔化时需克服微粒间的作用力分别是分子间作用力和共价键，故B错误；C.氮气为氮氮三键，每个氮原子还有一对孤对电子，即每个原子都达到了八电子稳定结构，rm{CC{l}_{4}}为四个碳氯单键，每个氯原子还有三对已成对电子，故也达到了破坏的既有rm{CC{l}_{4}}D.rm{NaHCO}rm{NaHCO}【解析】rm{C}6、B【分析】【分析】对科特比勒车受力分析，受重力和4个拉力，根据平衡条件并结合正交分解法列式求解即可．【解析】【解答】解：对科特比勒车受力分析；受重力和4个拉力，将4个拉力均沿着水平和竖直方向正交分解，根据平衡条件，有：

4Fcos30°=mg

解得：

F==N≈70000N

故选：B．7、B【分析】【分析】在双星系统中，双星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，即向心力相同，同时注意：它们的角速度相同，然后根据向心力公式列方程即可求解．【解析】【解答】解：A；双星的角速度相同；与质量无关，故A错误；

C；不管双星质量大小关系如何；双星受到相互的吸引力总是大小相等的，分别等于它们做匀速圆周运动的向心力，故C错误；

D、对于双星分别有G=Mω2R，G=mω2r，R：r=m：M；故D错误；

B、线速度之比v：v′=ωR：ωr=R：r=m：M；故B正确．

故选：B8、B【分析】【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，某点的切线方向表示电场强度在该点的方向．【解析】【解答】解：由图可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度比A高．由电场线上某点的切线方向表示电场强度在该点的方向，可得EA、EB的方向不同．故B正确；ACD错误．

故选：B二、填空题(共7题，共14分)9、0【分析】【分析】先根据右手螺旋定则判断出每个电流单独存在时在O点产生的磁感应强度，然后运用平行四边形定则进行合成．【解析】【解答】解：根据右手螺旋定则；每个电流单独存在时在O点产生的磁感应强度如图所示：

任意两个磁感应强度的方向的夹角均为120°；且大小相等，故合矢量为零；

故答案为：0．10、104【分析】【分析】由图象得到10s的速度，根据速度公式求解加速度，然后根据位移公式并结合位移关系和时间关系列式求解相遇时间．【解析】【解答】解：由图象得到10s时刻两车的速度相同；其速度为5m/s，故B的加速度为：

a=

设t时刻相遇；根据位移关系公式，有：

L+=vt

代入数据；有：

16+

解得：

t=4s或t=16s

其中16s是B反超a的时间；4s是第一次相遇时间；

故答案为：10，4．11、BS0【分析】【分析】线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，B是磁感应强度，S是线圈的面积．当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量Φ=0．【解析】【解答】解：矩形线圈abcd水平放置，匀强磁场方向竖直向下，则线圈平面与磁场方向垂直，则穿过矩形线圈的磁通量是Φ1=BS．当线圈绕ab边转过90°时，线圈平面与磁场方向平行，穿过线圈的磁通量Φ2=0．

故答案为：BS；012、200V【分析】【分析】A、B两点的电势差UAB=，WAB是电场力做功，q是试探电荷的电荷量，代入数据求解即可．【解析】【解答】解：A；B两点的电势差：

UAB===200V

故答案为：200V．13、v【分析】【分析】大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；结合线速度与角速度关系公式v=ωr列式求解．【解析】【解答】解：大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等，故：va：vb=1：1；

小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等，故ωb：ωc=1：1；

根据线速度与角速度关系公式v=ωr；有：

解得：

故答案为：v，．14、正好击中球2平抛运动在水平方向分运动为匀速运动【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．【解析】【解答】解：两钢球从斜面的同一高度由静止同时释放；球1离开斜面后做匀速直线运动，球2做平抛运动，水平方向速度相同，观察到的现象是球1落到光滑水平板上并击中球2，说明平抛运动在水平方向上是匀速直线运动．

故答案为：正好击中球2，平抛运动在水平方向分运动为匀速运动．15、2沿+x方向2【分析】【分析】①根据x=2m处的质点A正向y轴正方向振动；可判断波的传播方向．

②已知0＜t2-t1＜T，当波向右传播时，波传播的时间t2-t1为T，当波向左传播时，波传播的时间t2-t1为；运用波形的平移法求周期．

③读出波长，由波速公式v=求波速．【解析】【解答】解：①②根据t1=0时的波形图上x=2m处的质点A正向y轴正方向振动；判断出波的传播方向沿着x轴的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，则根据波形的平移得知，波传播的时间t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

