2025年冀少新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀少新版高二物理上册阶段测试试卷144考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、根据电容器电容的定义式C=可知（）A.电容器所带的电荷量Q越多，它的电容就越大，C与Q成正比B.电容器不带电时，其电容为零C.电容器两极板之间的电压U越高，它的电容就越小，C与U成反比D.以上答案均不对2、汽车以20m/s

的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2

那么开始刹车后2s

内与开始刹车后6s

内汽车通过的位移之比为A.1:4

B.3:4

C.3:5

D.5:9

3、如图所示，AB

为两个固定的等量同种正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C

现给电荷C

一个垂直于连线的初速度v0

若不计C

所受的重力，则关于电荷C

以后的运动情况，下列说法中正确的是(

)

A.加速度始终增大B.加速度先增大后减小C.速度先增大后减小D.速度始终不变4、如图所示为一交变电流的i鈭�t

图象，则此交变电流的有效值为()A.55A

B.52A

C.10A

D.2.510A

5、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量GG

在国际单位制中的单位是(

)

A.N?m2/kg2

B.N?m/kg2

C.N?m2/kg

D.N?m/kg

6、闭合线圈中感应电流大小与穿过线圈的磁通量之间的关系的下列说法，不可能的是A.穿过线圈的磁通量很大而感应电流为零B.穿过线圈的磁通量很小而感应电流很大C.穿过线圈的磁通量变化而感应电流不变D.穿过线圈的磁通量变化而感应电流为零7、两条直导线互相垂直，如图所示，但相隔一个小距离，其中一条AB是固定的，另一条CD能自由转动．当电流按图所示的方向通入两条导线时，CD导线将（）A.不动B.顺时针方向转动，同时靠近导线ABC.逆时针方向转动，同时离开导线ABE.逆时针方向转动，同时靠近导线ABE.逆时针方向转动，同时靠近导线AB8、3A的直流电通过电阻R时，t时间内产生的热量为Q．现让一交流电通过电阻R，若2t时间内产生的热量为Q，则该交流电流的有效值和最大值分别为（）A.A，Im=3AB.I有=3A，AC.I有=A，AD.A，Im=6A9、如图所示；C

为两极板水平放置的平行板电容器，闭合开关S

当滑动变阻器R1R2

的滑片处于各自的中点位置时，悬在电容器C

两极板间的带电尘埃P

恰好处于静止状态.

要使尘埃P

向下加速运动，下列方法中可行的是()

A.把R2

的滑片向左移动B.把R2

的滑片向右移动C.把R1

的滑片向左移动D.把开关S

断开评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图（甲）所示；两平行金属板间距为d，在两极板间加上如图（乙）所示的电压，在第1s内质量为m；带电量为q的电荷处于静止状态．关于该电荷在第2s内的运动（设电荷末与极板接触），下列说法中正确的是（）

A.做匀加速直线运动，加速度大小为gB.做变加速直线运动，平均加速度大小为C.做变加速直线运动，2s末的加速度大小为gD.2s末的加速度大小为11、如图(

甲)

所示，平行光滑金属导轨水平放置，两导轨间距L=0.4m

导轨一端与阻值R=0.3娄赂

的电阻相连，导轨电阻不计。导轨x>0

一侧存在沿x

方向均匀增大的恒定磁场，其方向与导轨平面垂直向下，磁感应强度B

随位置x

变化如图(

乙)

所示，一根质量m=0.2kg

电阻r=0.1娄赂

的金属棒置于导轨上，并与导轨垂直，棒在外力F

作用下从x=0

处以初速度v0=2m/s

沿导轨向右运动，且金属棒在运动过程中受到的安培力大小不变。下列说法中正确的是(

)

A.金属棒向右做匀速直线运动B.金属棒在x=1m

处的速度大小为0.5m/s

C.金属棒从x=0

运动到x=2m

过程中，流过金属棒的电量为5C

D.金属棒从x=0

运动到x=1m

过程中，外力F

所做的功为鈭�0.175J

12、如图所示，相距为d

的两水平线L1

和L2

分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B

正方形线框abcd

边长为L(L<d)

质量为m.

将线框在磁场上方高h

处由静止开始释放，当ab

边进入磁场时速度为v0cd

边刚穿出磁场时速度也为v0

从ab

边刚进入磁场到cd

边刚穿出磁场的整个过程中(

)

A.线框一直都有感应电流B.线框有一阶段的加速度为g

C.线框产生的热量为mg(d+h+L)

D.线框做过减速运动13、下列说法正确的是(

)

A.只要回路中有磁通量，就能产生感应电流B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C.只要回路中一部分导体做切割磁感线运动，就有感应电流D.只要闭合回路中磁通量发生变化，就有感应电动势14、在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的AB

两极板带有等量异种电荷，A

板与静电计连接，如图所示.

实验中可能观察到的现象是(

)

A.增大AB

板间的距离，静电计指针张角变小B.减小AB

板间的距离，静电计指针张角变小C.把B

板向上平移，减小AB

板的正对面积，静电计指针张角变小D.在AB

板间放入一介质板，静电计指针张角变小15、氢原子部分能级的示意图如图所示。不同色光的光子能量如下表所示。处于某激发态的氢原子；发射的光的谱线在可见光范围内仅有2条，其颜色分别为（）

。色光红橙黄绿蓝-靛紫光子能量范围（eV）1.61～2.002.0～2.072.07～2.142.14～2.532.53～2.762.76～3.10A.红光B.黄光C.蓝-靛光D.紫光16、质谱仪的结构原理图如图所示，水平极板S1、S2间有垂直极板方向的匀强电场，圆简N内可以产生质子和氚核，它们由静止进入极板间，经极板间的电场加速后进入下方的匀强磁场，在磁场中运动半周后打到底片P上。不计质子和氚核受到的重力及它们B间的相互作用。下列判断正确的是（）A.质子和氚核在极板间运动的时间之比为1：3B.质子和氚核在磁场中运动的时间之比为1：1C.质子和氚核在磁场中运动的速率之比为1D.质子和氚核在磁场中运动的轨迹半径之比为1：17、静电喷涂机原理如图所示，静电喷涂机接高压电源，工作时将涂料微粒喷向带正电的被喷涂工件，高速运动的微粒被吸附到工件表面，关于静电喷涂机的涂料微粒，下列说法中正确的有（）A.微粒带负电B.微粒带正电C.微粒受磁场力的作用D.微粒受电场力的作用18、PQ

两质点在一条直线上同时同地同向运动，从O

到t2

的时间内，它们的v鈭�t

图象如图所示，则下列说法正确的是(

)

A.从0

到t2

的时间内P

和Q

的平均速度可能相等B.从0

到t2

的时间内P

一定比Q

的平均速度大C.PQ

一定不在t1

时刻相遇D.PQ

之间的距离先增大后减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、如图所示是匀强电场中的一组等势面.若A、B、C、D相邻两点间的距离都是2cm，则该电场的场强为____V/m，到A点距离为1.5cm的P点电势为V．20、两个共点力的大小分别为6N和8N，则这两个共点力的合力最大值是____________N；当这两个力的夹角为90°时，它们的合力大小为____________N．21、如图在曲轴AB

上悬挂一个弹簧振子；若不转动把手C

让其上下振动，周期为T1

若使把手以周期。

2(T2>T1)

匀速转动，当运动都稳定后，则弹簧振子的振动周期为____________；要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速____________(

填：增大，减小，不变)

．22、某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时；测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径d=______mm．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图乙所示，则该工件的长度L=______cm．

23、甲、乙两个滑冰者，甲的质量为50kg，他手中拿着一个质量为2kg的球．乙的质量为52kg，两人均以2m/s的速率沿同一直线相向滑行，滑行中甲将球抛给乙，乙接球后再抛给甲，这样反复若干次乙的速度变为零，则甲的速度等于____．24、在做“用油膜法估测分子大小”的实验时，油酸酒精溶液的浓度为每1000ml，溶液中有纯油酸1ml，用注射器测得1mL上述溶液有200滴，把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里，待水面稳定后，测得油酸膜的近似轮廓如图所示，图中正方形小方格的边长为1cm，则每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是____mL，油酸膜的面积是____cm2．根据上述数据，估测出油酸分子的直径是____m．利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数，如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为____．

25、一光敏电阻和一用电器串联后接在一电源上，如图所示.

当电路中的光敏电阻受到光照射时，用电器开始正常工作；当光敏电阻不受光照射时，阻值______，电流______，用电器______工作．评卷人得分四、判断题(共4题，共36分)26、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）27、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）28、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）29、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分五、简答题(共4题，共28分)30、真空中，点电荷Q1对与其相距1m远处的点电荷q的排斥力大小为F，另一点电荷Q2对与其相距2m远处的点电荷q的吸引力大小为2F；则：