③由图知，波长λ=4m，则波速v==2m/s．

故答案为：①2.0；②沿+x方向（或水平向右）；③2.0．三、判断题(共9题，共18分)16、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√17、√【分析】【分析】根据牛顿第一定律，力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，则物体的加速度a不为0，故力是产生加速度的原因．【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律；力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，一定受到外力的作用．以上说法是正确的；

故答案为：√18、√【分析】【分析】热力学温标亦称“绝对温标”．是由开尔文首先引入的．开尔文所利用的实验事实是气体发生等容变化时，压强与摄氏温度成线性关系，再进行合理外推得到的．热力学温度与摄氏温度的关系是T=t+273.15K；热力学温度的0K是不可能达到的．【解析】【解答】解：根据热力学第三定律可知；热力学温标的零K达不到．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力，方向始终指向圆心，只改变速度的方向，不改变速度的大小．【解析】【解答】解：物体做圆周运动；向心力方向始终指向圆心，方向时刻变化，此说法错误．

故答案为：×20、×【分析】【分析】永磁体在受到加热或敲打后，磁性会减弱或消失，这种现象叫退磁．铁磁性的物质与磁铁接触后会显示出磁性，这种现象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁体在受到加热或敲打后；磁性会减弱或消失，这种现象叫退磁．所以这种说法是错误的．

故答案为：（×）21、√【分析】【分析】气体压强的微观解释：气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的；从宏观上看，一定质量的气体，温度越高，体积越小，气体产生的压强越大．

从宏观上看，这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．【解析】【解答】解：气压是由于气体分子对杯壁的密集的；激烈的碰撞的效应．

从宏观效果上看；对于地面所受到的大气压强，就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力。

故该说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×23、×【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性大小由物体的质量来量度．根据这些知识来解答．【解析】【解答】解：质量是物体惯性大小的唯一量度；与物体的速度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×24、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．四、证明题(共3题，共24分)25、略

【分析】【分析】（1）先计算出线框中感应电动势；再代入功率的公式计算出线框中感应电流的功率P；

（2）先计算出n匝线框中感应电动势，从而计算出安培力的大小，再由牛顿第二定律算出加速度来证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．【解析】【解答】解：（1）t=0时刻线框中的感应电动势；由法拉第电磁感应定律得。

功率=；

（2）n匝线框中时刻产生的感应电动势。

线框的总电阻R总=nR

线框中的感应电流

t=0时刻线框受到的安培力F=nB0IL

设线框的加速度为a；根据牛顿第二定律有。

F=（nm+M）a

解得：

可知n越大；a越大。

证得：若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框；如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．

答：（1）求t=0时刻，线框中感应电流的功率P为；

（2）证明过程见解析．26、略

【分析】【解析】设行星半径为R、质量为M，飞船在靠近行星表面附近的轨道上运行时，有即①又行星密度②将①代入②得思路分析：根据万有引力提供向心力利用公式推导出又因为所以得到结论试题【解析】【答案】见解析27、略

【分析】【分析】木块释放后做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学基本公式求出到达B点速度，从而求出EB，比较EB和EA即可．【解析】【解答】解：木块释放后做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：a=；

根据v2=2al得：

木块到达B点速度v=；

则EB=mgh2+=mgh2+mgh1-mgh2=mgh1=EA得证．

答：证明如上．五、实验探究题(共3题，共27分)28、略

【分析】解：(1)A

本题拉力可以由弹簧测力计测出；不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶(

包括砂)

的质量远小于车的总质量，故AD错误。

B；该题是弹簧测力计测出拉力；从而表示小车受到的合外力，应拿走砂桶，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B错误；

C；打点计时器运用时；都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故C正确；

E；用砂和砂桶改变拉力的大小与挂钩码的方法相比；它的优点是可以更方便地获取多组实验数据，故E正确；

故选：CE

(2)

由于两计数点间还有一个点没有画出，故单摆周期为0.04s

由鈻�x=aT2

可得：

a=x36鈭�x039T2=1.3m/s2

(3)

由牛顿第二定律得：2F=ma

则a=2mFa鈭�F

图象的斜率：k=2

小车质量为：m=2k

故选：D

故答案为：(1)CE(2)1.3(3)D

(1)

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；

(2)

依据逐差法可得小车加速度。

(3)

小车质量不变时；加速度与拉力成正比，对a鈭�F

图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数。

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a鈭�F

图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数。【解析】CE1.3D

29、略

【分析】解：(1)

由图示多用电表可知；待测电阻阻值是8隆脕1娄赂=8娄赂

由图示螺旋测微器可知；其读数为：2mm