（1）Q1和Q2是带同种电荷还是异种电荷？

（2）Q1与Q2的带电量大小之比为多少？31、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{3}物质结构与性质rm{]}锌在工业中有重要作用，也是人体必需的微量元素。回答下列问题：rm{(1)Zn}原子核外电子排布式为________________。rm{(2)}黄铜是人类最早使用的合金之一，主要由rm{Zn}和rm{Cu}组成。第一电离能Ⅰrm{{,!}_{1}(Zn)}_______Ⅰrm{{,!}_{1}(Cu)(}填“大于”或“小于”rm{)}原因是________________。rm{(3)ZnF_{2}}具有较高的熔点rm{(872隆忙)}其化学键类型是_________；rm{ZnF_{2}}不溶于有机溶剂而rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}能够溶于乙醇、乙醚等有机溶剂，原因是________________。rm{(4)隆露}中华本草rm{隆路}等中医典籍中，记载了炉甘石rm{(ZnCO_{3})}入药，可用于治疗皮肤炎症或表面创伤。rm{ZnCO_{3}}中，阴离子空间构型为________________，rm{C}原子的杂化形式为________________。rm{(5)}金属rm{Zn}晶体中的原子堆积方式如图所示，这种堆积方式称为_______________。六棱柱底边边长为rm{acm}高为rm{ccm}阿伏加德罗常数的值为rm{N_{A}}rm{Zn}的密度为________________rm{g隆陇cm^{-3}(}列出计算式rm{)}32、根据所学，回答下列问题：rm{(1)}化学与生产、生活息息相关。现有下列rm{6}种与人们生产生活相关的有机物：rm{垄脵CH_{3}COOH(}调味剂rm{)垄脷HCOOCH_{3}(}烟草熏蒸剂rm{)垄脹}rm{(}制酚醛树脂rm{)垄脺}rm{(}生产杀虫剂rm{)垄脻CH_{2}=CH漏陇CH=CH_{2}(}合成橡胶原料rm{)垄脼HCHO(}防腐剂rm{)}请回答：rm{(a)}属于醛的是____rm{(}填序号rm{)}rm{(b)}与rm{垄脵}互为同分异构体的是____rm{(}填序号rm{)}rm{(c)}与rm{垄脹}互为同系物的是____rm{(}填序号rm{)}rm{(2)}按要求完成下列问题：rm{垄脵}甲基的电子式_________。rm{垄脷}写出实验室制乙炔的化学方程式____。rm{垄脹}的系统命名为____。rm{垄脺}的系统命名为____。33、描述弱电解质电离情况可以用电离度和电离平衡常数表示，表rm{1}是常温下几种弱酸的电离平衡常数rm{left({K}_{a}right)}和弱碱的电离平衡常数rm{left({K}_{b}right)}表rm{2}是常温下几种难rm{(}微rm{)}溶物的溶度积常数rm{left({K}_{sp}right)}

表rm{1}。酸或碱电离平衡常数rm{Ka}或rm{Kb}rm{HCN}rm{HClO}表rm{2}。难rm{(}微rm{)}溶物溶度积常数评卷人得分六、综合题(共1题，共4分)34、如图所示，竖直放置的圆筒形注射器，活塞上端接有气压表，能够方便测出所封闭理想气体的压强．开始时，活塞处于静止状态，此时气体体积为30cm3，气压表读数为1.1×105Pa．若用力向下推动活塞，使活塞缓慢向下移动一段距离，稳定后气压表读数为2.2×105Pa．不计活塞与气缸内壁间的摩擦；环境温度保持不变．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】解：A；电容器带电的电量Q越多；两极之间的电压U越高，但电容不变．故A错误．

B；电容反映本身的特性；电容器不带电时，电容并不为零．故B错误．

C；电容表征电容器容纳电荷的本领大小；与电压U无关，给定的电容C一定．故C错误．

D；电容表征电容器容纳电荷的本领大小；电容大小与电容器的带电情况无关．故D正确．

故选：D

电容表征电容器容纳电荷的本领大小；与电量Q；电压U无关．电容器不带电时，电容并不为零．

本题考查对电容的理解能力．电容的定义式C=是采用比值定义法，有比值定义的共性，C与Q、U无关，反映电容器本身的特性．【解析】【答案】D2、B【分析】【解析】

试题分析：已知汽车刹车后做匀减速直线运动；已知初速度；加速度和汽车的末速度，可以求出汽车做匀减速运动的时间，根据匀减速直线运动的位移时间关系，可以求出汽车刹车后2s

内的位移和6s

内的位移，则可以得出位移的比值．

已知汽车初速度v0=20m/sa=鈭�5m/s2

末速度v=0

根据匀变速直线运动速度时间关系：

v=v0+at

得，汽车刹车的时间代入数据得：t=4s

因为汽车刹车后4s

就停下来了；所以汽车刹车后6s

内的位移和汽车刹车后4s

内的位移相等，所以有：

故选：B

．

考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．

点评：正确的处理汽车刹车问题，知道刹车后汽车做匀减速直线运动，以初速度方向为正方向时加速度的正负号的选取，并能根据汽车时间正确判断汽车位移的计算．【解析】B

3、B【分析】解：根据AB

为两个固定的等量同种正电荷；在它们连线的中点C

的电场强度为0

从C

到无穷远，电场强度先增大后减小；

因此自由电荷在C

点所受合力为0

沿中轴线运动，所受合力的方向沿中轴线向上，在无穷远处，合力又为零，所以合力的大小先增大后减小；

根据牛顿第二定律；则加速度先增大后减小，加速度方向向上，与速度相同，所以速度一直增大.

故B正确，AC

D错误．

故选：B

．

根据自由运动电荷的受力情况得出加速度方向；根据所受合力大小的变化，判断加速度大小的变化，根据加速度方向和速度方向的关系判断速度的变化．

解决本题的关键得出自由电荷所受合力的变化，根据牛顿第二定律得出加速度的变化，以及知道加速度方向与速度方向相同，做加速运动，加速度方向与速度方向反向，做减速运动．【解析】B

4、D【分析】【分析】取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解..注意只有正弦式交流电的最大值与有效值存在2的关系。【解答】设交流电电流的有效值为I

周期为T

电阻为R

则I2RT=(Im2)2RT2+(Im隆炉2)2RT2

代入数据解得：I=2.510A

故D正确，ABC错误。故选D。

【解析】D

5、A【分析】解：万有引力定律F=Gm1m2r2

公式中，质量m

的单位为kg

距离r

的单位为m

引力F

的单位为N

由公式推导得出，G

的单位为N鈰�m2(Kg)2

故A正确，BCD错误．

故选：A

．

根据万有引力定律F=Gm1m2r2

由质量；距离和力三个量的单位推导出G

的单位．

物理量的单位分基本单位和导出单位，导出单位由基本单位根据公式进行推导得出．【解析】A

6、D【分析】试题分析：根据电磁感应定律，电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量变化率成正比。对于闭合线圈，阻值为一定值，感应电流与感应电动势成正比，与磁通量的变化率成正比，而D选项穿过线圈的磁通量发生变化，磁通量的变化率不为零，所以电流不为零。考点：电磁感应定律【解析】【答案】D7、E【分析】解：电流AB产生的磁场在右边垂直纸面向里；在左边垂直纸面向外，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向下，右边的电流元所受安培力方向向上，知CD导线逆时针方向转动．当CD导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引．所以导线CD逆时针方向转动，同时靠近导线AB．故E正确，A；B、C、D错误．

故选：E．

电流CD处于电流AB产生的磁场中；在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则判断其安培力的方向，从而判断其运动．当CD导线转过90°后，看两电流是同向电流还是异向电流，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．

在解决该题的过程中：1、使用了电流元法，即在导线上取一较短的电流，判断其受力方向．2、使用了特殊位置法，转过90°后判断其受力．3、使用了结论法，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．【解析】【答案】E8、A【分析】解：根据3A的直流电通过电阻R时，t时间内产生的热量为Q可知：Q=I2Rt

R==

当让一交流电通过电阻R；若2t时间内产生的热量为Q，则有：

Q=R•2t

解得：A

Im==3A

故选A．

根据焦耳定律Q=I2Rt求解电流的有效值；其中I是有效值．再根据有效值与最大值的关系求出最大值．

对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值．【解析】【答案】A9、A【分析】A、B

变阻器R2

处于分压状态，电容器两端电压等于变阻器R2

左半段的电压，故要减小变阻器R2

左半段的电阻值，变阻器R2

滑片应该向左移动，故A正确，B错误；C

尘埃P

受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P

向下加速，就要减小电场力，故要减小电容器两端的电压；电路稳定时，滑动变阻器R1

无电流通过，两端电压为零，故改变R1

的电阻值无效果，故C错误；D:

把闭合的开关S

断开，电容器两端电压增大到等于电源电动势，故P

向上加速，故D错误；故选A。【解析】A

二、多选题(共9题，共18分)10、BC【分析】解：第1s电荷受重力和电场力作用处于平衡状态；故电场力向上，与重力平衡；

第2s电势差变大；故电场强度变大，电场力变大，第2s末电场强度增加为第1s末的两倍，故电场力变为2倍，故合力变为向上，大小为mg，且第二秒内合力随时间均匀增加，故加速度随时间均匀增加，是变加速直线运动；

第2s末电场强度增加为第1s末的两倍；故电场力变为2倍，故合力变为向上，大小为mg，故加速度为g，方向是竖直向上，第2s内合力随时间均匀增加，故加速度随时间均匀增加；

故平均加速度为：==

由上分析可知；故AD错误，BC正确；

故选：BC．

第一秒电荷受重力和电场力作用处于平衡状态；第二秒电场力增加；故加速度增加，是变加速运动，根据运动学规律列式求解．

本题关键是第二秒合力随时间均匀增加，求解出平均加速度，然后再求解速度的增加量，同时能通过图象得知，合力的变化情况．【解析】【答案】BC11、BD【分析】【分析】

根据安培力的表达式导出速度vv与xx的关系式，结合匀变速直线运动的速度位移公式判断金属棒的运动是否为匀变速运动；根据安培力与速度的关系式，由x=0x=0和x=1mx=1m处的安培力相等即可求出x=1mx=1m处的速度；根据动能定理求外力做功；根据感应电量公式q=?娄碌R+rq=dfrac{?娄碌}{R+r}求通过金属棒的电荷量。本题考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力的大小公式、做功表达式、动能定理等的规律的应用与理解，运动过程中金属棒所受的安培力不变，是本题解题的突破口，注意B鈭�x

图象的面积和L

的乘积表示磁通量的变化量。【解答】A.根据图象得B鈭�x

函数关系式为B=0.5+0.5x

金属棒向右运动切割磁感线产生感应电动势E=BLv

感应电流I=ER+r=BLvR+r

安培力大小为F掳虏=BIL=BBLvR+rL=B2L2vR+r

解得v=掳虏(R+r)B2L2=F掳虏隆脕0.4(0.5+0.5x)2隆脕0.42=10F掳虏(x+1)2

由匀变速直线运动的速度位移公式v2?v02=2ax

如果是匀变速直线运动，v2

与x

成线性关系，而由上式知，金属棒不可能做匀减速直线运动，故A错误；B.由题意金属棒所受的安培力大小不变，x=0

处与x=1

处安培力大小相等，有B02L2v0R+r=B12L2v1R+r

即v1=B02v0B12=0.52隆脕212m/s=0.5m/s

故B正确；

C.根据感应电量公式q=?娄碌R+r=?BxR+rLx=0

到x=2

过程中，B鈭�x

图象包围的面积?B?x=0.5+1.52隆脕2=2q=?娄碌R+r=2隆脕0.40.4C=2C

故C错误；

D.金属棒在x=0

处的安培力大小为F掳虏=B02L2v0R+r=0.52隆脕0.42隆脕20.4N=0.2N

对金属棒金属棒从x=0

运动到x=1m

过程中，根据动能定理有WF?F掳虏?x=12mv12?12mv02

代入数据解得WF=?0.175J

故D正确。

选BD。

【解析】BD

12、BD【分析】解：A

正方形线框abcd

边长为L(L<d)

所以cd

进入磁场后，ab

还在磁场内；所以线框磁通量不变，即无感应电流.

故A错误．

B；有一段过程；线框无感应电流，只受重力，线框有一阶段的加速度为g.

故B正确．

C、根据能量守恒研究从ab

边刚进入磁场到cd

边刚穿出磁场的整个过程：动能变化为0

重力势能转化为线框产生的热量．

Q=mg(d+L)

故C错误．

D、线框ab

边刚进入磁场速度为v0cd

边刚穿出磁场时速度也为v0

线框有一阶段的加速度为g.

在这过程中必然有加速过程和减速过程，故D正确．

故选：BD

．

正方形线框abcd

边长为L(L<d)

所以有一段过程线框完全进入磁场，线框无感应电流，只受重力．

根据能量守恒研究从ab

边刚进入磁场到cd

边刚穿出磁场的整个过程求解．

解决本题的关键根据根据正方形线框abcd

边长为L(L<d)

进行受力分析，明确研究过程的运动情况．【解析】BD

13、CD【分析】解：A

回路中有磁通量但如果没有发生变化时；不会产生感应电流；故A错误；

B、根据E=n鈻�娄碌鈻�t

可知；磁通量大，磁通量的变化率不一定大，感应电动势不一定大.

故B错误．

C；只要闭合电路中的一部分导体做切割磁感线运动；闭合回路的磁通量发生了变化，电路中就有感应电流.

故C正确．

D；只要闭合回路中磁通量发生变化；就有感应电动势.

故D正确．

故选：CD

．

明确感应电流产生的条件；同时根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势与什么因素有关．

此题要求理解感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化才能产生感应电流.

要产生感应电流，电路一定要闭合，穿过的磁通量还要变化，缺一不可．【解析】CD

14、BD【分析】解：

A、增大AB

板间的距离，根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

分析得知，电容C

减小，电容器的电量Q

不变，则由C=QU

得知；板间电压U

增大，静电计指针张角变大.

故A错误．

B、减小AB

板间的距离，根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

分析得知，电容C

增大，电容器的电量Q

不变，则由C=QU

得知；板间电压U

减小，静电计指针张角变小.

故B正确．

C、减小AB

板的正对面积，根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

分析得知，电容C

减小，电容器的电量Q

不变，则由C=QU

得知；板间电压U

增大，静电计指针张角变大.

故C错误．

D、在AB

板间放入一介质板，根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

分析得知，电容C

增大，电容器的电量Q

不变，则由C=QU

得知；板间电压U

减小，静电计指针张角变小.

故D正确．

故选BD

改变板间距离；改变正对面积或放入电介质；根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．

本题是电容器的动态变化分析问题，在分析不变量的基础上，由电容的决定式C=?S4娄脨kd

和电容的定义式C=QU

结合分析．【解析】BD

15、AC【分析】解：如果激发态的氢原子处于第二能级；能够发出10.2eV的光子，不属于可见光；如果激发态的氢原子处于第三能级，能够发出12.09eV；10.2eV、1.89eV的三种光子，只有1.89eV属于可见光；如果激发态的氢原子处于第四能级，能够发出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六种光子，1.89eV和2.55eV属于可见光，1.89eV的光子为红光，2.55eV的光子为蓝-靛光，故AC正确，BD错误。

故选：AC。

当原子从高能级向低能级跃迁时，发射的光子数目为：同时计算出各种光子能量然后和表格中数据进行对比，便可解决本题。

本题难度不大，知道能级间发生跃迁时吸收的能量必须等于能极差，要求能熟练求出光子数目和对应的光子能量即可。【解析】AC16、CD【分析】解：A、质子和氚核在极板间运动时，有：L=则有：t=所以质子和氚核在极板间运动的时间之比为1：故A错误；

B、质子和氚核都为半个周期，周期的表达式为：T=所以质子和氚核在磁场中运动的时间之比为1：3，故B错误；

C、质子和氚核在磁场中运动的速率由加速电场来决定，则有：qU=得：v=所以质子和氚核在磁场中运动的速率之比为1；故C正确；

D、粒子在磁场中的运动半径为：R=故质子和氚核在磁场中运动的轨迹半径之比为1：故D正确；

故选：CD。

根据题图可知；考查了回旋加速器的原理。根据粒子在回旋加速器在电场和磁场中的运动特点即可求解。

考查带电粒子在电场中加速，在磁场中偏转，理解运动学公式与动能定理的应用，掌握粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式与周期公式。【解析】CD17、AD【分析】解：A；带正电的工件由于静电感应电荷分布在表面；带负电的粒子在库仑力的作用下运动，故A正确，B错误；

C；微粒受电场力的作用；不是磁场力．故C错误，D正确．

故选：AD

工件上的电荷由于静电感应分布在表面；由于库仑引力，负电荷向正电荷运动．

本题结合生活中的具体应用，考查了静电感应，题目难度不大．【解析】【答案】AD18、BC【分析】解：A

速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移；根据图象可知，0

到t2

的时间内P

的位移大于Q

的位移，而时间相等，则P

的平均速度大于Q

的平均速度，故A错误，B正确；

C；0鈭�t1

时间内；Q

与坐标轴围成的面积比P

与坐标轴围成的面积大，所以PQ

没有相遇，故C正确；

D；在t1

时刻前Q

的速度大于P

速度；Q

在P

的前面且距离越来越大，t1

时刻后P

的速度大于Q

速度，两者之间的距离逐渐减小，最后再增大，故D错误．

故选：BC

．

速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，根据图象判断位移大小，根据v炉=xt

比较平均速度；0鈭�t1

时间内，Q

与坐标轴围成的面积比P

与坐标轴围成的面积大，所以PQ

没有相遇．

本题主要考查了速度时间图象的应用，增大速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，能根据图象判断物体的运动情况，难度适中．【解析】BC

三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】A、B两点沿场强方向的距离d=ABsin60°=0.02×所以E=UPB=-EPBsin60°=-577.4×0.005×V="-2.5"V即φP-φB="-2.5"V,φP="-2.5"V【解析】【答案】-2.5；20、略

【分析】解：当夹角为零时合力最大；最大值为6N+8N=14N；

当夹角为90°时，合力的大小为=10N；

故答案为：14；10．【解析】14;1021、T2;增大【分析】解：据题，不转动把手C

让弹簧振子上下振动，周期为T1

弹簧振子的固有周期即为T1.

使把手匀速转动时，弹簧振子做受迫振动，当运动稳定后，弹簧振子的振动周期等于驱动力周期T2.

当驱动力的周期与弹簧振子的固有周期接近时振子的振幅增大，由于T2>T1

即驱动力气周期大于振子的固有周期，则当T2

减小时，把手转速增大时，振幅增大．

故答案为：T2

增大【解析】T2;

增大22、2.7065.015【分析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm；可动刻度读数为0.01×20.6mm=0.206mm；

所以最终读数为：2.5mm+0.206mm=2.706mm．

（2）游标卡尺的固定刻度读数为5cm；游标尺上第3个刻度游标读数为0.05×3mm=0.15mm=0.015cm；

所以最终读数为：5cm+0.015cm=5.015cm；

故答案为：2.706；5.015

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】2.7065.01523、略

【分析】

设甲溜冰者的运动方向为正方向；根据动量守恒定律，选择开始和最后两个状态列方程得：

（M甲+m）v-M乙v=M乙×0+（M甲+m）v；

代入数据解得v=0．

故答案为：0

【解析】【答案】以两人和球为研究对象；系统水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程即可正确解答．

24、略

【分析】

1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积：

V==5×10-6ml；

由于每格边长为1cm，则每一格就是1cm2，估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出40格，则油酸薄膜面积为：S=40cm2；

由于分子是单分子紧密排列的；因此分子直径为：

d==1.25×10-9．

分子直径d=分子体积

则阿伏伽德罗常数N=．

故答案为：5×10-6，40cm2，1.25×10-9．

【解析】【答案】在油膜法估测分子大小的实验中；让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径，掌握估算油膜面积的方法：所围成的方格中，面积超过一半按一半算，小于一半的舍去．

25、增大；减小；停止【分析】解：一光敏电阻和一用电器串联后接在一电源上.

当电路中的光敏电阻受到光照射时；光敏电阻的电阻值比较小，用电器开始正常工作；当光敏电阻不受光照射时，阻值增大，电路中的总电阻增大，则电流减小，用电器停止正常工作．

故答案为：增大；减小，停止．

根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何变化；根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表示数如何变化．

本题是一道闭合电路的动态分析题，认真审题，理解题意，知道“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”是正确解题的前提，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键．【解析】增大；减小；停止四、判断题(共4题，共36分)26、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．27、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．28、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．29、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．五、简答题(共4题，共28分)30、略

【分析】

（1）根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引先判断Q1和Q2与q之间的电性关系，从而判断Q1和Q2之间的电性关系即可；

（2）根据库仑定律列式联立方程即可求解．

本题主要考查了库仑定律的直接应用，知道同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，难度不大，属于基础题．【解析】解：（1）根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引可知，电荷Q1对与点电荷q是排斥力，电性相同，电荷Q2对点电荷q是吸引力，电性相反，则Q1和Q2是带异种电荷；

（2）根据库仑定律得：其中r1=1m，r2=2m；

解得：

答：（1）Q1和Q2带异种电荷；

（2）Q1与Q2的带电量大小之比为．31、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}或rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)>}rm{Zn}原子轨道中电子处于全满状态，rm{Cu}失去一个电子内层电子达到全充满稳定状态

rm{(3)}离子键乙醇、乙醚等有机溶剂属于极性分子，rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}为极性分子，即溶质、溶剂都属于极性分子，所以互溶

rm{(4)}平面正三角形rm{sp^{2}}

rm{(5)}六方最密堆积rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120^circtimes3timesc)N_{A}}}或rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin60^circtimes3timesc)N_{A}}}rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120

^circtimes3timesc)N_{A}}}【分析】【分析】rm{(1)Zn}原子核外有rm{30}个电子，分别分布在rm{1s}rm{2s}rm{2p}rm{3s}rm{3p}rm{3d}rm{4s}能级上，根据构造原理书写其原子核外电子排布式；rm{(2)}轨道中电子处于全满、全空、半满时较稳定，失去电子需要的能量较大；rm{(3)}离子晶体熔沸点较高，离子晶体中含有离子键；乙醇、乙醚等有机溶剂属于极性分子，极性分子的溶质易溶于极性分子的溶剂，根据相似相溶原理分析；rm{(4)ZnCO_{3}}中，阴离子rm{CO_{3}^{2-}}中rm{C}原子价层电子对个数rm{=3+dfrac{4+2-3隆脕2}{2}=3}且不含孤电子对，根据价层电子对互斥理论判断碳酸根离子空间构型及rm{=3+dfrac

{4+2-3隆脕2}{2}=3}原子的杂化形式；rm{C}金属锌的这种堆积方式称为六方最密堆积，该晶胞中rm{(5)}原子个数rm{=12隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+3=6}六棱柱底边边长为rm{Zn}高为rm{=12隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac

{1}{2}+3=6}六棱柱体积rm{=[(a隆脕a隆脕sin120^{circ})隆脕3隆脕c]cm^{3}}晶胞密度rm{acm}本题考查物质结构和性质，涉及晶胞计算、微粒空间构型判断、原子杂化方式判断、原子核外电子排布等知识点，侧重考查学生分析、判断、计算及空间想像能力，熟练掌握均摊分在晶胞计算中的正确运用、价层电子对个数的计算方法，注意：该晶胞中顶点上的原子被rm{ccm}个晶胞共用而不是rm{=[(a隆脕a隆脕sin

120^{circ})隆脕3隆脕c]cm^{3}}个，为易错点。【解答】rm{=dfrac{m}{V}}原子核外有rm{6}个电子，分别分布在rm{8}rm{(1)Zn}rm{30}rm{1s}rm{2s}rm{2p}rm{3s}能级上，其核外电子排布式为rm{3p}或rm{3d}

故答案为：rm{4s}或rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}

rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}轨道中电子处于全满、全空、半满时较稳定，失去电子需要的能量较大，rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}原子轨道中电子处于全满状态，rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}失去一个电子内层电子达到全充满稳定状态，所以rm{(2)}较rm{Zn}易失电子，则第一电离能rm{Cu}

故答案为：rm{Cu}rm{Zn}原子轨道中电子处于全满状态，rm{Cu<Zn}失去一个电子内层电子达到全充满稳定状态；

rm{>}离子晶体熔沸点较高，熔沸点较高rm{Zn}为离子晶体，离子晶体中含有离子键；

根据相似相溶原理知，极性分子的溶质易溶于极性分子的溶剂，乙醇、乙醚等有机溶剂属于极性分子，rm{Cu}rm{(3)}rm{ZnF_{2}}能够溶于乙醇、乙醚等有机溶剂，说明rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}为极性分子；

故答案为：离子键；乙醇、乙醚等有机溶剂属于极性分子，rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}为极性分子；即溶质；溶剂都属于极性分子，所以互溶；

rm{ZnCl_{2}}中，阴离子rm{ZnBr_{2}}中rm{ZnI_{2}}原子价层电子对个数rm{=3+dfrac{4+2-3隆脕2}{2}=3}且不含孤电子对，根据价层电子对互斥理论判断碳酸根离子空间构型及rm{(4)ZnCO_{3}}原子的杂化形式分别为平面正三角形、rm{CO_{3}^{2-}}杂化；

故答案为：平面正三角形；rm{C}

rm{=3+dfrac

{4+2-3隆脕2}{2}=3}金属锌的这种堆积方式称为六方最密堆积，该晶胞中rm{C}原子个数rm{=12隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+3=6}

六棱柱底边边长为rm{sp^{2}}高为rm{sp^{2}}六棱柱体积rm{=[(a隆脕a隆脕sin120^{circ})隆脕3隆脕c]cm^{3}}

晶胞密度rm{=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{M}{N_{A}}隆脕6}{a隆脕a隆脕sin120^{circ}隆脕3隆脕c}g/cm^{3}=dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120^circtimes3timesc)N_{A}}g/cm^{3}}或rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin60^circtimes3timesc)N_{A}}g/cm^{3}}

故答案为：rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120^circtimes3timesc)N_{A}}}或rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin60^circtimes3timesc)N_{A}}}

rm{(5)}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}或rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}rm{(2)>}rm{Zn}原子轨道中电子处于全满状态，rm{Cu}失去一个电子内层电子达到全充满稳定状态rm{(3)}离子键乙醇、乙醚等有机溶剂属于极性分子，rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}为极性分子，即溶质、溶剂都属于极性分子，所以互溶rm{(4)}平面正三角形rm{sp^{2}}rm{(5)}六方最密堆积rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120^circtimes3timesc)N_{A}}}或rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin60^circtimes3timesc)N_{A}}}rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120

^circtimes3timesc)N_{A}}}32、（1）（a）⑥（b）②（c）④（2）①②CaC2+2H2O→Ca(OH)2+CH=CH↑③2－甲基－2－戊烯④4－甲基－2－戊醇【分析】【分析】本题考查了化学方程式书写，侧重考查有机化学反应方程式书写，判断有机物的官能团与物质的类别，辨析同系物、同分异构体的概念，明确有机物结构及性质是解题关键，注意反应条件，题目难度不大。【解答】rm{(1)(a)垄脵CH_{3}COOH(}调味剂rm{)}属于羧酸，rm{垄脷HCOOCH_{3}(}烟草熏蒸剂rm{)}属于酯，rm{垄脹}rm{(}制酚醛树脂rm{)}属于酚，rm{垄脺}rm{(}生产杀虫剂rm{)}属于酚，rm{垄脻CH_{2}=CH漏陇CH=CH_{2}(}合成橡胶原料rm{)}属于二烯烃，rm{垄脼HCHO(}防腐剂rm{)}属于醛，故答案为：rm{垄脼}rm{(b)}rm{(b)}rm{CH}rm{3}与rm{3}分子式均是rm{COOH}二者结构不同，属于同分异构体，故答案为：rm{HCOOCH3}rm{C_{2}H4O_{2}}rm{垄脷}和rm{(c)}结构相似，分子组成相差一个“rm{(c)}”原子团，二者互为同系物，故答案为：rm{垄脹}rm{垄脺}rm{CH_{2}}

故答案为：rm{垄脺}实验室用碳化钙和水反应制取乙炔，化学方程式为：rm{(2)垄脵}甲基是中性原子团，其电子式为：rm{垄脷}实验室用碳化钙和水反应制取乙炔，化学方程式为：rm{垄脷}rm{CaC}rm{2}rm{2}

故答案为：rm{+2H}rm{2}rm{2}rm{O隆煤Ca(OH)}rm{2}rm{2}rm{+CH=CH隆眉}rm{CaC}根据烯烃的命名原则知的名称为：rm{2}甲基rm{2}戊烯；

故答案为：rm{+2H}甲基rm{2}戊烯；rm{2}根据饱和一元醇的命名原则知的名称为：rm{O隆煤Ca(OH)}甲基rm{2}戊醇；

故答案为：rm{2}甲基rm{+CH=CH隆眉}戊醇。

rm{垄脹}根据烯烃的命名原则知【解析】rm{(1)(a)}rm{垄脼}rm{(b)}rm{(b)}rm{垄脷}rm{(c)}rm{(c)}rm{垄脺}rm{(2)垄脵}甲基rm{垄脷CaC_{2}+2H_{2}O隆煤Ca(OH)_{2}+CH=CH隆眉}戊烯rm{垄脹2-}甲基rm{-2-}戊醇rm{垄脺4-}33、rm{(1)HCN}rm{B}

rm{(2)}中性rm{C(CH